北京二十二中2019-2020学年高二上学期期中物理试卷(合格考)(有解析)

1、北京二十二中2019-2020学年高二上学期期中物理试卷（合格考）一、单选题（本大题共18小题，共57.0分）1.在电场中某点引入电荷量为4的正电荷，这个电荷受到的电场力为巴 则（）A.在这点引入电荷量为力的正电荷时，该点的电场强度将等于5B.在这点引入电荷量为的正电荷时，该点的电场强度将等于C.在这点无论引入电荷量是多大的电荷时，该点的电场强度将始终等于D.若将一个电子引入该点，则由于电子带负电，所以该点的电场强度的方向将和在这一点引入 正电荷时相反2 .对库仑定律的数学表达式F = k等的以下理解中，正确的是（）A.此式适用于任何介质中任意两个带电体间相互作用力的计算B.此式仅适用于真空中

2、任意两个带电体间相互作用力的计算C.由此式可知，当，趋于零时E趋于无限大D.式中的是与生、勺2及的大小无关的恒量，且 = 9.0X 1（）9w巾2（23 .下列说法中正确的是（）A.电子带电量很小，周围不存在电场B.电场是一种物质，与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C.电荷间的作用力是通过电场产生，电场对处在它里面的电荷可能不存在力的作用D.电场是人为设想出来的，其实并不存在4 . 一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F,这点的电场强度为E,在下图中能正确反映夕、 E、产三者关系的是（）5 .下列说法中正确的是（）A.等势而上各点的场强大小相等、方向相同B.在匀强电场中，电场

3、强度等于单位长度上的电势差C.野外高压输电有三条输电线，在其上方还有两条导线是输电备用线D.在一个以点电荷。为中心，/为半径的球面上，各处的电场强度都不同6 .两带电小球，电荷量分别为+q和-q,固定在一长度为L的绝缘细杆的T两端，置于电场强度为E的匀强电场中，杆与场强的方向平行，其位置,如图所示，若此杆绕过。点且垂直于杆的轴线转过180。，则在此转动 的过程中电场力做的功力（）*A. 0B. 2qELC. nqELD. qEL7 .如图所示，MN是某一点电荷电场中的一根电场线，在场线上。点放一负电荷，它将沿电场线M 0 N向N点移动，则电场线方向是（）A.由N指向M,电荷怎样运动由题设条件不

4、能确定B.由N指向M,电荷做加速运动，加速度越来越大C.由M指向N,电荷做匀加速运动D.由指向N,电荷做加速运动，加速度越来越小8 .在电场中某点，当放入正电荷时受到的电场力方向向右；当放入负电荷时受到的电场力方向向左，则下列说法中正确的是（）A.当放入正电荷时，该点场强方向向右：当放入负电荷时，该点场强方向向左B.该点场强方向一定向右C.该点场强方向一定向左D.该点场强方向可能向右，也可能向左9 .甲、乙两根由相同材料制成的圆柱形导线，甲的长度和横截而直径均是乙的，倍，则两条导线的电阻关系是（）A.甲、乙两条导线电阻相等B.甲导线电阻是乙导线电阻的“音nC.甲导线电阻是乙导线电阻的倍 D.乙

5、导线电阻是甲导线电阻的标倍10 .以下用电器中，部分电路欧姆定律（1 =，）能适用的是（）D.录音机A.电风扇 B.洗衣机 C.白炽灯11 .下列物理单位中，是电容器电容的单位的是（）A.法拉（F） B.特斯拉（T）C.库仑（C） D.韦伯（Wb）12 .有“、b、c、4四只定值电阻，它们的/U图象如图所示，则图中电阻 最大的是（）A. aB. bC. cD. d13 .电容器充电后切断电源，能使两板间电势差增大的方法是（）A.在两板间插入玻璃板B.使两板靠近C.保持两板间距不变，使两板正对而积大些D.使两板分开一些14 .用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，将r_|热敏电

6、阻一热敏电阻接入电压恒为U的电路中（如图所示），接通开关后，热 1_ L 敏电阻温度升高过程中会观察到（）A.电流表示数不变B.电流表示数减小C.电压表示数增大D.电压表示数减小15 .如图所示电路中，当滑动变阻器滑片尸向上移动时，则（）A.电流表示数变大B.电压变示数变小C.灯泡变暗D.灯泡变亮,现将另两个等量异种的检验电16 . A、8为两等量异种电荷，图中水平虚线为A、8连线的中垂线荷”、仇如图用绝缘细杆连接后从离A8无穷远处沿中垂线平移到A8的连线，平移过程中两检 验电荷位置始终关于中垂线对称。若规定离A5无穷远处电势为零，则下列说法中正确的是（）!:8 6A.在AB的连线上所处的位置

7、电势9a VOB.”、b整体在A3连线处具有的电势能Ep 0C.整个移动过程中，静电力对做正功D.整个移动过程中，静电力对“、整体做正功17.在一个等边三角形ABC顶点8、。处各放一个点电荷时，测得A处的 电场强度方向与8C边平行且水平向右，如图所示。则关于B、C处所 放点电荷的带电情况和电性说法正确的是（）A.电性一定相同，电量大小相同B.电性一定相反，电量大小相同C.电性一定相反，电量大小一定不相同D.电性一定相同,电量大小一定不相同18 .如图是静电喷漆的工作原理图。工作时，喷枪部分接高压电源负极，工件接正极，喷枪的端部 与工件之间就形成静电场，从喷枪喷出的涂料微粒在电场中运动到工件，并

8、被吸附在工件表面。图中画出了部分微粒的轨迹，设微粒被喷出后只受静电力作用，则（）A.微粒的运动轨迹显示的是电场线的分布情况B.微粒向工件运动的过程中所受电场力先减小后增大C.在向工件运动的过程中，微粒的动能逐渐减小D.在向工件运动的过程中，微粒的电势能逐渐增大二、填空题（本大题共1小题，共3.0分）19 .真空中有两个相同的金属小球，带电量分别为1.0X10-8。和+3.0X10-七，相距-时，相互作用为0.30N,现将两球相接触后再放回原处，则它们之间的相互作用力为 M三、实验题（本大题共1小题，共3.0分）20 .在“测定金属丝的电阻率”的实验中，用伏安法测量金属丝的电阻（约为5。）时，备

9、有下列器材：A.量程是00.6A，内阻约为0.5。的电流表：8.量程是03P，内阻约为6k。的电压表；C量程是015P，内阻约为30k0的电压表：D阻值是。M。、额定电流为0.54的滑动变阻器：阻值是010。、额定电流为的滑动变阻器：F.蓄电池9V；G.开关一个，导线若干.（1）如图1所示，用螺旋测微器测金属丝直径d =mm.（2）为了尽可能提高测量精度，且要求测量多组实验数据，电流表应选用:滑动变阻器应选用（只填字母代号）.请在图2的方框内将实验电路图连接完整.四、计算题(本大题共3小题，共24.0分)21 .电场中某区域的电场线分布如图所示，A、8是电场中的两点.由图可知， 电场强度取 E

10、b(选填或“V).将一个负点电荷先后放在A、B 两点，它所受的电场力为 尸8(选填或V ).22 .在金属板A、8间加上如图乙所示的大小不变、方向周期性变化的交变电压，其周期是7.现有 电子以平行于金属板的速度外从两板中央射入(如图甲)。已知电子的质量为?，电荷量为？，不 计电子的重力，求：(1)若电子从t = O时刻射入，在半个周期内恰好能从A板的边缘飞出，则电子飞出时速度的大 小。(2)若电子从t = O时刻射入，恰能平行于金属板飞出，则金属板至少多长？(3)若电子恰能从两板中央平行于板飞出，电子应从哪一时刻射入，两板间距至少多大？A_ /。上-0-0B 心以Bi ii-i 1 i imI

11、 2F乙23 .如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为，的电量为。的 电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压与加速后通过3点进入两板间距为4电压 为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能 从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：(1)电子通过点时的速度大小：(2)右侧平行金属板的长度;电子穿出右侧平行金属板时的动能和速度方向.答案与解析L答案：C解析：解：A、由题意，电荷量为q的正电荷受到的电场力为凡 则这个点的场强为E=；,此式采用比值法定 义E,而E与F、4无关，故在这点引入电荷量为%的正电

12、荷时，该点的电场强度仍为E=；,故A 错误.B、同理，在这点引入电荷量为%的正电荷时，该点的电场强度仍为E=%故8错误.C、电场强度E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，电场中同一点的电场强度是确定的，所以 在这点无论引入电荷量是多大的电荷时，该点的电场强度将始终等于,故C正确.。、若将一个电子引入该点，该点的电场强度的方向仍和在这一点引入正电荷时场强方向相同，故。 错误.故选：C.引入电场中的电荷为试探电荷，电场强度等于试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值，采用比值 法定义，场强E与试探电荷无关，方向与正试探电荷所受的电场力方向相反.本题可根据场强比值法定义的共性，抓住电场强度与试探电荷无关

13、，知道电场中某点的场强是唯一 确定的.2 .答案：D解析：库仑定律尸=儿詈适用于真空中两点电荷之间的作用力.当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对 它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷是与%、勺2及，的大小无关的恒量，且 = 9.0 X 1Q3N -m2/C2.解决本题的关键掌握库仑定律的适用范闱，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电 荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷.AB、此式适用于任何真空中静止的点电荷间相互作用力的计算，故A3错误.C、由此式可知，当趋于零时，电荷己不能看成点电荷，故此式不在成立，故得不到F趋于无限大 的结论，故C错误.D

14、、式中的女是与仇、勺2及的大小无关的恒量，且A = 9.0X109Nm2/c2,故。正确. 故选：D.3 .答案：B解析：解：A、电场是电荷及变化磁场周围空间里存在的一种特殊物质，只要有电荷，就一定有电场， 故A错误.庆电场是一种物质，它与其它物质一样是不依赖我们的感觉而客观存在的，故8正确.。、电场的基本性质就是对放入其中的电荷有力的作用，与放入的电荷是否运动无关.故。错误： 。、任何电荷周围都产生电场，电荷间的相互作用就是通过电场发生的，电场实际存在，而电场线 是人为设想出来的，其实并不存在，故。错误.故选：B.电场是电荷周围存在的一种特殊物质，电场这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原

15、子所组成， 但它是不依赖于我们的感觉而客观存在的：电场的力的性质表现为，电场对放入其中的电荷有作用 力，这种力称为电场力：电荷间的相互作用就是通过电场发生的.电场是客观存在的一种物质，这种物质与通常的实物不同，它不是由分子原子所组成，我们通常称 之为场物质.4 .答案：D解析：解：A、电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，故A、B错误。C、根据F = qE知，E1不变，户与q成正比，故C错误，。正确。故选：电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，由电场本身的性质决定，根据尸=qE分析F与q的关系。 解决本题的关键知道电场强度的性质，知道电场强度与尸和g无关，结合尸=qE分析F与q的关系， 基础题

16、.5 .答案：D解析：解：A、等势而上各点的电势相等，但场强与之无关，不能判断出大小是否相等、方向是否, A错误：&在匀强电场中，电场强度等于沿电场线方向上单位长度的电势差，8错误：C、高压输电铁塔最上面的两条导线是避雷线，防止雷直接击到输电线上，这两条线一般与铁塔相连， 将电流引入大地，C错误：。、在一个以点电荷。为中心，为半径的球面上，各处的电场强度大小相同，方向不同，。正确: 故选：D场强是矢量，说相等应该是大小和方向都相同，在匀强电场中，电场强度等于沿电场线方向上单位 长度的电势差，高压输电铁塔最上面的两条导线是避雷线.本题考查了电场强度的矢量性，了解各种电场的场强分别情况，知道高压输

17、电的线路作用.6 .答案：B解析：分析电场力对两电荷的做功情况，并求出其总功即可。抓住电场力做功与路径无关，只与始末状态 位置有关。抓住旋转过程中电场力分别对正负电荷做的功求解是关键。细杆转的过程中：正电荷受力的方向向右，位移的方向也向右，电场力对它做正功：WL =qEL负电荷受力的方向向左，位移的方向也向左，电场力对它做正功：W2 = qEL 电场力对两小球所做的功：卬=必+匕= 2EqL,故ACD错误，B正确。 故选B。7 .答案：A解析：解：由题，负电荷由静止开始从。运动到N,负电荷所受电场力方向从。到N,场强方向与 电场力方向相反，即场强方向由N指向M.负电荷从静止开始，必定做加速运动

18、.由于电场线的分布 情况未知，场强如何变化无法确定，电场力和加速度如何变化也无法确定，则电荷加速度可能越来 越小，可能越来越大.故选：A根据负电荷的运动方向判断电场力，确定场强方向.场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密 场强越大本题根据电荷的运动方向确定场强方向不难，容易产生的错误在于分析场强大小的变化来确定加速 度的变化，条件不明时，考虑问题要全面8 .答案：B解析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷的有无，电量的大小，电性，电场力的 大小，方向无关。本题考查对电场强度的理解及场强与电场力的方向关系。电场强度的方向与正电荷所受的电场力方向相同，与负电荷所受的电场力方向相

19、反。在电场中某场 强的方向是唯一确定的，故该点的场强的方向向右，故只有6正确。故选9 .答案：B解析：解：由可知：R = P口;S7TU -故电阻与导线长度成正比，与直径的平方成反比；故甲的电阻是乙的电阻的倍：71故选：B.由金属导体的电阻定律公式A= pg进行分析，明确电阻与导线长度及直径的关系，再比较两根电阻 的阻值关系.本题考查了影响电阻大小的因素，电阻大小决定于导体的材料、长度和横截面积.10 .答案：C解析：解：部分电路欧姆定律适用于纯电阻电路：即只适用于产生热量的装置：故只适用于白炽灯； 故选：C.根据欧姆定律的适用条件分析答题.欧姆定律只适用于金属导体或电解质溶液.电风扇、洗衣机

20、、录音机等均出现电能转化为机械能或其他形式能的情况，不符合欧姆定律的适用 条件.11 .答案：A解析：本题属于基础题，电容器的电容反应电容器容纳电荷本领大小的物理量，它的单位是法拉。 电容是反应电容器容纳电荷本领大小的物理量，单位是法拉(F),故A正确，BC。错误。 故选A。12 .答案：D解析：解：电阻R = %可知电阻R等于U-/图线斜率的倒数。图线d的斜率的最小，电阻最大。 故选：。根据欧姆定律得到电阻R = % U-/图线的斜率等于电阻的倒数，斜率越大，电阻越小.本题根据伏安特性曲线斜率的倒数表示电阻来判断电阻的大小.如U - /图是曲线，切线斜率的倒数 不等于电阻，应是图线上的点与原

21、点连线斜率的倒数等于电阻.13 .答案：D解析：解：平行板电容器充电后与电源断开电量。不变，要使两板间电势差U增大，根据电容的定 义式得知，必须使电容减小；由电容的决定式C =得知，必须在两板间抽出玻璃板，使两U47TKG板距离增大些或保持两板的间距不变，使两板错开些：故48C错误，。正确；故选：D.平行板电容器充电后与电源断开电量不变，要使两板间电势差增大，根据电容的定义式分析电容如 何变化，再由电容的决定式分析增大电势差的方法.本题根据电容的定义式C =今和电容的决定式C = 三结合分析使两板间电势差增大的方法，常见题 型.14 .答案：D解析：解：当传感器&所在处出现火情时，&的阻值变小

22、，七与灭3的串联联电阻减小，外电路总电 阻变小，则总电流变大，电源的电压不变，路段电压应该变小，&电压应该变小，而&电压变大， 故热敏电阻电压变小，即电压表示数变小.所以/变大，U变小.故。正确，ABC错误： 故选：D.心为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小.当传感器&所在处出现火情时， 分析段的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化.根据 并联部分电压的变化，分析/的变化.本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部t整体一局部”的顺序进行动态变化分析, 也可以利用“串反并同”的规律解答.15 .答案：C解析：解：当变阻器的滑动触头户

23、向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大， 总电流/减小，A灯变暗，电流表示数变小：A灯和电源的内电压都减小.由闭合电路欧姆定律得知并联部分电压增大，电压表示数增大：故C 正确，A3。错误。故选：Co当变阻器的滑动触头尸向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电 路欧姆定律分析总电流的变化，从而判断灯泡亮度的变化：再分析滑动变阻器两端的电压变化. 本题是闭合电路欧姆定律动态分析问题，按局部到整体，再对局部分析电压或电流的变化进行分析； 也可以直接利用“串反并同”的规律进行判断.16 .答案：B解析：解：从、设A8连线的中点为0.由于连线的垂直平分线是一条等

24、势线，且一直延伸到无穷 远处，所以。点的电势为零。A。间的电场线方向由/ t。，而顺着电场线方向电势逐渐降低，可知， 所处的位置电势%0,故A错误。B、”所处的位置电势外0, 所处的位置电势V。，由Ep = q9知，、，在A8处的电势能均大 于零，则整体的电势能%0.故8正确。C、在平移过程中，“所受的静电力与其位移方向的夹角为钝角，则静电力对“做负功，故。错误。 D、“、看成一个整体，总电量为零，所以整个移动过程中，静电力对“、整体做功为零，故。错误。故选:Bo明确等量异号电荷的电场分布规律，知道AB连线的垂直平分线是一条等势线，其电势等于无穷远处 电势。根据电场线的方向分析电势的大小。对于

25、等量异种电荷电场线和等势面的分布情况要熟悉，要抓住其对称性进行记忆，知道等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，且一直延伸到无穷远。17 .答案：B解析：本题主要考查电场的登加，A处的电场强度是由两个点电荷产生的电场强度的卷加，根据点电荷在某处产生电场强度的公式，结合矢量叠加法则，即可求解。由题意可知，两个顶点从。处各放一个点电荷，测得八处的电场强度大小为，方向与8c边平行 沿8指向C，根据平行四边形定则作出8处点电荷在A处的电场强度邑和C点电荷在A处的电场强 度比的合场强七，由于三角形A8C是等边三角形，所以和比的夹角为120。，由几何知识可知， Es = Ec = E，由电场方向和大小可

26、知，B、C处所放点电荷等大异号。故B正确，ACD错误。 故选心18 .答案：B解析：在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件带正电，涂料微粒带负电，根据电场强度的分布可知，所受 电场力先减小后增大，电场力对涂料微粒做正功，其微粒的动能增大，微粒的电势能减小。本题主要考查了电场线、电场强度、电场力、电场力做功、电势能和动能的应用，抓住异种电荷相 互吸收，分析涂料微粒的电性，根据电场力做功正负判断电势能的变化情况。人由于喷出的涂料微粒有初速度，故不一定沿电场线方向运动，所以微粒的运动轨迹显示的不一定 是电场线的分布情况，故A错误：8.由图可知，则在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件带正电，涂料微粒带负电，

27、根据电场强度的 分布可知，所受电场力先减小后增大，故B正确；CD.涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其微粒的 动能增大，微粒的电势能减小，故错误。故选19答案：0.1解析：解：接触前库仑力接触后分开，两小球的电荷都为1X10-8。，则库 r-r-仑力F2=喀1=包=。.1. v 3故答案为：0.1.两个小球接触后分开，电荷先中和再平分，根据库仑定律尸=儿警相互作用力.解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和再平分.以及掌握库仑定律尸=k等.20 .答案：1.880； A； E解析：解：(1)从图中读出金属幺幺的直径为d = 1.5mm + 38.0 X

28、 0.01mm = 1.880mm；(2)电源电动势为9V,选015P量程的电压表读数误差较大，电压表应选5、程为03P,内阻为6kG：只有一个电流表，只能选择电流表应选A、量程为0、。64内阻为0.50 为方便实验操作，滑动变阻器应选人 阻值为。10。，额定电流为24；电压从。开始测量，滑动变阻器应采用分压接法：总=2=1。，替=等=1200,詈 春 电流 其A u3k 5以表应采用外接法，实验电路图如图所示.故答案为：(1)1.880： (2)4 E； (3)电路图如图所示.(1)螺旋测微器精确度为O.Olrmn,需要估读，读数时注意半亳米刻度线是否露出.(2)根据电路最大电流选择电流表，

29、根据电源电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较 小的滑动变阻器.根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出实验电路图.本题关键：(1)用伏安法测电阻时安培表内、外接法的选择原则是“大内小外”，即对于大电阻采用 安培表内接法，对于小电阻采用安培表外接法；(2)需要有较大的电压测量范围时，滑动变阻器采用 分压式接法.21 .答案：解析：解：由图知，A处电场线比8处电场线密，则电场强度WEb；根据尸=qE可知，一个负点电荷先后放在4 8两点，所受的电场力的关系为：FaFb.故答案为：,.电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大；电场力与电场强度的关系为F= qE.解

30、答本题要关键是掌握电场线的物理意义，知道电场线的疏密表示电场强度的大小，掌握电场力公 式尸=qE.22 .答案：解：(1)电子飞出过程中只有电场力做功，根据动能定理得：%1212e = mvx2220解得：=网+学(2)若电子恰能平行于金属板飞出，说明电子在竖直方向前半周期做匀加速直线运动，后半周期做匀 减速直线运动，到电子飞出电场最少用时为丁：则电子水平方向做匀速直线运动：L = v0T(3)若电子恰能从两板中央平行于板飞出，要满足两个条件，第一竖直方向的位移为零，第二竖直方 向的速度为零：则电子竖直方向只能先加速到某一速度为再减速到零，然后反方向加速到为再减速 到零。由于电子穿过电场的时间为7,所以竖直方向每段加速、减速的时间只能为：，即电子竖直方向只能 先加速;时间到达某一速度为再减速5时间速度减小到零，然后反方向加速;时间到达某一速度火,再 减