20132014绵阳高二上物理期末测试

1、高二（上）物理期末检测卷一本大题 12 小题，每小题 3 分，共 36 分在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的1（3 分）在周围存在磁场的A安培的发展过程中，许多家是（）B家的科学发现推动了人类文明的进程首先发现通电导线CD不属于用比值法定2（3 分）用比值法定义物理量是义的是（）中一种重要的思想方法，下列物理量的表A电势 =B电流强度 I=C磁通密度 B=D电场强度 E=k3（3 分）两个分别带有电荷量+Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为 r 的两处，它们间库仑力的大小为 F1；两小球相互接触后再将其固定距离变为 2r，两球间库仑力的大小为 F2，则（）AF1=

2、3F2BF1=4F2C3F1=F2D2F1=3F25（3 分）物体中的电子因受原子核的较弱，跑到另一个物体上去，使得到电子的物体由于其中的负电荷多于正电荷，因而显出带负电；失去电子的物体由于其中的正电荷多于负电荷，因而显出带正电，由此物体所带的电称为“静电”，当其积聚到一定程度时就会发生火花放电现象，静电往往会带来一些不便或危害下列做法不利于消除静电的是（A使用空气干燥机降低空气湿度）B在地毯中夹杂 0.05mm0.07mm 的不锈钢导电C在设备上增加接地线D在干燥的季节尽量穿纯棉衣服6（3 分），某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为 a：b：c=5：3：2在此长方体的上下、左右四个面上

3、分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、4在1、2 两端加上恒定电压，导体的电阻为R1；在 3、4 两端加上恒定电压，导体的电阻为 R2，则 R1：R2 为（）A1：1B9：25C25：4D4：257（3 分）如图，a、b 为某电场中一条电场线上的两点，则（）A. 在 a 点不放检验电荷，a 点的电场强度为零B. 从 a 到b，场强减小Cb 点的电势可能为零D一正电荷在该电场中仅受电场力作用，一定从高电势向低电势处运动8（3 分）（2007模拟）电阻 R 和电M 串连接到电路中，已知电阻 R 跟电线圈的电阻值相等，开关接通后，电正常工作设电阻R 和电M 两端的电压分别为U1 和U2，经过时- 1

4、 -间 t，电流通过电阻 R 做功为 W1，产生热量为 Q1，电流通过电做功为 W2，产生热量为 Q2则有（）AU1U2，Q1=Q2BU1=U2，Q1=Q2CW1=W2，Q1Q2DW1W2，Q1Q29（3 分）在静电场中，将一正电荷从 a 点移到 b 点，克服电场力做功，则（）Ab 点的场强一定比 a 点C电场线方向一定从 b 指向 ab 点的电势一定比 a 点高Db 点的动能一定比 a 点小10（3 分）指南针自由静止时，其位置如图中虚线所示若在其正下方放置一水平方向的导线，并通以恒定电流，则指南针转向图中实线所示位置据此，导线可能是（）A南北放置，通有向北的电流C东西放置，通有向西的电流B

5、南北放置，通有的电流D东西放置，通有向东的电流11（3 分）电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内水烧开前的加热状态，另一种是锅内水烧开后的保温状态，是电饭锅电路原理示意图，S 是感温材料制造的开关已知电饭锅的额定电压为 220V，加热功率为550W，保温功率为22W当开关S闭合时，电饭锅所处的工作状态和R2 的阻值分别是（不考虑R1、R2 的电阻受温度变化的影响）（）A加热，220012（3 分）B加热，88C保温，88D保温，2200，在正方形区域 abcd 内有一垂直纸面向里的磁场，一束电子以大小不同的速率沿 ac 从a 点射入磁场，不计电子的重力和电子之间的相互作用，关于电子在磁场中运动的

6、情况，下列说法中正确的是（）A. 入射速度越大的粒子，其运动时间越长B. 运动时间越长的粒子，其运动轨迹越长C. 从 ad 边出射的粒子的运动时间都相等D. 从 cd 边出射的粒子的运动时间都相等- 2 -二、本大题 6 小题，每小题 3 分，共 18 分在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得 3 分，选对但不全得 1 分，有错或不选得 0 分13（3 分）下列说法中正确的是（A在磁场中运动的电荷一定受到）的作用B磁感线从磁体的 N 极出发，终止于磁体的 S 极C磁场是客观存在的，但磁感线并不是客观存在的D通电螺线管内小磁针的 N 极指向通电螺线管的 N 极15（3 分），

7、电源的电动势为 E，内电阻为 r开关 S 闭合后，灯泡 L1、L2 均能发光现将滑动变阻器 R 的滑片 P 稍向下移动，则（）A灯泡 L1 变亮，L2 变暗C电流表的示数变大B灯泡 L1、L2 均变暗D电源的总功率变小16（3 分），带等量异种电荷的平行金属板 a、b 处于磁场中，磁感应强度 B 垂直纸面向里现有不计重力的带电粒子由静止经过电场，然后沿 OO方向从左侧垂直于电磁场入射，从右侧射出a、b 板间区域时的电势能比入射时的电势能大要使粒子射出a、b 板间区域时的电势能比入射时的电势能小，可以（）A适当减小金属板间的磁感应强度C适当增大金属板 a、b 间的距离B适当减小电压D适当减小金属

8、板 a、b 间的电压17（3 分）如图，一直导线用两绝缘细线悬挂于 O、O，OO水平，并处于磁场中，当导线中通以沿x 正方向的电流 I 时，导线保持静止，绝缘细线与竖直方向的夹角为 ，z 正方向竖直向上则磁感应强度方向可能为（）Az 负向By 正向Cz 正向D沿绝缘细线向上18（3 分）带电小滑块放置光滑绝缘斜面顶端，斜面置于磁感应强度大小为 B、方向垂直纸面向里的磁场中，小滑块由静止开始沿斜面滑下，小滑块滑至某一位置时离开斜面，则（）- 3 -A. 小滑块带正电荷B. 小滑块沿斜面下滑的过程中，度越来越大CB 越小，小滑块离开斜面时的速度越大DB 越小，小滑块离开斜面时的位置离斜面顶端越远三

9、实验探究题、（本大题 5 小题，每空 2 分，实物连线 4 分，共 24 分）19（2 分）为了保障行驶安全，一种新型双门电动公交车安装了如下装置：只要有一扇门没有关紧，汽车就不能启动如果规定：车门关紧时为“1”，未关紧时为“0”；当输出信号为“1”时，汽车可以正常启动行驶，当输出信号为“0”时，汽车不能启动能正确表示该“与门、或门、非门”其中之一）装置工作原理的逻辑门是（填21（4 分）在“练习使用多用欧姆档测量电阻，他选择了×10 倍率，并”实验中，某同学用多用用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太大为了得到更准确的数据，他应该旋转选择开关至欧姆 挡（填“×1”或“

10、×100”）；旋转到合适档位后，该同学测量该电阻的阻值时，先用大拇指和食指紧捏红黑表笔进行欧姆调零（如图 a 所示），然后垫在两根食指上用两表笔接触待测电阻的两端的引脚（如图 b 所示），这两步操作是否合理？（填“只有 a 不合理”或“只有 b 不合理”或“都不合理”）22（6 分）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，所用器材有：电动势为 6V 的电源、额定电压为 2.5V的小灯泡、以及符合实验要求的滑动变阻器、有连接完整的实物电路、开关和导线要求能测出尽可能多组数据如图是没（1）请你用笔画线代替导线，在图中将实物电路连接完整；（2电路后，闭合开关，移动滑片 P 到某处，电压表的

11、示数为 2.2V，要测量小灯泡的额定功率，滑片 P 向端滑动（选填“A”或“B”）- 4 -23（8 分）将一铜片和一锌片分别一个苹果内，就了简单的“水果电池”，其电动势约为 1.5V可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V、额定电流为0.3A 的手电筒上的小灯泡，是流过小灯泡的电流太小了，实验测得不足 3mA为了较精确地测定该水果电池的电动势和内阻，提供的实验器材有： 水果电池电流表 A（量程 03mA，内阻约为 0.5） 电压表 V（量程 01.5V，内阻约为 3k）滑动变阻器 R1（阻值 010，额定电流为 1A）滑动变阻器 R2（阻值 03k，额定电流为 1A） 电键，导线若干（1）

12、（选填“a”或“b”）电路图进行实验（2）实验中滑动变阻器用（用器材代号表示）（3）根据实验的数据，经描点、连线得到水果电池的路端电压随电流变化的 UI 图象，由图象可知，水果电池的电动势 E=V，内阻 r=四计算题（本大题 2 小题，共 22 分，要求必须写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的）的电路中，两平行金属板 A、B 水平放置电容器，其电容 C=3×1012F，两板间24（10 分）的距离d=0.4m电源电动势E=20V，内电阻r=1，电阻R=11闭合开关S，待电路稳定后，一带负电的小球从板间中点进入并沿与板平行的虚线运动已知小球电荷量 q=1×102C，质量

13、m=2×102kg， g=10m/s2不考虑空气阻力 求：（1）A 板所带的电荷量 Q；（2）电源的输出功率 P- 5 -，在 xOy 平面上第象限内有平行于 y 轴的有界图，在第象限25（12 分）电场，过 Q 点放一张垂直于 xOy 平面的感光胶片（感光胶片足够长），Q 点的坐标为（0，L），在 x 轴和感光胶片间有方向垂直纸面向外的磁场y 轴上一点 P 的坐标为（0，L），有一电子以垂直于 y 轴的初速度 v0 从 P 点垂直射入电场中，并从 A 点射出，A 点坐标为（2L，0）已知电子的电荷量大小为 e，质量为m（，1）不求计电的场重的力场强大小；（2）为使第一次进入第象限的

14、电子在感光胶片上，求满足条件的所有磁感应强度 B 的值- 6 -高二（上）期末物理试卷参考与试题一本大题 12 小题，每小题 3 分，共 36 分在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的2D1B3分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题解：相距为 r 时，根据库仑定律得：解答：F1=K；因为小球带同种电荷时，接触后，各自带电量变为=2Q，则此时F2=K两式联立得 F2=，故 A 正确、BCD 错误 故选：A本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键点评：5A6解：根据电阻定律 R= ，当在

15、1、2 两端加上恒定电压 U 时：R1=在在 3、4 两端加上恒定的电压时：R2=所以：=故选：D解决本题的关键掌握电阻定律，明确导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料电阻率有关，基础问题点评：7C8 分析：开关接通后，电正常工作，其电路非纯电阻电路，电两端的电压大于线圈电阻与电流的乘积而电阻 R 是纯电阻，其两端电压等于电阻与电流的乘积根据焦耳定律研究热量关系解：设开关接通后，电路中电流为 I解答：- 7 -对于电阻 R，由欧姆定律得 U1=IR 对于电，U2IR，则 U1U2 根据焦耳定律得Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，则Q1=Q2故选 A本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住

16、欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用点评：9分析：电势、电势能是从能量的观点来描述电场的，电场力做功对应着电势能的转化，而电场强度是从力的角度来描述电场的，与电势能、电场力做功无关，解决本题的关键是弄清这些概念之间的关系解：解答：A、正电荷从a 点移到b 点，电场力做负功，无法a、b 两点电场强度可能相等，故 A 错误；a、b 两点电场强度大小，若是电场，B、移动正电荷从 a 点到b 点，克服电场力做功，即电场力做负功，由 Wab=qUab 可知Uab0，因此 b 点电势一定比 a 点高，故 B 正确；C、电荷运动时可能与电场线有一定夹角，也可能逆着电场线

17、，通过电场力做功无法线方向，故 C 错误；电场D、电场力做负功， 故 D 错误故选：B重力等其他力做功，根据动能定理可知，该电荷的动能不一定减小，点评：本题主要考查了描述电场的基本概念电势和电场强度，可结合电场线进行分析要掌握电场力做功公式 W=qU 和动能定理，再进行解题10解答：解：A、若导线南北放置，通有向北的电流，根据安培定则可知，电流上方的小磁针 N 极将向东偏转，可转向图中实线所示位置故 A 正确B、导线南北放置，通有线所示位置相反故 B 错误的电流时，根据安培定则可知，小磁针 N 极将向西偏转，与图中实C、导线东西放置，通有向西的电流，根据安培定则可知，小磁针 N 极不偏转故 C

18、 错误D、导线东西放置，通有向东的电流，根据安培定则可知，小磁针 N 极偏转故 D 错误 故选：A点评：11 分析：本题考查安培定则的应用能力，这是当初发现电流磁效应实验原理图电饭锅工作时通过感温材料制造的开关 S，来系，分析电阻关系保温状态还是加热状态根据开关 S 的通断，由功率关解答：解：，由 P=得：当接通 S 时，R1 短路，则总电阻变小，功率变大，处于加热状态；R2 是供加热用的电阻丝则由 P=可得：R=88；故选：B本题关键根据功率公式理解电饭煲的加热与保温的电路，同时运用欧姆定律解题点评：12 分析：电子在磁场中做匀速圆周运动，提供向心力，根据题意及几何知识分析电子从 AC，AB

19、 边飞出时粒子所转过的圆心角，比较电子的运动时间轨迹对应的圆心角越大，运动时间越长- 8 -解答：解：电子做圆周运动的周期 T=，保持不变，电子在磁场中运动时间为 t=T，轨迹对应的圆心角 越大，运动时间越长A、电子沿ac 方向入射，若从ad 边射出时，根据几何知在ad 边射出的电子轨迹所对应的圆心角相等，在磁场中运动时间相等，与速度无关，故 A 错误，C 正确B、从cd 边射出的电子轨迹对应的圆心角不相等，且入射速度越大，其运动轨迹越短，在磁场中运动时间不相等故 BD 错误故选：C本题考查了求电子在磁场中的运动时间问题，找出粒子在磁场中做圆周运动时所转过的圆心角是正确解题的关键点评：13分析

20、：在磁场中运动的电荷一定受到：f=qvBsin；磁感线在磁体外从磁体的N 极出发，指向磁体的 S 极，在磁体内从 S 极指向 N 极；磁场是客观存在的，但磁感线并不是客观存在的；通电螺线管内小磁针的 N 极指向通电螺线管的 N 极解答：解：A、在磁场中运动的电荷与磁感线平行时不受故 A 错误；B、磁感线在磁体外从磁体的 N 极出发，指向磁体的 S 极，在磁体内从 S 极指向 N 极是闭合曲线故 B 错误；C、磁场是客观存在的，但磁感线并不是客观存在的故 C 正确；D、小磁针的 N 极指向表示磁场的方向，所以通电螺线管内小磁针的 N 极指向通电螺线管的 N极故 D 正确 故选：CD该题考查磁场、

21、磁感线的基础知识，以及通电螺线管内的磁感线的特点基础题目点评：15 分析：首先搞清电路的连接关系：灯L2 与滑动变阻器并联，再与灯L1 串联；再据滑片的移动方向滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由闭合电路欧姆定律即可解：由图可知 L2 与滑动变阻器并联，再与 L1 串联电路电流如何变化，根据电路电流变化求解解答：A、B、将滑动变阻器 R 的滑片 P 稍向下移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，整个电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流 I 减少，所以电灯 L1 变暗；由于干路电流减少，内电压和灯泡 L1 两端的电压都减小，所以 L2 与滑动变阻器并联的电压增大，L2 变亮故 A、B

22、错误C、干路电流 I 减小，L2 与滑动变阻器并联电压增大，所以通过 L2 的电流增大，所以电流表的示数减少，故 C 错误D、干路电流 I 减小，根据 P=EI 得电源的总功率减少，故 D 正确 故选：D对于电路的动态变化分析的问题，首先要搞清电路的结构，其次要按“部分整体部分”的顺序分析点评：16 分析：粒子受到电场力与磁场力共同作用下运动，电场力对粒子做功，而磁场力对粒子不做功，根据动能定理与左手定则，及的表，即可求解这是典型的“速度选择器”题解：A、B、D、由题意可知，当原来“右侧射出a、b 板间区域时动能比入射时小”，说明“电场力对粒解答：子做负功”；电场力小于磁场力，qEqVB，则

23、EVB；现在，出 a、b 板间区域时的动能比入射时大”，就是要“电场力对粒子做正功”电场力大于磁场力若增大电场 E（E= ，因 d 不变，就要- 9 -增大 U），或减小磁场 B、减小入射时的速度 V，即减小压故 A 正确，B 正确，D 错误，电压，而不是减小金属板 a、b 间的电C、由上可知，要“减小金属板a、b 间的距离”，由E= 得知电场强度增强，才能导致电场力大于磁场力，故 C 错误； 故选：AB本题考查粒子在电场与磁场中，受到电场力与磁场力作用，掌握电场力对粒子做功，而磁场力对粒子不做功，并理解动能定理与左手定则的应用点评：17分析：对导体棒进行受力分析，根据共点力平衡进行，并根据共

24、点力平衡得到安培力的可能方向，最后结合左手定则可能的磁感应强度方向解答：解：A、磁感应强度方向为z 负方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y 正方向，可能平衡， 故 A 正确；B、磁感应强度方向为 y 正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿 z 正方向，重力与安培力平衡，细线无拉力，可能平衡，故 B 正确；C、磁感应强度方向为z 正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y 负方向，直导线不能在此位置平衡，故 C 错误；D、磁感应强度方向沿悬线向上，根据左手定则，直导线所受安培力方向垂直向下，不可能平衡，故D 错误；故选：AB点评：18解决本题的关键通过平衡条件出安培力可能的方向，根

25、据左手定则出磁感应强度的可能方向分析：带电物体下滑到某一位置离开斜面，由此可知的电性；对物体进行受力分析，当物体对斜面的垂直于斜面向上，根据左手定则带电物体为零时，物体开始离开斜面，由平衡条件表示出物体此时的速度，来大小关系与那些因素有关；再有动能定理求出下滑位移即可；解答：解：A、带电物体下滑到某一位置离开斜面，由此可知带电物体带负电，故 A 错误；垂直于斜面向上，根据左手定则B、在下滑过程中产生的度为 mgsin=ma，a=gsin，故度不变，故 B 错误；C、刚好离开斜面时，mgcos=qvB，v=，故 B 越小，v 越大，故 C 正确；D、由动能定理可知 mgLsin=可知，结合 C

26、可知，B 越小，L 越大，故 D 正确；故选：CD解决本题的关键是正确地进行受力分析，抓住垂直于斜面方向上的合力为零时，物体开始离开斜面进行分析求解点评：三实验探究题、（本大题 5 小题，每空 2 分，实物连线 4 分，共 24 分）19分析：汽车可以正常启动行驶这个为与门电路要想发生，车门关闭这个条件要同时满足，故该为与逻辑关系，解答：答：根据题意，该装置工作原理的逻辑关系为与逻辑关系，为与门逻辑电路故为：与门点评：本题考查了基本逻辑关系，基本门电路及特点- 1021分析：使用欧姆表测电阻时，能用手捏住待测电阻择合适的挡位，使指针指在刻度线附近；使用欧姆表测电阻时，不解答：解：用×

27、10 倍率测电阻时，指针偏转角度太大，说明所选择的挡位太大，为了得到更准确的数据， 应换用小挡位，应该旋转选择开关至欧姆×1 挡；进行欧姆调零时大拇指和食指可以紧捏红黑表笔，测量电阻阻值时，两根食指不能接触待测电阻的两端的引脚，因此实验操作只有 b 不合理；故为：×1，只有 b 不合理点评：本题考查了欧姆表的使用注意事项，掌握欧姆表的使用方法与注意事项即可正确解题，使用欧姆表测电阻时，择合适的挡位，使指针指在刻度线附近22分析：本题的关键是明确当要求电流从零调或要求“测出尽可能多组数据”时，说明变阻器应采用分压式接法解：（1）：由于实验要求电流从零调，所以变阻器应是分压式接

28、法；由于小灯泡电阻较小，满足解答：，可知电流表应用外接法，连线图：（2）：由连线图可知，为使小灯泡两端的电压变大，滑片 P 应向 B 端滑动故为：（1）如图（2）B应熟记变阻器必须采用分压式接法的条件：要求电流从零调或要求“尽可能多测几组数据”时；变阻器的全电阻远小于待测电阻点评：23分析：（1） 电流表的内阻很小，分担的电压很小，可以忽略，所以用伏安法测电源电动势和内阻时， 电流表采取外接法误差较小（2） 通过水果电池的内阻大小，选择合适的滑动变阻器（3） UI 图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示水果电池的内阻解：（1）由题意可知水果电池内阻较大，为减小实验误差，相对于电源来