广东四校一联物理(普通用卷)

1、本卷由【未来脑智能组卷 】自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。广东四校一联物理评卷人得分一、单选题：共6题 每题6分 共36分http:/www.?* 未来脑教学云平台%1北京获得2022年冬奥会举办权，冰壶是冬奥会的比赛项目。将一个冰壶以一定初速度推出后将运动一段距离停下来。换一个材料相同，质量更大的冰壶，以相同的初速度推出后，冰壶运动的距离将A.不变B.变小C.变大D.无法判断2如图所示，某一缆车沿着坡度为30的山坡以加速度a上行，在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)。则A.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下B

2、.小物块受到的滑动摩擦力大小为maC.小物块受到的静摩擦力大小为12mg+maD.小物块受到斜面的弹力大小为12mg3某种型号焰火礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案。假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍，g=10m/s2，那么v0( 未来脑教学云平台%#和k分别等于A.40m/s，1.25B.40m/s，0.25C.50m/s，1.25D.50m/s，0.254火星的直径为地球的一半，质量为地球的十分之一，它绕太阳公转的轨道半径约为地球绕太阳公转的轨道半径的1.5倍，地球表面重力加速度约

3、为10m/s2，从以上信息可知A.火星公转的周期比地球公转的周期短B.火星表面重力加速度约为4m/s2C.火星公转的向心加速度比地球公转的向心加速度大D.火星公转的线速度大于地球公转的线速度5如图甲所示，一轻杆一端固定在Ohtt+p:/% 未来脑教$学云平台点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为FN，小球在最高点的速度大小为v，FN-v2图象如图乙所示。下列说法正确的是A.当地的重力加速度大小为RbB.小球的质量为aRbC.当v2c时，杆对小球弹力方向向上D.若v2http:/www.wln100.c?om 未来脑教学云平台_%2b，则

4、杆对小球弹力大小为2a6如图所示，在光滑绝缘水平面上的P点正上方O点固定了一电荷量为Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为-q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中60，规定电场中P点的电势为零，则在Q形成的电场中，下列判断正确的是A.P点电场强度大小是N点的2倍B.N点电势高于P点电势C.N点电势为-mv22qD.检验电荷在N点具有的电势能为-mv22评卷人得分二、多选题：共3题 每题6分 共18分7在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n1500匝，横截面积S20 cm2。螺线管导线电阻r1.0 ，R14.0 ，R25.0 ，C30 F。在一段时间内，穿过螺线管

5、的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化。则下列说法中正确的是A.螺线管中产生的感应电动势为1.2 VB.闭合S，电路中的电流稳定后电容器上极板带正电C.电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率为5102 WD.S断开后，流经R2的电量为1.8105 C8如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交变电流的电动势图象如图乙所示，经原、副线圈匝数比为1:10的理想变压器给一灯泡供电，如图丙所示，副线圈电路中灯泡的额定功率为22 W，现闭合开关，灯泡正常发光。则A.t0.01s时，穿过线框回路的磁通量为零B.金属线框的转速为50 r/sC.变压器原线圈中电流表的示数为2A

6、ht(tp:%/ 未来脑*教学云平台D.灯泡的额定电压为220V9如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点。则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能Ek、重力对滑块所做的功W与时间t或位移x关系的是(取初速度方向为正方向)A.B.C.D.评卷人得分三、实验题：共2题 每题12分 共24分10为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。(1)实验时，一定要进行的操作是 。A.为减小误差，实验中一定要保证钩码的质量m远小于小车的质量MB.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出

7、一条纸带，同时记录拉力传感器的示数http:/www.w| 未来脑教学云平台?D.改变钩码的质量，打出几条纸带(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点(图中未标出)，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，计数点间的距离如图所示。根据图中数据计算的加速度a_(保留三位有效数字)。(3)以拉力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的a-F图像是一条直线，测得图线的斜率为k，则小车的质量为 。11(1)某研究小组的同学为了测量某一电阻Rx的阻值，甲同学先用多用电表进行粗测。使用多用电表欧姆挡时，将选择开关

8、调到欧姆挡“10”档位并调零，测量时发现指针向右偏转角度太大，这时他应该：先将选择开关换成欧姆挡的“_”档位，将红、黑表笔短接，再进行 ，使指针指在欧姆刻度的“0”处；再次测量电阻Rx的阻值时，指针在刻度盘上停留的位置如图所示，则所测量的值为 。(2)为进一步精确测量该电阻，实验台上摆放有以下器材：A.电流表(量程15mA，内阻约100)B.电流表(量程0.6A，内阻约0.5)C.电阻箱(最大电阻99.99)D.电阻箱(最大电阻999.9)http:/ww)w.wln10?0?.co+m 未来脑教学云平台E.电源(电动势3V，内阻0.8)h?ttp:/ 未%来脑教学云平台$#F.单刀单掷开关2

9、只G.导线若干乙同学设计的电路图如图所示，现按照如下实验步骤完成实验：调节电阻箱，使电阻箱有合适的阻值R1，仅闭合S1，使电流表有较大的偏转且读数为I；调节电阻箱，保持开关S1闭合，开关S2闭合，再次调节电阻箱的阻值为R2，使电流表读数仍为I。a.根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择 (填器材前字母)http):/)? 未来脑教学云平台!b.根据实验步骤可知，待测电阻Rx= (用题目所给测量数据表示)。(3)利用以上实验电路，闭合S2调节电阻箱R，可测量出电流表的内阻RA，丙同学通过调节电阻箱R，读出多组R和I值，作出了1I-R图像如图所示。若图像中纵轴截距为1A-1，则电流表内阻RA

10、= 。评卷人得分四、计算题：共5题 每题20分 共100分12为了安全，在公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离。已知某高速公路的最高限速v120km/h。假设前方车辆突然停止，后车司机从发现这一情况，经操纵刹车，到汽车开始减速所经历的时间(即反应时间)t0.60s。刹车时汽车受到阻力的大小f为汽车重力的0.50倍，取重力加速度g=10m/s2。该高速公路上汽车间的距离s至少应为多少？(结果保留一位小数)13如图所示，一平面框架与水平面成37角，宽L=0.4m，上、下两端各有一个电阻R0htt+p:/+ 未来脑教%学云平台1，框架的其他部分电阻不计，框架足够长.垂直于框平面的方向存在向上的匀强磁

11、场，磁感应强度B2T。ab为金属杆，其长度为L! 未来脑教学)云平台0.4m，质量m0.8kg，电阻r0.5，金属杆与框架的动摩擦因数0.5。金属杆由静止开始下滑，直到速度达到最大的过程中，金属杆克服磁场力所做的功为W=1.5J。已知sin370.6，cos37=0.8；g取10m/s2。求:(1)ab杆达到的最大速度v；(2)ab杆从开始到速度最大的过程中沿斜面下滑的距离。http:/www.w)ln100.)com 未来脑教学?云平台14如图所示，虚线OC与y轴的夹角=60，在此角范围内有一方向垂直于xOy平面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场。虚线OC与x轴所夹范围内有一沿x轴正方向、电

12、场强度大小为E的匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子a(不计重力)从y轴的点M(0，L)沿x轴的正方向射入磁场中。求：(1)要使粒子a从OC边界离开磁场后竖直向下垂直进入匀强电场，经过匀强电场后从x 未来脑教学云平台(%轴上的P点(图中未画出)离开，则该粒子射入磁场的初速度v1和OP的距离分别为多大？(2) 若大量粒子a同时以v2=3qBL2mhttp:/www.wl%n| 未来脑教学云平台#$从M点沿xOy平面的各个方向射入磁场中，则从OC边界最先射出的粒子与最后射出的粒子的时间差。15(1)以下说法正确的有 。(填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。错选

13、得0分)A.布朗运动证明，组成固体小颗粒的分子在做无规则运动B.液晶的光学性质会随温度、外加电压等外界因素的变化而变化C.第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律D.已知阿伏伽德罗常数，某气体的摩尔质量，就可以计算出该气体的分子质量E.雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力(1)如图所示，上端开口的光滑圆柱形汽缸竖直放置，截面积为40cm2的活塞将一定质量的气体和一形状不规则的固体A封闭在汽缸内。在汽缸内距缸底60cm处设有a、b两限制装置，使活塞只能向上滑动。开始时活塞搁在a、b上，缸内气体的压强为p0(p0=1.0105Pa为大气压强)，温度为300K。现缓慢加热汽缸内气体，当温

14、度为330K，活塞恰好离开a、b；当温度为360K时，活塞上升了4cm。g=10m/s2。求活塞的质量和物体A的体积。16(1)下列说法正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。错选得0分)A.卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型B.衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C.爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说D.对于任何一种金属都存在一个极限频率，入射光的频率必须大于这个极限频率，才能产生光电效应E.根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动动能减小。(2)如图所示，光滑水平面上依次放

15、置两个质量均为m的小物块A和C以及光滑曲面劈B，B的质量为M=3m，劈Bhttp:/ww*w.wln100.c?om 未来脑教学云平台)!的曲面下端与水平面相切，且劈B足够高。现让小物块C以水平速度v0http+:/ 未来脑%教学*云平台$向右运动，与A发生弹性碰撞，碰撞后小物块A又滑上劈B。求物块A在B上能够达到的最大高度。试卷第7页，总8页参考答案1.A【解析】本题考查的是受力分析、牛顿运动定律及匀变速直线运动的规律问题。由于材料相同，因而两次情况冰壶运动的加速度相同，且推出时的初速度也相同，由匀变速直线运动位移与速度的关系可知两次运动的距离应该相等。综上本题答案选A。【备注】无2.C【解

16、析】本题考查的是受力分析及牛顿运动定律的问题。由受力分析可知小物块受到的静摩擦力方向应该是平行斜面向上；由牛顿第二定律可知有f-mgsin=ma，则可知小物块受到的静摩擦力大小为12mg+ma；由受力分析及力的分解规律可知小物块受到斜面的弹力大小为N=mgcos=3mg2，综上本题答案选C。【备注】无3.D【解析】本题考查的是受力分析、牛顿运动定律及竖直上抛运动的规律问题。由题意可知上升过程的平均速度为v=st=v0+02，则可知射出时的初速度是v0=2st=50m/s，向上运动过程的加速度为a=2st2=mg+kmgm，解得k=2sgt2-1=0.25。综上本题答案选D。【备注】无4.B【解

17、析】本题考查的是万有引力定律及匀速圆周运动规律的问题。研究火星和地球绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得出GMmr2=m42T2r，有T=2r3GM，M为太阳的质量，r为轨道半径，火星的轨道半径大于地球的轨道半径，公转轨道半径大的周期长，故A错误；根据万有引力等于重力得GMmR2=mg，则可知g=GMR2，根据火星直径约为地球的一半，质量约为地球的十分之一，计算得出火星表面的重力加速度约为地球表面的25，即4m/s2，故B正确；研究火星和地球绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得出GMmr2=ma，得a=GMr2，M为太阳的质量，r为轨道半径。火星的轨道半径大于地球的轨道半径，向心加速度小，故C

18、错误；研究火星和地球绕太阳公转，根据万有引力提供向心力得GMmr2=mv2r，得v=GMr，M为太阳的质量，r为轨道半径。火星的轨道半径大于地球的轨道半径，公转轨道半径大的线速度小，故D错误；综上本题选B。【备注】无5.B【解析】本题考查的是受力分析及匀速圆周运动的向心力来源的问题。在最高点，若v=0，则N=a=mg；若N=0，则mg=mv2R=mbR，解得g=bR,m=abR，故A错误，B正确；由图可知：当v2b时，杆对小球弹力方向向上，当v2b时，杆对小球弹力方向向下，所以当v2=c时，杆对小球弹力方向向下，所以小球对杆的弹力方向向上，故C错误；若c=2b，则N+mg=m2bR，解得N=a

19、=mg，故D错误。综上本题答案选B。【备注】无6.C【解析】本题关键要掌握电场线方向与电势高低的关系，即顺着电场线方向电势降低，以及点电荷场强公式。根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，而M、P两点的电势相等，则N点电势低于P点电势，故B错误；根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程： -q(N-P)=12mv2，由题，P点的电势为零，即P=0，解得，N点的电势N=-mv22q，故C正确；P点电场强度大小是EP=kQrp2，N点电场强度大小是EN=kQrN2，则EP：EN=rN2:rP2=4:1，故A错误；检验电荷在N点具有的电势能为EP=-qN=12mv2，故D错误。综上本

20、题答案选C。【备注】无7.AD【解析】本题考查了法拉第电磁感应定律并结合闭合电路欧姆定律求出电压分配，并结合电容器知识求出电量。根据法拉第电磁感应定律则E=nt=nBtS=1.2V，A正确；闭合开关，电路中的电流稳定后电容器下极板带正电，电路中产生的电流为I=ER+r=0.12A，所以PR1=I2R1=5.7610-2W，B、C错误；根据题意可知断开前电容器储存的电荷量Q=CUR2=CIR2=1.810-5C，断开开关后，电容器通过R2将电荷全部释放，所以通过R2电荷量为1.810-5C。综上本题答案选AD。【备注】无8.BD【解析】本题旨在考查变压器的构造和原理、交流发电机及其产生正弦式电流

21、的原理、正弦式电流的图象和三角函数表达式。由图乙可知，当t=0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；由图可知，交流电的周期为T=0.02s，则角速度为=2T=100rad/s，金属线框的转速为50r/s故B正确；副线圈中消耗的电功率是22W，所以原线圈中的输入功率是22W，原线圈输入电压为有效值为22V，则变压器原线圈中电流表示数为I=PU=1A，故C错误；灯泡正常发光，故额定电压为220V，故D错误。综上本题答案选BD。【备注】无9.AD【解析】根据牛顿第二定律求出上滑和下滑过程中的加速度大小，从而得出速度随时间的变化规律，根据动能定理得出动能与位移的规律，根

22、据W=mgh，得出重力势能与位移变化关系。上滑时的加速度a1=mgsin+mgcosm=gsin+gcos，下滑时的加速度a2=mgsin-mgcosm=gsin-gcos，知a1a2，根据位移公式x=12at2，由于下滑与上滑过程位移大小相等，则知，下滑时间大于上滑的时间t2t1，由于机械能有损失，返回到出发点时速度小于出发时的初速度，根据速度时间图线的斜率表示加速度，上滑和下滑过程加速度方向一样，均向下，故A正确，B错误；动能是标量，不存在负值，故C错误；重力做功W=-mgh=-mgxsin，故D正确。综上本题答案选AD。【备注】无10.(1)BD ；(2)0.496；(3)1k【解析】本

23、题考查的是测定匀变速运动物体的加速度的加速度问题。(1)细绳应与长木板表面平行，保证拉力即为其水平方向的合力，故A正确；此题中只要能使小车做加速运动即可，没必要应使钩码质量远小于小车质量，但有必要平衡摩擦力，选项A错误B正确；开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故C错误，D正确；答案选BD。(2)由逐差法可求得a=(3.88+3.39+2.88)-(1.40+1.89+2.40)90.1210-2m/s2=0.496m/s2；(3)由图像

24、的斜率的物理意义k=aF=1m，则可知小车的质量为m=1k。【备注】无11.(1)1，欧姆调零，12；(2)a. A b. R2-R1 ；(3)2. 2【解析】本题考查的是电阻的测量的实验问题。(1)欧姆表指针向右偏转角度很大，说明所选倍率太大，为准确测量电阻阻值，应换小挡，即换用1挡；将红、黑表笔短接，再进行欧姆调零，使指针指在欧姆刻度的“0”处；再次测量电阻Rx的阻值时，由指针在刻度盘上停留的位置可知所测量的值为12。(2)a.由于要使电流表要有较大的偏转，因而此时只能选用小量程的电流表A；b.由题意可知有Rx+R1+RA+r=R2+RA+r，因而有Rx=R2-R1；(3)由题意可知有I=

25、ER+RA+r，整理后有1I=1ER+RA+rE，则可知有RA=E-r=2.2。【备注】无12.131.1m【解析】本题考查的是牛顿第二定律及匀变速直线运动的规律问题。在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离为：s1=vt=20m 设刹车时汽车的加速度大小为a, 汽车的质量为m,则有：f=ma=0.5mg 解得：a=5m/s2 从刹车到汽车停下，运动的距离为：s2=v22a=111.1m 所求距离为：s=s1+s2=131.1m。【备注】无13.(1)2.5m/s；(2)2.5m【解析】本题考查的是受力分析，牛顿运动定律及电磁感应的规律以及闭合电路欧姆定律的问题。(1)杆ab达到平衡时的速度即

26、为最大速度v，此时杆ab所受安培力为F，则有：mgsin-F-N=0 N-mgcos=0 总电阻：R=R02+r=1 杆ab产生的感应电动势为：E=BLv 通过杆ab的感应电流为：I=ER 杆ab所受安培力为：F=BIL 联立式解得：v=mg(sin-mgcos)B2L2=2.5m/s (2)从开始到速度最大的过程中ab杆沿斜面下滑的距离为s，由动能定理得：mgssin-W-mgscos=12mv2 联立式代入数据解之得：s=2.5m 【备注】无14.(1)v1=(3-3)qBL2m、OP=(3-3)L2+Em6qB2；(2)t=2m3qB【解析】本题考查的是带电粒子在电磁场中的运动特点的问题

27、。(1)粒子a竖直向下穿过OC，在磁场中轨迹圆心如图为O1,OO1=Rcot，OO1=L-R，得：R=(3-3)L2 由qv1B=mv12R, 解得： v1=(3-3)qBL2m 粒子a竖直向下穿过OC垂直进入匀强电场后，做类平抛运动。则有：qE=ma Rcot=v1t x=12at2 OP=R+x 解得：t=3m3qB，x=Em6qB2，OP=(3-3)L2+Em6qB2(2)由qv2B=mv22R2，解得：R2=3L2 粒子在磁场中做匀速园周运动的周期为：T=2R2v2=2mqB最后出磁场的粒子从OC边上的E点射出，弦ME最长为直径，ME=2R2=3L，在磁场中运动的时间为：t1=T2=mqB MF为垂直OC的一条弦，则MF为最短的弦，从F点射出的粒子运动时间最短，此时轨迹圆心为O2，由三角形关系得：MF=Lsin=3L2， sin=MF2R2=12,=300 此粒子的运动时间t2=23