2020届高三第一次模拟考试卷理综物理(二)附解析

1、精选优质文档-倾情为你奉上2020届高三第一次模拟考试卷理综物理（二）附解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1如图所示，在高度不同的两水平台阶上放有质量分别为m1、m2的两物体A、B，物体间用轻弹簧相连，弹簧与竖直方向夹角为。在物体A左端施加水平拉力F，使A、B均处于静止状态，已知物体A表面光滑，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )A弹簧弹力的大小为Bm1与m2一定相等C地面对B的支持力可能为零D地面对B的摩擦力大小为F2如图所示，AB为

2、光滑竖直杆，ACB为构成直角的光滑L形直轨道，C处由一小圆弧连接可使小球顺利转弯（即通过转弯处不损失机械能）。套在杆上的两个小球自A点静止释放，分别沿AB轨道和ACB轨道运动，如果沿ACB轨道运动的时间是沿AB轨道运动时间的1.5倍，则BA与CA的夹角为( )A60° B53° C45° D30°3如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。设电子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB。下列说法正确的是( )A电子一定从A向B运动B若aAaB，则Q靠近M端

3、且为负电荷C无论Q为正电荷还是负电荷，一定有EpAEpBDB点电势可能高于A点电势4在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核()发生了一次衰变。放射出的粒子()在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R。以m、q分别表示粒子的质量和电荷量，生成的新核用Y表示，真空中光速为c，下列说法正确的是( )A新核Y在磁场中做圆周运动的轨道半径为B粒子做圆周运动可等效成一个环形电流，且电流大小为C若衰变过程中释放的核能都转化为粒子和新核Y的动能，则衰变过程中的质量亏损约为D发生衰变后产生的粒子与新核Y在磁场中旋转方向相同，且轨迹为相内切的圆5如图所示，一倾角30°的光滑斜面上水平

4、固定一玻璃挡板(玻璃挡板与地面平行)和垂直斜面的光滑小圆柱A和B， A、B连线水平。质量分别为2m和6m的p、q两小球用柔软细绳连接，小球q置于玻璃挡板处，细绳跨过圆柱A、B并拉直。将小球p从图示位置由静止释放，当玻璃挡板恰好不受压力时，p球摆过的角度为。则( )A30ºB60ºC此过程中p球重力的功率先增大后减小D此过程中p球重力的功率一直增大62018年6月14日11时06分，探月工程嫦娥四号任务“鹊桥”中继星成为世界首颗成功进入地月拉格朗日L2点的Halo轨道的卫星，为地月信息联通搭建“天桥”。如图所示，该L2点位于地球与月球连线的延长线上，“鹊桥”位于该点，在几乎不

5、消耗燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动。已知地球、月球和“鹊桥”的质量分别为Me、Mm、m，地球和月球之间的平均距离为R，L2点离月球的距离为x，则( )A“鹊桥”的线速度大于月球的线速度B“鹊桥”的向心加速度小于月球的向心加速度Cx满足Dx满足7如图所示，水平传送带逆时针匀速转动，速度大小为8 m/s，A、B为两轮圆心正上方的点，ABL16 m，两边水平面分别与传送带表面无缝对接，弹簧右端固定，自然长度时左端恰好位于B点。现将一小物块与弹簧接触(不栓接)，并压缩至图示位置然后释放，已知小物块与各接触面间的动摩擦因数均为0.2，APL25 m，小物块与轨道左端P碰撞无机械能损失，小物块最后

6、刚好能返回到B点减速到零，g10 m/s2，则下列说法正确的是( )A小物块从释放后第一次到B点的过程中，做加速度减小的加速运动B小物块第一次从B点到A点的过程中，一定做匀加速直线运动C小物块第一次到A点时，速度大小一定等于8 m/sD小物块离开弹簧时的速度一定满足2 m/svm/s8如图所示，一带电量为q的小球，质量为m，以初速度v0从水平地面竖直向上射入水平方向的匀强磁场中、磁感应强度，方向垂直纸面向外。图中b为轨迹最高点，重力加速度为g。则小球从地面射出到第一次到达最高点过程中( )A小球到达最高点时速率为0B小球距射出点的最大高度差为C小球从抛出到第一次到达最高点所用时间为D最高点距射

7、出点的水平位移为二、非选择题：共174分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9(6分)某同学想测出济南当地的重力加速度g，并验证机械能守恒定律。为了减小误差，他设计了一个实验如下：将一根长直铝棒用细线悬挂在空中（如图甲所示），在靠近铝棒下端的一侧固定电动机M，使电动机转轴处于竖直方向，在转轴上水平固定一支特制笔N，借助转动时的现象，将墨汁甩出形成一条细线。调整笔的位置，使墨汁在棒上能清晰地留下墨线。启动电动机待转速稳定后，用火烧断悬线，让铝棒自由下落，笔在铝棒上相应位置留下墨线。图乙是实验时在铝棒上所留下的墨线，将某条

8、合适的墨线A作为起始线，此后每隔4条墨线取一条计数墨线，分别记作B、C、D、E。将最小刻度为毫米的刻度尺的零刻度线对准A，此时B、C、D、E对应的刻度依次为14.68 cm、39.15 cm、73.41 cm、117.46 cm。已知电动机的转速为3000 r/min。求：(1)相邻的两条计数墨线对应的时间间隔为_s。(2)由实验测得济南当地的重力加速度为_m/s2。（结果保留三位有效数字）(3)该同学计算出画各条墨线时的速度v，以v2为纵轴，以各条墨线到墨线A的距离h为横轴，描点连线，得出了如图丙所示的图象，在误差允许的范围内据此图象能验证机械能守恒定律，但图线不过原点的原因是_。10(9分

9、)某研究小组要精确测量一个只有刻度、没有刻度值的电压表的内阻和一个失去标签的电源的电动势。(1)第一步，先用多用电表的直流电压档粗测电源的开路电压，测得约为20 V。再用“×1 k”的欧姆挡粗测电压表的电阻，指针指示如图甲所示，则应该转化为_挡，结果测得电阻约为1200 。(2)第二步，研究小组设计了没有系统误差的测量方法，电路如图已所示，其中电流表量程为30 mA，R1是阻值范围01000 的电阻箱，R2是阻值范围0500 的滑动变阻器。先测电压表内阻：将开关S1、S2闭合，调节R1、R2使电流表、电压表都取得合适刻度，多次改变R1、R2的值、同时保持_不变，记录R1和对应的电压表

10、指示的格数N。根据数据作图像，得到一条一次函数图像，截距是b，斜率是k，那么电压表的内阻等于_；再测电源电动势：断开S1、闭合S2，调节R1、R2使电流表有合适读数，再保持_不变，多次改变R1，同时记录电流表和R1读数.根据数据作的函数图线，截距是b，斜率是k，那么电源的电动势等于_。11(12分)如图甲所示，一竖直平面内的轨道由粗糙斜面AB和光滑半圆轨道BC组成，斜面底端通过一小段圆弧(图中未画出，长度可不计)与轨道相切于B点。斜面的倾角为37°，半圆轨道半径为1 m，B是圆轨道的最低点，C为最高点。将一小物块置于轨道AB上离地面高为H处由静止下滑，用力传感器测出其经过B点时对轨道

11、的压力F，改变H的大小，可测出相应的F的大小，F随H的变化规律如图乙所示。物块在某次运动时，由H8.4 m处释放，通过C后，又落回到斜面上D点。已知sin 37°0.6， cos 37°0.8，g取10 m/s2。求：(1)物块的质量及物块与斜面间的动摩擦因数；(2)物块落到D点时的速度大小。12(20分)如图所示，两根间距为L的光滑金属导轨CMMPP、DNNQQ固定放置，导轨MN左侧部分向上弯曲，右侧水平。在导轨水平部分的左右两端分布着两个匀强磁场区域MMNN、PPQQ，区域长度均为d，磁感应强度大小均为B，区方向竖直向上，区方向竖直向下，金属棒b静止

12、在区域的中央，b棒所在的轨道贴一较小的粘性纸片（其余部分没有），它对b棒的粘滞力为b棒重力的k倍。现将a棒从高度为h0处静止释放，a棒刚一进入区域时b棒恰好可以开始运动，已知a棒质量为m，b棒质量为2m，a、b棒均与导轨垂直，电阻均为R，导轨电阻不计，重力加速度为g，则：(1)h0应为多少？(2)将a棒从高度小于h0的某处静止释放，使其以速度v1（v1为已知量）进入区域，且能够与b棒发生碰撞。求从开始释放a棒到a、b两棒刚要发生碰撞的过程中，a棒产生的焦耳热。(3)调整两磁场区域间的距离使其足够远（区域大小不变），将a棒从高度大于h0的某处静止释放，使其以速度v2（v2为已知量）进入区域，经时

13、间t0后从区域穿出，穿出时的速度为v2，请在同一直角坐标系中画出“从a棒进入磁场开始，到a、b两棒相碰前”的过程中，两棒的速度时间图象（必须标出t0时刻b棒的速度，规定向右为正方向）。 （二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。13物理·选修33(15分)(1)(5分)下列说法错误的是_。(填正确答案的标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A用显微镜观察到花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停地做无规则运动B两个分子的间距从极近逐渐增大到极

14、远的过程中，它们的分子势能先减小后增大C多晶体和非晶体都表现为各向同性，单晶体则表现为各向异性D在一定温度下，水的饱和汽压随着水蒸气体积的增大而减小E第二类永动机虽然不违背能量守恒定律，但是违背了热力学第二定律(2)(10分)如图所示，两个可导热的汽缸竖直放置，它们的底部由一细管连通(忽略细管的容积)。两汽缸各有一活塞，质量分别为m1和m2，活塞与汽缸壁无摩擦。活塞的下方为理想气体，上方为真空。当气体处于平衡状态时，两活塞位于同一高度h。(已知m13m，m22m)(i)在两活塞上同时各放一质量为m的物块，求气体再次达到平衡后两活塞的高度差(假设环境的温度始终保持为T0)。(ii)在达到上一问的

15、终态后，环境温度由T0缓慢上升到T，试问在这个过程中，气体对活塞做了多少功？气体是吸收还是放出热量？(假定在气体状态变化过程中，两物块均不会碰到汽缸顶部)14选修34(15分)(1)(5分)如图甲所示，O点为振源，OPs，t0时刻O点由平衡位置开始振动，产生向右沿直线传播的简谐横波。图乙为从t0时刻开始描绘的质点P的振动图象。下列判断中正确的是_。(填正确答案的标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)At0时刻，振源O振动的方向沿y轴正方向Btt2时刻，P点的振动方向沿y轴负方向Ctt2时刻，O点的振动方向沿y轴正方向D这列波的频率为E这列波的波

16、长为(2)(10分)如图，在桌面上方有一倒立的玻璃圆锥，顶角AOB120°，顶点O与桌面的距离为4a，圆锥的底面半径，圆锥轴线与桌面垂直。有一半径为R的圆柱形平行光束垂直入射到圆锥的底面上，光束的中心轴与圆锥的轴重合。已知玻璃的折射率，求光束在桌面上形成的光斑的面积。物 理 答 案一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1【答案】D【解析】对A分析，水平方向上有F弹，则弹簧弹力F弹，竖直方向上有弹，可知F弹，故选项A错误；物体B在水平方向上

17、平衡，可知B在水平方向上受到向右的摩擦力，则地面对B支持力不为零，竖直方向上有F弹，则有，由此可知与不一定相等，故选项B、C错误；对整体分析，地面对B的摩擦力大小等于F，故选项D正确。2【答案】B【解析】设AB的长度为2L，小球沿AB做自由落体运动，运动的时间满足，可解得，小球沿AC段运动时，且，所需的时间满足，解得，在C点小球的速度，以后沿BC做匀加速运动，其加速度为：，且，故，其中，代入后解得，即，B正确。3【答案】C【解析】由于不知道电子速度变化，由运动轨迹图不能判断电子向那个方向运动，故A错误；若aAaB，则A点离点电荷Q更近即Q靠近M端；又由运动轨迹可知，电场力方向指向凹的一侧即左侧

18、，所以，在MN上电场方向向右，那么Q靠近M端且为正电荷，故B错误；由B项可知，电子所受电场力方向指向左侧，那么，若电子从A向B运动，则电场力做负功，电势能增加；若电子从B向A运动，则电场力做正功，电势能减小，所以，一定有EpAEpB，求解过程与Q所带电荷无关，只与电场线方向相关，故C正确；由B项可知，电场线方向由M指向N，那么A点电势高于B点，故D错误。4【答案】C【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有，解得粒子的轨道半径，根据半径公式则有，解得，故A错误；粒子做圆周运动的周期，则环形电流，故B错误；对粒子，由洛伦兹力提供向心力，则有，解得，由质量关系可知，衰变后新核Y质量为，

19、衰变过程系统动量守恒，由动量守恒定律得，解得，系统增加的能量为，由质能方程得，解得，故C正确；由动量守恒可知，衰变后粒子与新核Y运动方向相反，所以轨迹圆应外切，故D错误。5【答案】C【解析】当玻璃挡板恰好不受压力时，对小球q受力分析如图，可得，对小球p分析，p球摆过的角度为时速度为v，沿斜面方向看，可得，由动能定理得，联立解得，则，A、B错误；p小球从静止释放，p球开始重力的功率，当摆过时，重力方向和速度方向垂直，根据，由此重力的功率先增大后减小，C正确，D错误。6【答案】AC【解析】根据题意“鹊桥”与月球运动的角速度相等，中继星绕地球转动的半径比月球绕地球的半径大，根据线速度v=R可知“鹊桥

20、”中继星绕地球转动的线速度比月球绕地球转动的线速度大，故A正确；向心加速度a=2R，“鹊桥”中继星统地球转动的向心加速度比月球绕地球转动的向心加速度大，故B错误；中继卫星的向心力由月球和地球引力的合力提供则有，对月球而言则有，两式联立可解得，故C正确，D错误。7【答案】CD【解析】小物块从释放后第一次到B点的过程中，先做加速度减小的加速运动，当弹力小于摩擦力时做加速度增大的减速运动，故A错误；设物体到达P点的速度为v，反弹后运动到B点的速度为零，由动能定理得mg(L1L2)0mv2，解得v2m/s，物体由A到P点过程中，由动能定理得mgL2mv2mvA2，解得vA8 m/s，小物块第一次从B点

21、到A点的过程中，先做匀减速直线运动，B错误，C正确；若物体速度较大，一直做匀减速运动，有2mg(L1L2)0mv2，解得v2m/s；若速度较小，在AB上一直加速，到A点时恰好与带同速，有L1vtat2，8vat，联立解得v2 m/s，故小物块离开弹簧时的速度一定满足2m/sv2m/s，D正确。8【答案】BC【解析】取一水平向右的速度v1，使qv1Bmg，向左的速度v2，此时有v1v2v0；小球的运动可看作一沿水平向右的匀速直线运动和以v2和v0的合速度为初速度的匀速圆周运动，其合速度大小为v0，小球到达最高点时竖直方向速率为零，在最高点速率为(1)v0，故A错误；水平方向利用动量定理，有，即为

22、qBhm(1)v0，代入数据，得h，故B正确；匀速圆周运动的初速度方向和水平方向成45°斜向上，则小球到最高点的时间为，故C正确；设水平位移为x，竖直方向利用动量定理，有，即qBxmgtmv0，代入数据，得，故D错误。二、非选择题：共174分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9(6分)【答案】(1)0.1 (2)9.79 (3)A点对应的速度不为零【解析】(1)电动机的转速为3000 r/min50r/s，可知相邻两条墨线的时间间隔为0.02s，每隔4条墨线取一条计数墨线，则相邻的两条计数墨线对应的时间间隔

23、为0.1s。(2)xBC(39.1514.68)cm24.47 cm，xCD(73.4139.15)cm34.26 cm，xDE(117.4673.41)cm44.05 cm，可知连续相等时间内的位移之差x9.79 cm，根据xgT2得，。(3)根据mghmv2mv02得v2ghv02，若v2h图线为直线，图线的斜率为g，则机械能守恒，所以此图象能验证机械能守恒。图线不过原点的原因是A点对应的速度不为零。10(9分)【答案】(1)×100 (2)电流（或电流表示数） R2 【解析】(1)由图可知，表盘中指针偏转角度过大，说明倍率档选择过高，则应该选择“×100”档。(2)先

24、测电压表内阻：将开关S1、S2闭合，调节R1、R2使电流表、电压表都取得合适刻度，多次改变R1、R2的值、同时保持电流表示数不变，记录R1和对应的电压表指示的格数N；可设电压表每格对应的电压为U0，由部分电路欧姆定律有：INU0()，该式变形可得：，则，解得。再测电源电动势：断开S1、闭合S2，调节R1、R2使电流表有合适读数，再保持R2不变，多次改变R1，同时记录电流表和R1读数；由闭合电路欧姆定律有EI(R2rR1)，该式变形可得，则，解得。11(12分)【解析】(1)物块从斜面上A点滑到B点的过程中，由动能定理得：物块在B点满足：Fmgm由可得：由图象可知：H0时，F5 N；H3 m时，

25、F15 N代入解得：m0.5 kg，0.5。(2)物块从A到C由动能定理得：mg(H2R)mgHcot 37°物块从C到D做平抛运动，下落高度hgt2 水平位移xvCt 由几何关系知：tan 37° 由可得：t0.4 s物块到D点时的速度的大小：。12(20分)【解析】(1)设a棒刚进入区域时的速度为v0，由机械能守恒得：由棒恰好开始运动时受力平衡得：解得：。(2)设棒穿出区域时的速度为，与棒相碰前的速度为，则有：，联立可得：棒产生的焦耳热：可得：。(3)判断时刻棒能否穿出区域，假定不能穿出区域，并设时的速度大小为，0t0阶段、棒受到的冲量相等，有：解得：因，故有：，所以假设成立，即在棒穿出区时棒尚在区；判断后，棒能否穿出区域，假定棒不能穿出区域因，则有：即：所以：设在前后棒在区域中走过的距离分别为、，则有：解得：所以假设不成立，即棒能穿出区域且速度不为零；两棒的速度时间图象如图所示：。（二）选考题：共45分。请考