巩固练习 牛顿运动定律复习与巩固 提高.docx

1、【巩固练习】、选择题：1、（2016沧州市泊头二中高三模拟）如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上,从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中，下列叙述中正确的是（）A. 小球的速度先减少后变大B. 小球的加速度先减少后增大C. 小球的加速度先增大后减少D. 小球在该过程的位移中点处速度最大2、质点所受的力F随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上，已知t=0时质点的速度为零，在图所示的、t2、切和t4各时刻中，哪一时刻质点的速率最大（）3、在光滑的水平面上，有一个物体同时受到两个水平力R和&作用，在第Is内保持静止。若两个力R和F2随时间变化如图示，则下列说法正确的是（）

2、A、在第2s内，物体做匀加速运动，加速度的大小恒定，速度均匀增大8、在第3s内，物体做变加速运动，加速度均匀减小，速度逐渐减小C、在第5s内，物体做变加速运动，加速度均匀减小，速度逐渐增大D、在第5s末，物体的加速度与速度均为零4、如图所示，放在水平光滑平面上的物体A和B,质量分别为M和m,水平恒力F作用在A上，A、B间的作用力为和水平恒力F作用在B上，A、B间作用为贝V（）A、R+F2=FB、Fi=F2邑_=坐F_MD、%:A*<F5、重物A和小车B的重力分别为Ga和Gb,用跨过定滑轮的细线将它们连接起来，如图所示，己知&>以，不计一切摩擦。则细线对小车B的拉力T的大小是

3、（）A、T=GaB、Ga>TC、Ga<TD、当G>>Ga时，T约等于&B:A：)B、等于(M+m)gD、等于(M+m)gf6、如图所示，一个箱子放在水平面上，箱内有一固定的竖直杆，在杆在上套着一个环,箱和杆的质量为M,环的质量为m,已知环沿杆加速下滑，环与杆的摩擦力的大小为f,则此时箱对地面的压力（A、等于MgC、等于Mg+fJ>J>7、（2015枣庄市期末考）如图所示，质量为mi的足够长木板静止在水平面上，其上放-质量为m2的物块.物块与木板的接触面是光滑的.1=0时刻起，给木块施加一水平恒力F.分别用W、a2和V|、V2表示木板、物块的加速度和速

4、度大小，图中符合运动情况的是（）8、（2015枣庄市期末考）A、B两球的质量均为m,两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙.弹簧原长为Lo,用恒力F向左推B球使弹簧压缩，如图所示,整个系统处于静止状态，此时弹簧长为L.下列说法正确的是（）wwwwwwwwwwwwFA. 弹簧的劲度系数为一LB. 弹簧的劲度系数为一若突然将力F撤去，撤去瞬间，A、B两球的加速度均为0C. 若突然将力F撤去，撤去瞬间，A球的加速度为0,B球的加速度大小为片m二、填空题：1、如图所示，质量2m的物块A与水平地面成的摩擦可忽略不计，质量为m的物块B与地面的动摩擦因数为U,在已知水平推力F作用下，A、B

5、作加速运动，则A对B的作用为。2、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处。细线的另一端拴一质量为m的小球，当滑块至少以a=向左运动时，小球对滑块的压力等于零，当滑块以a=2g的加速度向左运动时，线中拉力T=o三、计算题：1、物体以大小不变的初速度V。沿木板滑动。若木板倾角0不同。物体能上滑的距离s也不同，图示是得出的s0图像.求图中最低点P的坐标。（取10m/s2）|s/m90°e2、(2015枣庄市期末考)如图，足够长的斜面倾角8=37。.一个物体以v0=12w/s的初速度从斜面A点处沿斜面向上运动.物体与斜面间的动摩擦因数为"=()

6、.25.己知重力加速度g=10m/s4、(2016大同市高三联考)如图所示，将小物体(可视为质点)置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的恒力F拉动纸板，拉力大小不同，纸板和小物体的运动情况也不同。若纸板的质量mi=0.1kg,小物体的质量m2=0.4kg,小物体与桌面右边缘的距离d=0.15m,己知各接触面问的动摩擦因数均为p=0.2,最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，g取10m/s2o求：当小物体与纸板一起运动时，桌面给纸板的摩擦力大小；拉力F满足什么条件，小物体才能与纸板发生相对滑动；若拉力作用0.3s时，纸板刚好从小物体下抽出，通过计算判断小物体是否会留在桌面上。»sin37°

7、;=0.6,cos37°=0.8.求:(1) 物体沿斜面上滑时的加速度大小%;(2) 物体沿斜面上滑的最大距离X；(3) 物体沿斜面到达最高点后返回下滑时的加速度大小；(4) 物体从A点出发到再次回到A点运动的总时间t.3、如图所示，有一块木板静止在光滑且足够长的水平面上，木板质量为M=4kg,长为L=1.4m；木板右端放着一小滑块，小滑块质量为m=lkg,其尺寸远小于L。小滑块与木板之间的动摩擦因数为U=0.4(g=10m/s2)o(1) 现用恒力F作用在木板M上，为了使得m能从M上面滑落下来，问：F大小的范围是什么？(2) 其他条件不变，若恒力F=22.8N,且始终作用在M上，最

8、终使得m能从M上面滑落下来。问：m在M上面滑动的时间是多大。【答案与解析】一、选择题：1、B解析：从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中，开始重力大于弹力，向下做加速运动,在下降的过程中弹力增大，则加速度减小，当加速度减小到零，速度达到最大，然后重力小于弹力，向下做减速运动，运动的过程中加速度增大，到达最低点速度为零，故ACD错误,B正确。故选B。2、B解析：从图象可以看出0b时间内物体做加速度均匀增大的加速运动，们”时间内继续加速运动，但加速度均匀减小。t2私时间内加速度反向增大，但方向没有变化，所以速度在减小，因此L时刻质点的速率最大。3、C解析：第Is内物体保持静止，说明M和F?大小相

9、等。Is后&减小，合力为R方向、增大,物体的加速度在增大，速度也为合力方向，在增大；4s时F2减小到0后又增大，此时合力方向依旧为R方向，但在减小，由于合力方向和速度方向仍然一致，所以物体继续加速运动。4、AC解析：对于AB整体有:F=(M+m)a,解得a=F/(M+m)左图：对B有：Fi=ma=mF/(M+m)右图:对A有:F2=Ma=MF/(M+m)因此AC选项正确。5、BD解析：对A有：GT=nia对B有：T=mna解得T=(nu+mB)Ga/idb当曲>>m时，T约等于Ga6、C解析：对M有：N=Mg+f,根据牛顿第三定律知箱对地面的压力等于Mg+fo7、D解析：A

10、、木板一定保持静止，加速为0,故A错误B错误.C、物块的加速度a=,即物块做匀加直线运动，v-t图象为倾斜的直线，而木板保持m2静止，速度一直为0,故C错误D正确；故选：D.8、B解析：A、以B为研究对象受力分析，根据平衡条件：F=kJL),得：故A错误B正确；C、若突然将力F撤去，撤去瞬间，弹簧来不及发生形变，则弹力不能瞬间改变，故A受合力仍然为0,加速度为0;B水平方向只受弹簧的弹力，大小为F,据牛顿第二定律："=，m故C错误D正确；故选：BD.二、填空题：F+2pmg1、3-解析：B物体受地面摩擦力大I?/=|iI=nmg设A、B运动共同速度为a根据牛顿第二定律，以AB整体为研

11、究对象F-F，=3ma_FF'FMmga=3m3mmg对B根据牛顿第二定律：FAB-r=ma所以%=尸+购=+2凹二32、g,行邮解析：当小球在滑块上对滑块的压力恰好等于零时，小球受重力和绳子的拉力两个力的作用，由力三角形可知此时的合力为mg,所以此时的加速度为g。当加速度大于g时，小球将离开滑块，此时小球仍受重力和绳子的拉力两个力的作用，当拉力的方向发生了变化，同理由力的三角形可以求出滑块以a=2g的加速度向左运动时线中拉力T=*mg。三、计算题：1、P的坐标为(53。,12m)解析：当0.=90°时，S1=15m,此时物体实际做竖直上抛运动，可解得的=10月m/s当()2

12、=0°时，s2=20m,此时物体沿水平面运动，由v3=2MgSa得："=°.75蠕123、s=-=m(其中Uma=)当0为一般值时，2g(sin8+四cos6)sin(8+a)4所以，当。=90°-arctana=53°时，s有极小值12,故P的坐标为(53°,12m)2、解析：(1)沿斜面向上运动，由牛顿第二定律得msinO+pmcosO=ma,解得：67,=8/w/r(2) 物体沿斜面上滑，由v02=2ax,得x=9m(3) 物体沿斜面返回下滑时mgsinO-jumgcosO=ma2,则a2=4m/s2(4) 物体从A点出发到再次

13、回到A点运动的总时间t.沿斜面向上运动v()=一1,沿斜面向下运动x=a,t,23(72+1)则/=f+/2=sa3.62s3、(l)F>20No(2)t=2so解析：(1)隔离小滑块，用隔离法研究小滑块。小滑块与木板间的滑动摩擦力f=MN=umg小滑块在滑动摩擦力f作用下向右匀加速运动的加速度f2q=Ug=4m/sm对木板与小滑块用整体法。力F最小值的临界条件是木板与小滑块有相同的加速度的，所以,F,|、=m=“(M+m)g=20N要使m能从M上面滑落下来的条件是：FF小=20N(2)设m在M上滑动的时间为t,当恒力F=22.8N,木板的加速度(F-e(F-e=4.7m/s22木板在时

14、间t内运动位移2一小滑块在时间t内运动位移力=因S2Si=L47t24t2竺_一竺_=14解得t=2s即224、解析：(1)当小物体与纸板一起运动时，桌面给纸板的滑动摩擦力/i=H(mi+ni2)g,代入数据解得/.=1N(2) 在力F作用下，纸板和小物体一起加速运动，随力尸增大，加速度增大，小物体受到的静摩擦力也增大，直到达到最大静摩擦力无=|1】造。小物体的加速度为两者一起运动的最大加速度：Clm=K=明，根据牛顿第二定律有：Fmg(mi+rri2)g=(mi+m2)«m，解得:Fm=2pg(m+im)=2N,F>2N时小物体与纸板有相对滑动纸板抽出前，小物体在滑动摩擦力作用下做