2019年高考理科综合物理试题及答案解析汇编

1、2019年高考理科综合物理试题及答案解析汇编2019年高考物理试题全国I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第 1418题只有 一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。14.氢原子能级示意图如图所示。光子能量在1.63 eV3.10 eV的光为可见光。要使处于基态（n=1）的氢原子被激发后可辐射出可见光光子，最少应给氢原子提供的能量为A7cV0 书斜1.51n.6oA. 12.09 eV B. 10.20 eV C. 1.89 eV D. 1.5l eV【答案】A【解析】【详解】由题意可知，基态（

2、n=1）氢原子被激发后，至少被激发到n=3能级后，跃迁才可能产生能量在1.63eV3.10eV的可见光。故陋=-151 -（-13、60）eV= 12.09W。故本题选 a o15.如图，空间存在一方向水平向右的匀强磁场，两个带电小球 P和Q用相同的绝缘细绳悬 挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则A. P和Q都带正电荷 B. P和Q都带负电荷C. P带正电荷，Q带负电荷 D. P带负电荷，Q带正电荷【答案】D【解析】【详解】AB、受力分析可知，P和Q两小球，不能带同种电荷，AB错误;C错误D正确，故本题CD、若P球带负电，Q球带正电，如下图所示，恰能满足题意，则 选D。1116最近，

3、我国为 长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功，这标志着我国重型运 载火箭的研发取得突破性进展。若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为3 km/s,产生的推力约为4.8 ¥06 N,则它在1 s时间内喷射的气体质量约为A. 1.6 102 kgB. 1.6 便3 kgC. 1.6 便5 kgD. 1.6 106 kg【答案】B【解析】【详解】设该发动机在fs时间内，喷射出的气体质量为 期,根据动量定理，而二溺V ,可知，在1s内喷射出的气体质量 /= / =尬=故本题选Bot V 300017如图，等边三角形线框LMN由三根相同的导体棒连接而成， 固定于匀强磁场中，线框平

4、面与磁感应强度方向垂直，线框顶点 M、N与直流电源两端相接，已如导体棒 MN受到的安培 力大小为F,则线框LMN受到的安培力的大小为XXXN XA. 2F B. 1.5F C. 0.5F D. 0【答案】B【解析】【详解】设每一根导体棒的电阻为 R,长度为L,则电路中，上下两路电阻之比为R & = 2R：R=2 1,根据并联电路两端各电压相等的特点可知，上下两路电流之比/L：4 = l：2 o如下图所示，由于上路通电的导体受安培力的有效长度为 l,根据安培力计算公式F =LB,可知Flf=/14二1:2,得,根据左手定则可知，两力方向相同，故线框 1 223LMN所受的合力大小为二-F

5、 ,故本题选Bo218.如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为Ho上升第一个一所用的时间为3,第四个一所用的时间为t2。不计空气阻力，则 丁满足44ii画Q礴1LO t'- -TTL J H :1匚A. 1< 一<2 B. 2< , <3 C. 3<一 <4 D. 4< , <5X 4 X 4【答案】c【解析】【详解】运动员起跳到达最高点的瞬间速度为零，又不计空气阻力，故可逆向处理为自由 落体运动。则根据初速度为零匀加速运动，相等相邻位移时间关系1;（虚-1:也-我）:2-忑,可知j=2忑=2+J5 ,即3 &

6、lt; / <4 ,故本题选19如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮。一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N。另一端与斜面上的物块 M相连，系统处于静止状态。现用水平向左的拉力缓慢 拉动N,直至悬挂N的细绳与竖直方向成45°。已知M始终保持静止，则在此过程中A.水平拉力的大小可能保持不变B. M所受细绳的拉力大小一定一直增加C. M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加D. M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加【答案】BD【解析】【详解】如图所示，以物块 N为研究对象，它在水平向左拉力 F作用下，缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角为 45°的过程中，水平拉力F

7、逐渐增大，绳子拉力T逐渐增大;对M受力分析可知，若起初 M受到的摩擦力f沿斜面向下，则随着绳子拉力 T的增加，则 摩擦力f也逐渐增大；若起初 M受到的摩擦力f沿斜面向上，则随着绳子拉力 T的增加，摩擦 力f可能先减小后增加。故本题选 BD。20空间存在一方向与直面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示，一硬质细导线的电阻率为 6横截面积为S,将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内， 圆心O在MN上。t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度 B随时间t的变化关系 如图（b）所示，则在t=0到t=ti的时间间隔内A.圆环所受安培力的方向始终不变B.圆环中的感应电流

8、始终沿顺时针方向跖$C.圆环中的感应电流大小为 -4年D.圆环中的感应电动势大小为 当工 偏【答案】BC【解析】【详解】AB、根据B-t图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t0时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向 &的方向在b时刻发生变化，则A错误，B正确;CD、由闭合电路欧姆定律得：/ =-,又根据法拉第电磁感应定律得：E= =,R& & 2又根据电阻定律得：R = P，联立得：二+，则C正确，D错误。S名尸故本题选BCO21在星球M上将一轻弹簧竖直固定在水平桌面上，把物体 P轻放在弹簧上端，P由静止向 下运动，物体的加速度a与弹簧的压缩量x间

9、的关系如图中实线所示。在另一星球 N上用完全 相同的弹簧，改用物体 Q完成同样的过程，其a）关系如图中虚线所示，假设两星球均为质量 均匀分布的球体。已知星球 M的半径是星球N的3倍，则A. M与N的密度相等B. Q的质量是P的3倍C. Q下落过程中的最大动能是 P的4倍D. Q下落过程中弹簧的最大压缩量是 P的4倍【答案】AC【解析】【详解】A、由a-x图象可知，加速度沿竖直向下方向为正方向，根据牛顿第二定律有： kkmg-kx-ma ,变形式为：a=g i,该图象的斜率为一一，纵轴截距为重力加速度 g。根一mm一£» 3 / 3据图象的纵轴截距可知，两星球表面的重力加速度

10、之比为：；又因为在某星球表新的1面上的物体，所受重力和万有引力相等，即：G等二阳公,即该星球的质量 M= o又因RG为：M =同”四，联立得p=鬼。故两星球的密度之比为：包=鱼=1 1故a正确;3帖加外 g却时B、当物体在弹簧上运动过程中，加速度为0的一瞬间，其所受弹力和重力二力平衡，kx掰g二荒，即：然一；结合a-x图象可知，当物体P和物体Q分别处于平衡位置时，弹簧的压 g故B错误;、一 J /1 八 缩量之比为： 二丁=工，故物体P和物体Q的质量之比为: q 2C、物体P和物体Q分别处于各自的平衡位置（a=0）时，它们的动能最大；根据/二2短，结合a-x图象面积的物理意义可知：物体3 1P

11、的最大速度满足 悔=2 3%二20% ,物体Q的 2最大速度满足：年二0%,则两物体的最大动能之比:D、物体P和物体Q分别在弹簧上做简谐运动，由平衡位置（a=0）可知，物体P和Q振动的振幅A分别为和2毛，即物体P所在弹簧最大压缩量为2% ,物体Q所在弹簧最大压缩量为4% ,则Q下落过程中，弹簧最大压缩量时 P物体最大压缩量的2倍，D错误；故本题选AC。三、非选择题：第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3334题为选考题, 考生根据要求作答（一）必考题：22某小组利用打点计时器对物块沿倾斜的长木板加速下滑时的运动进行研究。物块拖动纸带下滑，打出的纸带一部分如图所示。已知打点计时器所用

12、交流电的频率为50 Hz,纸带上标出的每两个相邻点之间还有 4个打出的点未画出。在ABCDE五个点中，打点计时器最先打出的是点，在打出C点时物块的速度大小为 m/s （保留3位有效数字）；物块下滑的加速 度大小为 m/s2 （保留2位有效数字）。7）I23456789卜lllllll山III皿I川血III州川IllllhlZllh疝I血疝lllhl曲而11|“山川1匚皿1）A BC-E）【答案】A0.2330.75【解析】【详解】分析可知，物块沿倾斜长木板最匀加速直线运动，纸带上的点迹，从 A到E,间 隔越来越大，可知，物块跟纸带的左端相连，纸带上最先打出的是A点；在打点计时器打 C点r 4

13、65x10-2瞬间，物块的速度V, = 0.233m/s ;根据逐差法可知，物块下滑的加速度2T 2x0.1些*£ = 0.75m/s 4x0 I2故本题正确答案为：A; 0.233； 0.75。23某同学要将一量程为250 MA的微安表改装为量程为20 mA的电流表。该同学测得微安表 内阻为1 200 0经计算后将一阻值为 R的电阻与微安表连接，进行改装。然后利用一标准毫安 表，根据图（a）所示电路对改装后的电表进行检测（虚线框内是改装后的电表）。图图（b3（1）根据图（a）和题给条件，将（b）中的实物连接。c）所示，由此可以推测（2）当标准毫安表的示数为16.0mA时，微安表的指

14、针位置如图出改装的电表量程不是预期值，而是 。（填正确答案标号）A. 18 mAA. 21 mAC. 25mAD. 28 mA(3)产生上述问题的原因可能是。(填正确答案标号)A .微安表内阻测量错误，实际内阻大于 1 200 QB.微安表内阻测量错误，实际内阻小于 1 200 QC. R值计算错误，接入的电阻偏小D. R值计算错误，接入的电阻偏大【解析】(2)C(3)AC(4)要达到预期目的，无论测得的内阻值是都正确，都不必重新测量，只需要将阻值为 R 的电阻换为一个阻值为 kR的电阻即可，其中k=。99一79【详解】(1)电表改装时，微安表应与定值电阻 R并联接入虚线框内，则实物电路连接如

15、F图所示：(2)由标准毫安表与该装表的读数可知，改装后的电流表，实际量程被扩大的倍数为:实际量程为：250x10-3 x10。= 25mA ，16械、一 r 一一心r 阀二 内一= 100倍。故当原微安表表盘达到满偏时,160 xlO'M故本小题选C；(R (3)根据I K二5-/ )心 得：/=1+!改装后的量程偏大的原因可能是，原微I K )安表内阻测量值偏小，即电表实际内阻凡真实值，大于1200Q ；或者因为定值电阻R的计算有 误，计算值偏大，实际接入定值电阻R阻值偏小。故本小题选 AC;(4)由于接入电阻R时，改装后的表实际量程为 25mA,故满足IR习25-1义； 要想 S

16、S /达到预期目的，即将微安表改装为量程为 20mA电流表，应满足LR=2Q-IkR ,其中99Jg = 250xA = 025mA,联立解得：方二25 或上二。24.如图，在直角三角形 OPN区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为 B、方向垂直于纸面 向外。一带正电的粒子从静止开始经电压U加速后，沿平行于x辅的方向射入磁场；一段时间后，该粒子在OP边上某点以垂直于x轴的方向射出。已知 。点为坐标原点，N点在y轴上， OP与x轴的夹角为30°,粒子进入磁场的入射点与离开磁场的出射点之间的距离为d,不计重力。求(1)带电粒子的比荷;(2)带电粒子从射入磁场到运动至 x轴的时间。【解析】【

17、详解】(1)粒子从静止被加速的过程,根据动能定理得:12= -WVn2 0,解得：片二根据题意，下图为粒子的运动轨迹，由几何关系可知，该粒子在磁场中运动的轨迹半径为:粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即：'联立方程得:I轴，运动的轨迹长度（2）根据题意，粒子在磁场中运动的轨迹为四分之一圆周，长度粒子射出磁场后到运动至S +S粒子从射入磁场到运动至I轴过程中，一直匀速率运动，则£ =；25竖直面内一倾斜轨道与一足够长的水平轨道通过一小段光滑圆弧平滑连接，小物块B静止于水平轨道的最左端，如图（a）所示。t=0时刻，小物块A在倾斜轨道上从静止开始下滑， 一段时C后与B

18、发生弹性碰撞（碰撞时间极短）；当A返回到倾斜轨道上的P点（图中未标出） 时，速度减为0,此时对其施加一外力，使其在倾斜轨道上保持静止。物块 A运动的v-t图像如 图（b）所示，图中的vi和ti均为未知量。已知 A的质量为m,初始时A与B的高度差为H, 重力加速度大小为g,不计空气阻力。(1)(2)(3)求物块B的质量;0-v72图(b)在图（b）所描述的整个运动过程中，求物块 A克服摩擦力所做的功;已知两物块与轨道间的动摩擦因数均相等,在物块 B停止运动后，改变物块与轨道间的动摩擦因数，然后将 A从P点释放，一段时间后A刚好能与B再次碰上。求改变前面动摩擦因数的比值。2【答案】(1) 3m(2

19、) mgH15(3)11V【解析】【详解】（1）物块A和物块B发生碰撞后一瞬间的速度分别为,弹性碰撞瞬间，动量守恒，机械能守恒，即：二.：二厂工：勺,联立方程解得：一2m二寸"E根据v-t图象可知,111解得：工（2）设斜面的倾角为9,根据牛顿第二定律得5K缺当物块a沿斜面下滑时：战gsingif = mal,由v-t图象知:当物体a沿斜面上滑时：用gsin 9+f=粉叼，由v-t图象知:u又因下滑位移, 一sin &2则碰后A反弹，沿斜面上滑的最大位移为：=二 .匕04=0,1%12 2其中为P点离水平面得高度，即力二;H故在图（b）描述的整个过程中，物块A克服摩擦力做的总

20、功为:一mgH4口 5sin5J 15ii（3）设物块B在水平面上最远的滑行距离为 S ,设原来的摩擦因为为 以tan &则以A和B组成的系统，根据能量守恒定律有：阳g（H-加工四3g设改变后的摩擦因数为 人 然后将A从P点释放，A恰好能与B再次碰上，即A恰好滑 到物块B位置时，速度减为零，以 A为研究对象，根据能量守恒定律得:加gh -以骨g+4%g$tand又据（2）的结论可知： 四二工川gH二咨g以二也，得：tanJ = 9 J 15tan 0» 口 一"日一士、，”11联立解得，改变前与改变后的摩擦因素N比为：丁（二）选考题：请考生从2道物理题中任选一题作答

21、。如果多做，则每科按所做的第 题计分。物理一选彳3-333.（1）某容器中的空气被光滑活塞封住， 容器和活塞绝热性能良好，空气可视为理想气体。 初始时容器中空气的温度与外界相同，压强大于外界。现使活塞缓慢移动，直至容器中的空气 压强与外界相同。此时，容器中空气的温度 （填 高于"低于"或 等于"）外界温度, 容器中空气的密度 （填 失于“小于"或等于“）外界空气的密度。【答案】低于大于【解析】【详解】由题意可知，容器与活塞绝热性能良好，容器内气体与外界不发生热交换，故0 = 0 ,但活塞移动的过程中，容器内气体压强减小，则容器内气体正在膨胀，体积增大，气

22、 体对外界做功，即 用,根据热力学第一定律可知：AU=AQ+用0 ,故容器内气体内能减 小，温度降低，低于外界温度。最终容器内气体压强和外界气体压强相同，根据理想气体状态方程：二二戚二m又P=, m为容器内气体质量.一,曰Pm联乂得：c -nRT取容器外界质量也为 m的一部分气体，由于容器内温度 T低于外界温度，故容器内气体密 度大于外界。故本题答案为：低于；大于。33. (2)热等静压设备广泛用于材料加工中。该设备工作时，先在室温下把惰性气体用压缩 机压入到一个预抽真空的炉腔中，然后炉腔升温，利用高温高气压环境对放入炉腔中的材料加 工处理，改部其性能。一台热等静压设备的炉腔中某次放入固体材料

23、后剩余的容积为013 m3,炉腔抽真空后，在室温下用压缩机将10瓶灵气压入到炉腔中。已知每瓶灵气的容积为3.2 M0-2m3,使用前瓶中气体压强为1.5M07Pa,使用后瓶中剩余气体压强为 2.0冲06 Pa;室温温度为 27 C。灵气可视为理想气体。(i)求压入灵气后炉腔中气体在室温下的压强；(ii)将压入灵气后的炉腔加热到1 227 C,求此时炉腔中气体的压强。【答案】3.2x10%(ii) 1&血【解析】【详解】(i)设初始时每瓶气体的体积为 % ,压强为Po ;使用后气瓶中剩余气体的压强为 P , 假设体积为% ,压强为4的气体压强变为夕时，其体积膨胀为妁,由玻意耳定律得：网玲

24、二泌被压入进炉腔的气体在室温和 P1条件下的体积为：,叫叫设10瓶气体压入完成后炉腔中气体的压强为 P，体积为X ,由玻意耳定律得：%匕=10pp联立方程并代入数据得：一 I(ii)设加热前炉腔的温度为 % ,加热后炉腔的温度为 彳，气体压强为八,由查理定律得：h_P2联立方程并代入数据得：. I ，物理一选修3-434. （1） 简谐横波沿x轴正方向传播，在t=5时刻，该波的波形图如图（a）所示，P、Q 是介质中的两个质点。图（b）表示介质中某质点的振动图像。下列说法正确的是（填正确答案 标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0 分）33图”）图。

25、）A.质点Q的振动图像与图（b）相同B.在t=0时刻，质点P的速率比质点Q的大C.在t=0时刻，质点P的加速度的大小比质点 Q的大D.平衡位置在坐标原点的质点的振动图像如图（b）所示E.在t=0时刻，质点P与其平衡位置的距离比质点 Q的大【答案】CDE【解析】【详解】A、由图（b）可知，在C二一时刻，质点正在向y轴负万向振动，而从图（a）可2故A错误;丁 一一一知,质点Q在上二一正在向y轴正万向汪幼,2TB、由£二5的波形图推知，f二。时刻，质点P正位于波谷，速率为零；质点 Q正在平衡位置，故在1 = 0时刻，质点P的速率小于质点Q,故B错误；C、£二0时刻，质点P正位于波

26、谷，具有沿y轴正方向最大加速度，质点 Q在平衡位置，加速度为零，故C正确；D、£二。时刻，平衡位置在坐标原点处的质点，正处于平衡位置，沿y轴正方向运动，跟（b）图吻合，故D正确;E、£二0时刻，质点P正位于波谷，偏离平衡位置位移最大，质点Q在平衡位置，偏离平衡位置位移为零，故 E正确。故本题选CDE。34. (2)如图，一般帆船静止在湖面上，帆船的竖直桅杆顶端高出水面3 m。距水面4 m的湖底P点发出的激光束，从水面出射后恰好照射到桅杆顶端，该出射光束与竖直方向的夹角为453° (取sin53= 0.8)。已知水的折射率为一(i)求桅杆到P点的水平距离；(ii)船

27、向左行驶一段距离后停止，调整由 P点发出的激光束方向，当其与竖直方向夹角为 45°时，从水面射出后仍然照射在桅杆顶端，求船行驶的距离。【答案】(i) 7m (ii) 5.5m【解析】【详解】(i)设光束从水面射出的点到桅杆的水平距离为到P点的水平距离为 阳,桅杆高度为%, P点处水深为也；激光束在水中与竖直方向的夹角为 g,由几何关系有由折射定律有：S二：二二，设桅杆到P点的水平距离为工贝厂二二二联立方程并代入数据得：二二(ii)设激光束在水中与竖直方向的夹角为 4?时，从水面出射的方向与竖直方向夹角为由折射定律有：sinif = n sin45fl设船向左行驶的距离为/ ,此时光束

28、从水面射出的点到桅杆的水平距离为 平距离为w,则：现'+1;二/+工 = tanift=tan45n联立方程并代入数据得：仁，2019年高考物理试题全国II卷二、选择题：本题共 8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。14.2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器奔向”月球的过程中，用 h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描 F随h变化关系的图像是C.【详解】根据万有引力定律可得:GMmh h越大，F越大，故选项

29、D符合题意;15.太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循坏，循环的结果可表示为42出公2：廿2y ,已知:H和;He的质量分别为 %=L007gu和叫=4口口2611 , 1u=931MeV/c2, c为光速。在4个;E转变成1 个He的过程中，释放的能量约为A. 8 MeV B. 16 MeV C. 26 MeV D. 52 MeV【答案】C【解析】931xl06xl.6xlO-19J=匕9x1*【详解】由= A加知£= |4xm,-掰.-2%1， L7xlODkgA&9xlO®k§,忽略电子质量，则:AE= (4x1,0078-4,002加 jd

30、同 26MN ,故 C 选项符合题意;16 .物块在轻绳的拉动下沿倾角为30。的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。已知物块与斜面之间的动摩擦因数为 正，重力加速度取10m/s2。若轻绳能承受的最大张力为1 500 N,则物块的质量最3大为A. 150kg B. II -： kg C. 200 kg D. _.l kg【答案】A【解析】【详解】T=f+mgsin 0, f=(iN, N=mgcos 8带入数据解得：m=150kg ,故A选项符合题意17 .如图，边长为l的正方形abcd内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面（abcd所在平面）向外。ab边中点有一电子发源 O,可向

31、磁场内沿垂直于 ab边的方向发射电子。已知电子的比荷 为k。则从a、d两点射出的电子的速度大小分别为闲闲 * - 4 1 - 2 BD.a. -kB , 4C. 4乩2【答案】B【解析】./ 吗 胧 Blk【详解】a点射出粒子半径 Ra=-=，得：Va=-=，4 第 4m 4、5d点射出粒子半径为必二产 + Rr-, R=-l4.物/ 5种一，_故vd = = ,故B选项符合题忌4加 418 .从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和。取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度 h的变化如图所示。重力加速度取10 m/s2。由图中数据可得A.物体的质

32、量为2 kgB. h=0时，物体的速率为 20 m/sC. h=2 m时，物体的动能 Ek=40 JD.从地面至h=4 m,物体的动能减少 100 J【答案】AD【解析】，.30J-【详解】A. Ep-h图像知其斜率为 G,故G= 二20N,解得m=2kg ,故A正确4mB. h=0 时，Ep=0, £卜=£机七=100-0=100，故附J=100J,解得：v=10m/s,故 B 错误;2C, h=2m 时，Ep=40J, Ek= E 机-Ep=85J-40J=45J,故 C 错误D. h=0 时，Ek=E 机-Ep=100J-0=100J, h=4m 时，Ek'

33、E 机-Ep=80J-80J=0J,故 Ek- Ek' =10QJ故 D 正确19 .如图（a）,在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v表示他在竖直方向的速度，其v-t图像如图（b）所示，t1和t2是他落在倾斜雪道上的时刻。则A.第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B.第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C.第一次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D.竖直方向速度大小为 vi时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大【答案】BD【解析】【详解】A.由

34、v-t图面积易知第二次面积大于等于第一次面积，故第二次竖直方向下落距离大于第 一次下落距离，所以， A错误；B.由于第二次竖直方向下落距离大，由于位移方向不变，故第二次水平方向位移大，故B正确. 一尸飞 C.由于v-t斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由口二-易知ai>a2,故CI错误D,由图像斜率，速度为 vi时，第一次图像陡峭，第二次图像相对平缓，故ai>a2,由G-fy=ma,可知，fy1 <fy2,故D正确20.静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下自M点由静止开始运动，N为粒子运动轨迹上的另外一点，则A.运动过程中，粒子的速度大小可能先增大后减小B.

35、在M、N两点间，粒子的轨迹一定与某条电场线重合C.粒子在M点的电势能不低于其在 N点的电势能D.粒子在N点所受电场力的方向一定与粒子轨迹在该点的切线平行【答案】AC【解析】【详解】A.若电场中由同种电荷形成即由A点释放负电荷，则先加速后减速，故A正确；B.若电场线为曲线，粒子轨迹不与电场线重合，故 B错误。C.由于N点速度大于等于零，故 N点动能大于等于 M点动能，由能量守恒可知，N点电势能小于等于M点电势能，故C正确D.粒子可能做曲线运动，故 D错误；也导轨电阻忽略不计。虚线 ab、21 .如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直

36、于导轨所在平面的匀强磁场。MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好。已知将两根相同的导体棒 PQ、PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过 PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是【答案】AD【详解】由于PQ进入磁场时加速度为零,AB .若PQ出磁场时MN仍然没有进入磁场，则PQ出磁场后至 MN进入磁场的这段时间，由于磁通量（）不变，无感应电流。由于PQ、MN同一位置释放，故 MN进入磁场时与 PQ进入磁场时的速度相同，所以电流大小也应该相同，A正确B错误;CD.若PQ出磁场前MN已经进入磁场，由于磁通量。不变，PQ、MN均加速运动，PQ出磁场后,MN由于加速故

37、电流比 PQ进入磁场时电流大，故 C正确D错误；三、非选择题：第 2225题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3334题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题。22 .如图（a）,某同学设计了测量铁块与木板间动摩擦因数的实验。所用器材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率 50Hz的交流电源，纸带等。回答下列问题:（1）铁块与木板间动摩擦因数月 （用木板与水平面的夹角重力加速度g和铁块下滑的加速度a表木）电磁打点计时器（2）某次实验时，调整木板与水平面的夹角930。接通电源。开启打点计时器，释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下。多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图（b）所示。

38、图中的点为计数点（每两个相邻的计数点间还有 4个点未画出）。重力加速度为9.8 m/s2。可以计算出铁块与木板间的动摩擦因 数为 （结果保留2位小数）。4+1L.,!11 43；处了 一gsm&-a【答案】(1). (2). 0.35geos 5【解析】gsin5-a【详解】(1)由 mgsinmgos0=ma,解得： =丁gcos&（2）由逐差法Sii =76.39-31.83) X10-2m,T=0.15s, S= (31.83-5.00) X10-2m,故44 56x10“ I26 33x10"9xl0-am/s2=1.97 m/s2,代入式，得:9.8x1-1

39、972=-=0.359.8x-223 .某小组利用图（a）所示的电路，研究硅二极管在恒定电流条件下的正向电压U与温度t的关系,图中V1和V2为理想电压表；R为滑动变阻器，R为定值电阻（阻值100回；S为开关，E为电源。实验中二极管置于控温炉内，控温炉内的温度t由温度计（图中未画出）测出。图（ b）是该小组在恒定电流为50.0科A时得到的某硅二极管 U-I关系曲线。回答下列问题：Ci)（1）实验中，为保证流过二极管的电流为50.0应调节滑动变阻器R,使电压表Vi的示数为Ui=mV;根据图（b）可知，当控温炉内的温度t升高时，硅二极管正向电阻 （填 变大”或变 小”），电压表Vi示数 （填 增大”

40、或 微小”），此时应将R的滑片向 （填"A或"B'）端移动， 以使Vi示数仍为Ui。（2）由图（b）可以看出U与t成线性关系，硅二极管可以作为测温传感器，该硅二极管的测温灵敏度为I瓦1=X i0-3V/ C （保留2位有效数字）。tUN0.400.350 30a” 304。5060708090言国/_坦SW3 ,mfli EMMF £,1 3HI-BE »裴:=福:五雪8丝罪："» *砂：4：二：:而日：日一 TU:二=日：" 黛一一一踵或蠢:直一篇:=9: :图【答案】（i）. 5.00变小 增大B (2) 2.8

41、-6 -3,'【详解】（i） Ui = lR0=i00 Q X 50X A=5Xi0 V=5mV由K二了 , I不变，温度升电 U减小，故 R减小；由于R变小，总电阻减小，电流增大；R。两端电压增大，即 Vi表示数变大，只有增大电阻才能使电流减小，故华东变阻器向右调节，即向B短调节。(2)由图可知,=2.8M0-3V/ c24 .如图，两金属板 P、Q水平放置，间距为 do两金属板正中间有一水平放置的金属网 G, PQG的 尺寸相同。G接地，PQ的电势均为 中(>0)。质量为m,电荷量为q ( q>0)的粒子自G的左端上方距 离G为h的位置，以速度v0平行于纸面水平射入电场

42、，重力忽略不计。(1)求粒子第一次穿过 G时的动能，以及她从射入电场至此时在水平方向上的位移大小；(2)若粒子恰好从 G的下方距离G也为h的位置离开电场，则金属板的长度最短应为多少？【答案】(1)喇+今训；(2)【解析】【详解】解：(1) PG、QG间场强大小相等，均为 E,粒子在PG间所受电场力F的方向竖直向下, 设粒子的加速度大小为 a,有F=qE=ma 设粒子第一次到达 G时动能为Ek,由动能定理有设粒子第一次到达 G时所用时间为t,粒子在水平方向的位移为 1,则有,1 2h = -ai (2)设粒子穿过G 一次就从电场的右侧飞出，则金属板的长度最短，由对称性知，此时金属板的长25 .一

43、质量为m=2000 kg的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶。行驶过程中，司机忽然发现前方a）中的图线。100 m处有一警示牌。立即刹车。刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间变化可简化为图（图（a）中，0ti时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间（这段时间内汽车所受阻力已忽略,汽车仍保持匀速行驶），t1=0.8 S； t1t2时间段为刹车系统的启动时间，t2 = 1.3 s；从t2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止,已知从t2时刻开始，汽车第1 s内的位移为24 m,第4 s内的位移为1 m。(1)在图（b）中定性画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的v-t图线;求t

44、2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小;(3)求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及t1t2时间内汽车克服阻力做的功;司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为多少（以t1t2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车的平均速度）？87.5【解析】2gg28 m/s 或者, 29.76 m/s ； (3) 30 m/s；25【详解】解：（1） v-t图像如图所示。（2）设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为V1,则t1时刻的速度也为v1，t2时刻的速度也为V2,在t2时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a,取At=1s,设汽车在t2+n-1 At内的位移为sn, n=1,2,3, 飞V4,若汽

45、车在t2+3Att2+4At时间内未停止，设它在t2+3At时刻的速度为 V3,在t2+4At时刻的速度为由运动学有丁内杈-二江&丫2£ 4aM 联立式，代入已知数据解得17,小H =一一加5*6这说明在t2+4At时刻前，汽车已经停止。因此，式不成立。由于在t2+3Att2+4At内汽车停止，由运动学公式“产用2%可联立，代入已知数据解得a 二 gmP V2=28 m/s2sg或者”一1麻，V2=29.76 m/s 25（3）设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为fi,由牛顿定律有：fi=ma在tit2时间内，阻力对汽车冲量的大小为：j=L工也7）2由动量定理有：

46、.1二1 0 1 0由动量定理，在tlt2时间内，汽车克服阻力做的功为：取二一加父一一枷;22联立OO式，代入已知数据解得vi=30 m/s：】IF=1.16xlOsJ0从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离s约为1 V1"阴+别+匕）87）十微。2 幺立联立©,代入已知数据解得s=87.5 ml9（二）选考题：请考生从 2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。物理一选彳3-333. （1）如p-V图所示，1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态，对应的温度 分别是、丁2、丁3。用Ni、N2、N3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内

47、撞击容器壁上单位面积 的次数，则Ni N2, Ti T3, 丁3,出 N3° （填 大于“小于"或 等于"）O 1 2k-V【答案】大于等于 大于【解析】【详解】(1) 1、2等体积，2、3等压强上,口噌三匕的%为口由pV=nRT得： -=,Vi=V2,故彳=弘,可得：Ti=2T2,即Ti>T2,由于分子密度相同，温度高，碰撞次数多，故 Ni>N2；由于 PiVi= p3V3；故 Ti=T3；则T3>T2,又P2=p3, 2状态分析密度大，分析运动缓慢，单个分子平均彳用力小，3状态分子密度小,分子运动剧烈，单个分子平均作用力大。故3状态碰撞容器壁

48、分子较少，即N2>N3；33. (2)如图，一容器由横截面积分别为2s和S的两个汽缸连通而成，容器平放在地面上，汽缸内壁光滑。整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分，分别充有氢气、空气和氮气。平衡时，氮气的压强和体积分别为 Po和V。，氢气的体积为2V。，空气的压强为p。现缓慢地将中部的空气全部抽出，抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变，活塞没有到达两汽缸的连接处，求：(i)抽气前氢气的压强；(ii)抽气后氢气的压强和体积。,1.11 玳况 + p) %【答案】(I) (p0+p)； (ii):物+-中；。22 ° 4 2P3P【解析】【详解】解：(i)设抽气前氢气的压强为

49、Pio,根据力的平衡条件得(pop) 2S= (po -p) SCD得 Pi0= (po+p)2P2和V2,根据力的平衡(ii)设抽气后氢气的压强和体积分别为p1和V1,氢气的压强和体积分别为条件有P2 S= pi 2s由玻意耳定律得 piVi=pio 2Vop2V2 = p0 Vo由于两活塞用刚性杆连接，故Vi 2 V0=2 (Vo %)联立式解得1 1小Jj2凡+ #物理一一选彳3Y34. (1)如图，长为l的细绳下方悬挂一小球 a。绳的另一端固定在天花板上O点处，在。点正下方3-l的0,处有一固定细铁钉。将小球向右拉开，使细绳与竖直方向成一小角度(约为 2。)后由静止释放，4并从释放时开

50、始11时。当小球a摆至最低位置时，细绳会受到铁钉的阻挡。设小球相对于其平衡位置的水平位移为x,向右为正。下列图像中，能描述小球在开始一个周期内的x-t关系的是 。【解析】【详解】由丁=2兀sin，2z - 9% sin 一2_；,9- -sin 22Ti=2 兀a 耳- 21 sin 4sin .2sin 2由能量守恒定律可知,根据数学规律可得:A正确，C错误。小球先后摆起得最大高度相同，故sm = 2 sin- =L =1，故BD错误;g 2l-lcos 01=-：二4 44 SULF=2 ,即第一次振幅是第二次振幅得sin *22倍，故34. (2)某同学利用图示装置测量某种单色光的波长。

51、实验时，接通电源使光源正常发光:调整光路,使得从目镜中可以观察到干涉条纹。回答下列问题:滤光光源一屏测量头单缝遮光筒双缝转轮目镜(i)若想增加从目镜中观察到的条纹个数，该同学可 A.将单缝向双缝靠近B.将屏向靠近双缝的方向移动C.将屏向远离双缝的方向移动D.使用间距更小的双缝(ii)若双缝的间距为d,屏与双缝间的距离为1,测得第1条暗条纹到第n条暗条纹之间的距离为Ax,则单色光的波长入=(iii)某次测量时，选用的双缝的间距为0. 300 mm,测得屏与双缝间的距离为1.20 m,第1条暗条纹到第4条暗条纹之间的距离为7.56 mm。则所测单色光的波长为 nm (结果保留3位 有效数字)。Er

52、d【答案】(i). B (ii). (iii). 630i M - b i【解析】【详解】(i)由件一,因Ax越小，目镜中观察得条纹数越多，故B符合题意;(ii)同一1 d(iii)O.3xl0-3mx7 56xl0m(4-l)xl2m修 6 3x10% 二630nm2019年高考物理试题全国田卷二、选择题：本题共 8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第 1418题只有一项符合 题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0 分。14 .楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？A.电阻定律 B.库仑定律C.欧姆定律D.能量守

53、恒定律【答案】D【解析】【详解】楞次定律指感应电流的磁场阻碍引起感应电流的原磁场的磁通量的变化，这种阻碍作用做功将其他形式的能转变为感应电流的电能，所以楞次定律的阻碍过程实质上就是能量转化的过程a金、a地、15 .金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为a火，它们沿轨道运行的速率分别为v金、v地、v火。已知它们的轨道半径 R金R地R火，由此可以判定A. a金a地a火 B. a火a地a金C. v地v火v金D. v火v地v金-ma可知轨道半径越小，向心加速度越大，故知a项正【解析】【详解】AB .由万有引力提供向心力确，B错误；CD .由 G ,口GM 一上一m一 得" J可知轨道半径越小，运行速率越大，故C、D都错误。4316 .用卡车运输质量为 m的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示。两斜面I、n固定在车上，倾角分别为 30。和60。重力加速度为go当卡车沿平直公路匀速行驶时,圆筒对斜面I、n压力的大小分别为 Fi、F2,则【解析】- -【详解】对圆筒进行受力分析知圆筒处于三力平衡状态，由几何关系容易找出两斜面对圆筒支持力与重力的关系，由牛顿第三定律知斜面对圆筒的支持