河北2018年高职单招物理模拟试题含答案

1、河北2018年高职单招物理模拟试题【含答案】一、单项选择题1.运动学是我们高中物理的重要组成部分，下列关于运动学中的概念、物理方法的理解正确的是（）A.速度、质量、加速度、路程的运算时都满足平行四边形法则B.紧急刹车时，物体相对车厢向前滑行了x=2m,测出x的参考系是车厢C.宇航员在航器中因失重而处于漂浮状态，所以没有惯性D.用弹簧秤竖直悬挂一物体，弹簧秤的示数一定等于物体重力的大小2.关于人造地球卫星，下列说法正确的是（）A.在地球周围做匀速圆周运动的人造地球卫星的线速度不会超过7.9km/sB.发射速度大于7.9km/s的人造地球卫星进入轨道后的线速度一定大于7.9km/sC.做匀速圆周运

2、动的人造地球卫星无论离地球远近，卫星内物体均处于失重状态D.所有地球同步卫星的距地高度都是相同的，线速度大小也是相同的，与地球的自转方向相同，但同步卫星质量不一定相同3 .如图所示，有一带电量为 +q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2d, +q到带电薄板的垂线通过板的圆心.若图中a点处的电场强度为零，则图中b点处的电场强度大小是 （）M； d d ! d !4 .已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍.不考虑地球、月球自转的影响，由以上数据可推算出（）A,地球的平均密度与月球的平均密度之比约为81 : 64B.地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比约为9: 4

3、C.靠近地球表面沿圆形轨道运行的航天器的周期与靠近月球表面沿圆形轨道运行的航天器的周期之比约为9: 8D.靠近地球表面沿圆形轨道运行的航天器的线速度与靠近月球表面沿圆形轨道运行的航天 器的线速度之比约为 9: 25 .如图所示，物体 A和B叠放在固定光滑斜面上， A、B的接触面与斜面平行，当 A、B以 相同的速度沿斜面向上运动肘，关于物体A的受力个数，正确的是（）A. 2 B. 3 C. 4 D. 56 .甲、乙两物体的运动情况如图所示，下列结论正确的是（106t/sA.甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动B.经过2.5s,两物体速度相同C.经过5s的时间，乙物体到达甲物体的出发点D.甲、乙

4、两物体的速度大小相等、方向相同7 .关于运动的合成，下列说法中正确的是（）A.合运动的速度一定比每一个分运动的速度大8 .两个直线运动的合运动一定是直线运动C.两个分运动的时间一定与合运动时间相等D.合运动的加速度一定比每个分运动加速度大8 .用等效思想分析变压器电路.如图 a中的变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数之比 为n1： n2,副线圈与阻值为 R1的电阻接成闭合电路，虚线框内部分可等效看成一个电阻R2.这里的等效指当变压器原线圈、电阻R2两端都接到电压为 U=220V的交流电源上时,R1与R2消耗的电功率相等，则 R2与R1的比值为（）9 .下列运动满足机械能守恒的是（）A.手榴弹从

5、手中抛出后的运动（不计空气阻力）B.子弹射穿木块C.吊车将货物匀速吊起D.物体沿光滑圆弧面从上向下滑动 工10 .如图所示，质量相同的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的4光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为 R,圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下.下列判断正确的是（）A.两物块到达底端时速度相同B.两物块运动到底端的过程中重力做功相同C.两物块到达底端时动能相同D.两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率11 .两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q和-Q的电荷量，当它们相距 r时，它们之间的库仑力是F.若把它们接触后分开，再置于相距 电荷），则它

6、们的库仑力的大小将变为（）1二r的两点（此时两带电小球仍可视为点12.如图所示，两个完全相同的匀质光滑小球,静止在内壁光滑的半球形碗底，两球之间相A. F F B. F C. 3F D. 9F互作用力的大小为 F1,每个小球对碗的压力大小均为F2,若两小球质量不变，而半径均减小为原来的一半，则（）F1和F2 土匀变小C. F1变大，F2变小 D. F1变小，F2变大13. 一辆公路救援车停在平直的公路上，突然接到命令，要求从静止开始一直加速行驶赶往1公里外的出事地点，且到达出事地点时的速度为30m/s ,有三种进行方式：a做匀加速直线运动；b做加速度增大的加速运动；c做加速度减小的加速运动，则

7、（）A. a种方式先到达 B. b种方式先到达C. c种方式先到达 D. b种方式需要的时间最长14 .如图所示，在光滑的水平地面卜方，有两个磁感应强度大小均为B,方向向反的水平匀强磁场，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大.一个半径为a,质量为m ,电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，从圆环刚好与边界线PQ相切时开始，在外力作用下以速度v向右匀速运动，到圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，下列说法正确的是（）A.此时圆环中的电动势大小为2BavB.此时圆环中的电流方向为逆时针方向C.此过程中圆环中的电动势均匀增大D.此过程中通过圆环截面的电量为R15 .北约在对南联盟进行轰炸时，大量使用贫铀炸

8、弹.贫铀比重约为钢的2.5倍，设贫铀炸弹与常规炸弹射行速度之比约为2: 1,它们在穿甲过程中所受阻力相同，则形状相同的贫铀炸弹与常规炸弹的最大穿甲深度之比约为（）A. 2: 1 B, 1 : 1 C. 10: 1 D, 5: 216 .如图所示，小球系在细绳的一端， 放在光滑的斜面上， 用力将斜面在水平桌面上缓慢地 向左推移，使小球上升（斜面最高点足够高）.那么，在斜面运动过程中，绳的拉力将（）A.先增大后减小 B.先减小后增大 C. 一直增大 D. 一直减小17 .如图所示，真空中 xOy平面内有一束宽度为 d的带正电粒子束沿 x轴正方向运动，所 有粒子为同种粒子，速度大小相等，在第一象限内

9、有一方向垂直 xOy平面的有界匀强磁场区 （图中未画出），所有带电粒子通过磁场偏转后都会聚于x轴上的a点.下列说法中正确的是（）A.磁场方向一定是垂直 xOy平面向里B.所有粒子通过磁场区的时间相同C.所有粒子在磁场区运动的半径相等D.磁场区边界可能是圆18 .质量为m的物块，沿着半径为 R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直放置， 开口向上，滑到最低点时速度大小为V,若物体与球壳之间的摩擦因数为臼则物体在最低点时，下列说法正确的是（）22vvA.受到向心力为 mg+jim R B.受到的摩擦力为（im RC.受到的摩擦力为mgD.受到的合力方向斜向左上方19 .如图中，套在竖直细杆上的环

10、 A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B相连.由于B的质量较大，故在释放B后，A将沿杆上升，当A环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，其上升速度V1W0,若这时B的速度为V2,则（）77777777777777777777777777A. V2=V1 B. V2> V1 C. V2W0 D. V2=0、计算题20 .如图所示，用细绳一端系着的质量为M=1kg的物体A静止在水平转盘上，细绳另一端通过转盘中心的光滑小孔O吊着质量为m=0.3kg的小球B,A的重心到O点的距离为0.2m .若A与转盘间的最大静摩擦力为f=2N,为使小球B保持静止，求转盘绕中心 O旋转的角速度的取值范围.(取g=

11、10m/s2)Or21 .公交车已作为现代城市交通很重要的工具，它具有方便、节约、缓解城市交通压力等许多作用.某日，宣城中学甘书记在上班途中向一公交车站走去，发现一辆公交车正从身旁平直的公路驶过，此时，他的速度是1m/s,公交车的速度是15m/s ,他们距车站的距离为 50m.假 设公交车在行驶到距车站 25m处开始刹车，刚好到车站停下，停车时间10s.而甘书记因年 龄、体力等关系最大速度只能达到6m/s ,最大起跑加速度只能达到2.5m/s2 .(1)若公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度大小是多少？(2)试计算分析，甘书记是应该上这班车，还是等下一班车.22.把质量为3kg的石头从20m

12、高的山崖上以30°角向斜上方抛出，抛出的速度v0=15m/s.(不 计空气阻力，取 g=10m/s2)求：(1)抛出至落地过程中重力所做的功？(2)石块落地时的速度是多大？悔河北2018年高职单招物理模拟试题参考答案与试题解析 一、单项选择题1.运动学是我们高中物理的重要组成部分，下列关于运动学中的概念、物理方法的理解正 确的是（）A.速度、质量、加速度、路程的运算时都满足平行四边形法则B.紧急刹车时，物体相对车厢向前滑行了x=2m,测出x的参考系是车厢C.宇航员在航器中因失重而处于漂浮状态，所以没有惯性D.用弹簧秤竖直悬挂一物体，弹簧秤的示数一定等于物体重力的大小 【考点】31:惯

13、性；1B:加速度.【分析】质量、路程都是标量，物体相对车厢滑行的距离，x的参考系是车厢，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质.惯性的大小只与物体的质量有关， 与速度及物体的受力情况 无关.【解答】解：A、速度、加速度是矢量，质量、路程是标量，只有矢量运算时满足平行四边 形法则，故A错误.B、刹车时，物体相对车厢向前滑行了x=2m,测出x的参考系是车厢，故 B正确.C、由于惯性是物体固有属性，在航器中，物体的惯性没有消失，故 C错误.D、地物体挂在弹簧秤下只有处于平衡状态时，弹簧秤的示数才等于物体的重力.故D错误.故选：B.2.关于人造地球卫星，下列说法正确的是（）A.在地球周围做匀速圆周运动的

14、人造地球卫星的线速度不会超过7.9km/sB.发射速度大于7.9km/s的人造地球卫星进入轨道后的线速度一定大于7.9km/sC.做匀速圆周运动的人造地球卫星无论离地球远近，卫星内物体均处于失重状态D.所有地球同步卫星的距地高度都是相同的，线速度大小也是相同的，与地球的自转方向相同，但同步卫星质量不一定相同【考点】4H:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力，可知角速度和线速度与圆周运动半径间的关系，第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大运行速度，当卫星绕地球按椭圆轨道运动时，在近地点卫星的速度大于第一宇宙速度而小于第二宇宙速 度

15、，同步卫星的轨道平面与赤道平面重合，故同步卫星不会经过地球两极.【解答】解：A、第一宇宙速度 7.9km/s是绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，在地球周围做匀速圆周运动的人造地球卫星的线速度不会超过7.9km/s ,故A正确；B、发射速度大于7.9km/s的人造地球卫星做椭圆运动，在远地点速度一定小于7.9km/s ,故B错误；C、做匀速圆周运动的人造地球卫星无论离地球远近，卫星内物体均处于失重状态，故C正D、根据万有引力提供向心力，列出等式：尔+h） =m T （R+h）,其中R为地球半径，h为同步卫星离地面的高度.由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，根据上面等式得出：

16、 同步卫星离地面的高度 h也为一定值，线速度大小也是相同的， 但 同步卫星质量不一定相同，故 D正确；故选：ACD.3 .如图所示，有一带电量为 +q的点电荷与均匀带电圆形薄板相距为2d, +q到带电薄板的垂线通过板的圆心.若图中a点处的电场强度为零，则图中b点处的电场强度大小是 （）0 D.【考点】A6:电场强度；AA:电场的叠加.【分析】据题，a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相q反.+q在a处产生的场强大小为 E=kd，得到带电薄板在 a点产生的场强大小，根据对称q性，确定带电薄板在 b点产生的场强大小.+q在b处产生的场强大小为 E=k（3d）2 ,再根

17、 据叠加原理求解b点处的电场强度大小.q2【解答】解：+q在a处产生的场强大小为 E=kd，方向水平向左.据题，a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相反，则带电薄板在a点产生的q-2场强大小为E=kd ,方向水平向右.根据对称性可知，带电薄板在b点产生的场强大小为q_qE=kM ,方向水平向左.+q在b处产生的场弓II大小为 E=k（3d）2 ,方向水平向左，则 b点处的电场强度大小是 Eb= 9d2+kd2 .故选A4 .已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍.不考虑地球、月球自转的影响，由以上数据可推算出（）A,地球的平均密度与月球的

18、平均密度之比约为81 : 64B.地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比约为9: 4C.靠近地球表面沿圆形轨道运行的航天器的周期与靠近月球表面沿圆形轨道运行的航天器的周期之比约为9: 8D.靠近地球表面沿圆形轨道运行的航天器的线速度与靠近月球表面沿圆形轨道运行的航天器的线速度之比约为 9: 2【考点】4F:万有引力定律及其应用.【分析】根据密度定义表示出密度公式，再通过已知量进行比较.根据万有引力等于重力表示出重力加速度.根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期和线速度，再通过已知量进行比较.【解答】解：A、密度”-v=3,已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的

19、 4倍，所以地球的平均密度与月球的平均密度之比约为81: 64.故A正确，MmGM7 二腱B、根据万有引力等于重力表示出重力加速度得得，gRJ,解得g=RJ ,中R为星球半径，M为星球质量.所以地球表面重力加速度与月球表面重力加速度之比约为81: 16.故B错误.粤二小二呼叵至河C、根据R K T 得，t=Y gm , v=V R ,其中R为星球半径，M为星球质量.所以靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器的周期与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天器的 周期之比约为 8: 9,靠近地球表面沿圆轨道远行的航大器线速度与靠近月球表面沿圆轨道 运行的航天器线速度之比约为 9: 2.故C错误，D正确.故选：AD

20、.5 .如图所示，物体 A和B叠放在固定光滑斜面上， A、B的接触面与斜面平行，当 A、B以相同的速度沿斜面向上运动肘，关于物体A的受力个数，正确的是()A. 2 B. 3 C. 4 D. 5【考点】37:牛顿第二定律；2G:力的合成与分解的运用.【分析】先对整体受力分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，然后隔离对B分析，根据加速度求出摩擦力，从而判断出A受力情况.【解答】解：在上升的过程，整体都是只受两个力，重力和支持力，根据牛顿第二定律得：(mA+mB) gsin O=(mA+mB) a,因此有：a=gsin 9方向沿斜面向下以B为研究对象根据牛顿第二定律有：mBgsin +f=mBa,

21、 解得：f=0对A受力分析，受到重力、B对A的压力和斜面对 A的支持力三个力的作用，故 B正确，ACD错误；故选：B6 .甲、乙两物体的运动情况如图所示，下列结论正确的是(t/sA.甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动B.经过2.5s,两物体速度相同C.经过5s的时间，乙物体到达甲物体的出发点D.甲、乙两物体的速度大小相等、方向相同【考点】1I:匀变速直线运动的图像.【分析】由图可知为位移时间图象，故图象中每点表示物体所在的位置，图象的斜率表示物体的匀速大小及方向，比较两物体的运动可得正确答案.【解答】解：A、由图可知，甲做正方向的匀速直线运动，乙做反方向的匀速直线运动，故A错误；B、2.5

22、s时两物体的坐标相同，故两物体相遇，速度不同，故 B错误；C、5s时，乙回到原点，即甲物体的出发点，故 C正确；D、图象的斜率表示物体的速度，由图可知速度大小相当，但方向相反，故 D错误；故选：C7 .关于运动的合成，下列说法中正确的是（）A.合运动的速度一定比每一个分运动的速度大8 .两个直线运动的合运动一定是直线运动C.两个分运动的时间一定与合运动时间相等D.合运动的加速度一定比每个分运动加速度大【考点】44:运动的合成和分解.【分析】根据平行四边形定则，合速度可能比分速度大， 可能比分速度小，可能与分速度相等；两分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，合运动与分运动具有等时性.【解答】

23、解：A、根据平行四边形定则，合速度不一定比分速度大.故 A错误.B、分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，比如：平抛运动.故 B错误.C分运动与合运动具有等时性.故 C正确.D、根据平行四边形定则，合加速度可能比分加速度大，可能比分加速度小，可能与分加速度相等.故D错误.故选C.8.用等效思想分析变压器电路.如图a中的变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数之比为n1： n2,副线圈与阻值为R1的电阻接成闭合电路，虚线框内部分可等效看成一个电阻R2.这里的等效指当变压器原线圈、电阻R2两端都接到电压为 U=220V的交流电源上时,R1与R2消耗的电功率相等，则 R2与R1的比值为（）图台.A.

24、 nl【考点】【分析】B. C.212 D.E8:变压器的构造和原理.变压器的特点：匝数与电压成正比，与电流成反比，利用电流的热效应.U2解：设副线圈的电压为U1,利用电流的热效应，功率相等R1区2,原副线圈的nl U匝数之比等于电压之比i故选：CR? R? n；Rl , R1 口；，故c正确，ABD错误;9.下列运动满足机械能守恒的是（A.手榴弹从手中抛出后的运动（不计空气阻力）B.子弹射穿木块C.吊车将货物匀速吊起D.物体沿光滑圆弧面从上向下滑动【考点】6C:机械能守恒定律.【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，判断各力的做功情况， 即可

25、判断物体机械能是否守恒.也可以根据机械能的概念分析.【解答】解：A、手榴弹从手中抛出后的运动时不计空气阻力，只受重力，所以机械能守恒，故A正确.B、子弹射穿木板的运动，有阻力做功，其机械能减小.故B错误.C、吊车将货物匀速吊起时， 货物的重力势能增大， 动能不变，它们的总和即机械能增大.故C错误.D、物体沿光滑圆弧面从上向下滑动，圆弧面对物体不做功， 只有重力做功，机械能守恒.故D正确.故选：AD10.如图所示， 下，轨道半径为 正确的是（1质量相同的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的z光滑圆弧轨道顶端由静止滑R,圆弧底端切线水平，乙从高为 R的光滑斜面顶端由静止滑下.下列判断甲乙A.B.C.D.

26、两物块到达底端时速度相同两物块运动到底端的过程中重力做功相同两物块到达底端时动能相同两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率【考点】6C:机械能守，值定律；63:功率、平均功率和瞬时功率.【分析】根据动能定理比较两物块到达底端的动能，从而比较出速度的大小，根据重力与速度方向的关系，结合 P=mgvcosx比较瞬时功率的大小.12【解答】解：A、根据动能定理得，mgR=TmV ,知两物块达到底端的动能相等，速度大小 相等，但是速度的方向不同.故A错误.B、两物块运动到底端的过程中，下落的高度相同，重力做功相同.故 B正确.C、两物块到达底端的速度大小相等，质量相等，

27、可知两物块到达底端时动能相同，故C正确.D、两物块到达底端的速度大小相等，甲重力与速度方向垂直，瞬时功率为零，则乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率.故D错误.故选：BC11 .两个完全相同的金属小球，分别带有+3Q和-Q的电荷量，当它们相距 r时，它们之间1的库仑力是F.若把它们接触后分开，再置于相距'r的两点（此时两带电小球仍可视为点电荷），则它们的库仑力的大小将变为（）A. 3 F B. F C. 3F D. 9F【考点】A4:库仑定律.【分析】接触带电后先中和再平分，根据库仑定律判断库仑力的变化.1 3Q2_“小一人，【解答】解：接触前，库仑力为：F= r ,接触后分开

28、，两球带电量均为 Q,则库仑力为:故选：C12 .如图所示，两个完全相同的匀质光滑小球，静止在内壁光滑的半球形碗底，两球之间相互作用力的大小为 F1,每个小球对碗的压力大小均为F2,若两小球质量不变，而半径均减小为原来的一半，则（）A. F1和F2 土匀变大 B, F1和F2 土匀变/、C. F1变大，F2变小 D. F1变小，F2变大【考点】2H:共点力平衡的条件及其应用；29:物体的弹性和弹力.【分析】设碗对球的支持力与竖直方向的夹角为以其中某一个球为研究对象， 分析受力,作出力图，根据平衡条件求出碗对球的支持力和另一球对它的弹力与a的关系式，根据数学分析当碗的半径逐渐减小时， a如何变化

29、.再分析 F1和F2如何变化.【解答】解：以左边的球为研究对象，作出力图，如图.设碗对球的支持力F2与竖直方向的夹角为a.根据平衡条件得mgF2='F1=mgtan a若两小球质量不变，而半径均减小为原来的一半，则 a减小，cos a变大，tan a变小;则F1变小，F2变小.故选：B.13. 一辆公路救援车停在平直的公路上，突然接到命令，要求从静止开始一直加速行驶赶往1公里外的出事地点，且到达出事地点时的速度为30m/s ,有三种进行方式：a做匀加速直线运动；b做加速度增大的加速运动；c做加速度减小的加速运动，则（）A. a种方式先到达 B. b种方式先到达C c种方式先到达 D.

30、b种方式需要的时间最长【考点】1E:匀变速直线运动的位移与时间的关系.【分析】根据速度时间图线，结合图线围成的面积相等，抓住末速度相同，比较运动的时间.【解答】解：作出 a、b、c的速度时间图线，如图所示，因为a、b、c的末速度相等，图线与时间轴围成的面积相等，可知tcvtavtb.故 C D正确，A、B错误.故选：CD.14 .如图所示，在光滑的水平地面卜方，有两个磁感应强度大小均为B,方向向反的水平匀强磁场，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大.一个半径为 a,质量为m ,电阻为R的 金属圆环垂直磁场方向，从圆环刚好与边界线 PQ相切时开始，在外力作用下以速度 v向右 匀速运动，到圆环运动

31、到直径刚好与边界线 PQ重合时，下列说法正确的是（）X X x x A.此时圆环中的电动势大小为2BavB.此时圆环中的电流方向为逆时针方向C.此过程中圆环中的电动势均匀增大冗B 一D.此过程中通过圆环截面的电量为R【考点】D8:法拉第电磁感应定律；BB:闭合电路的欧姆定律；DB:楞次定律.【分析】由楞次定律可以判断出感应电流方向；由导体切割磁感线公式 E=BLv可求得感应电动势，由功率公式可求得电功率；由法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量公式可求得通过截面的电量【解答】解：A、当直径与边界线重合时，圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，故线圈中的感应电动势E=

32、2BX 2aXv=4Bav,故A错误；B、圆环向里的磁通量减小，根据楞次定律可以判断圆环中电流方向为顺时针，故B错误;C、设向右运动时间t,运动的距离vt,有效切割长度1 网铲,根据 E=2Blv=,此过程中圆环的电动势增大，不是均匀增大，故C错误;A ORBa,一.= q=工t= pD、由电荷量K 知，=bS=Bti a2所以此过程通过圆环的电荷量为h故C错误，D正确故选：D15 .北约在对南联盟进行轰炸时，大量使用贫铀炸弹.贫铀比重约为钢的2.5倍，设贫铀炸弹与常规炸弹射行速度之比约为2: 1,它们在穿甲过程中所受阻力相同，则形状相同的贫铀炸弹与常规炸弹的最大穿甲深度之比约为（）A. 2:

33、 1 B, 1 : 1 C. 10: 1 D, 5: 2【考点】66:动能定理的应用.【分析】炸弹在穿甲过程中，克服阻力做功，由动能定理可以求出炸弹穿入的深度.21【解答】解：以炸弹为研究对象，由动能定理可得：- fd=0 - 2mv2,射入的深度d= 2f , 形状相同的贫铀炸弹与常规炸弹的最大穿甲深度之比约为：2 暇铀炸弹.贫油炸弹2fm第规卡规 2.5&2d常蛔作弹=一 2f =丁>< 'T）=10： 1；故选C.16 .如图所示，小球系在细绳的一端， 放在光滑的斜面上， 用力将斜面在水平桌面上缓慢地 向左推移，使小球上升（斜面最高点足够高）.那么，在斜面运动

34、过程中，绳的拉力将（）A.先增大后减小 B.先减小后增大 C. 一直增大 D. 一直减小【考点】2H:共点力平衡的条件及其应用；2G:力的合成与分解的运用.【分析】将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，所以小球始终处于平衡状态，对小球进行受力分析画图分析即可.【解答】解：将斜面在水平桌面上缓慢地向左推移，所以小球始终处于平衡状态，受力分析并合成如图：G由平衡条件得：F' = G即：支持力 N和拉力T的合力大小和方向均不发生变化.当斜面在水平桌面上缓慢地向左推移时，细线与竖直方向的夹角逐渐变大，T的方向发生变化，画出平行四边形如图所示：由图看出：拉力先减小后变大，支持力一直在变大.故选：B1

35、7 .如图所示，真空中 xOy平面内有一束宽度为 d的带正电粒子束沿 x轴正方向运动，所 有粒子为同种粒子，速度大小相等，在第一象限内有一方向垂直 xOy平面的有界匀强磁场区（图中未画出），所有带电粒子通过磁场偏转后都会聚于x轴上的a点.下列说法中正确的是（）A.磁场方向一定是垂直 xOy平面向里B.所有粒子通过磁场区的时间相同C.所有粒子在磁场区运动的半径相等D.磁场区边界可能是圆【考点】CI:带电粒子在匀强磁场中的运动.【分析】根据粒子的电性与运动轨迹，结合左手定则可确定磁场的方向，由洛伦兹力提供向心力，可求出影响运动轨迹半径的因素，而运动的时间，除与周期有关，还与圆心角有关.【解答】解：

36、A、由题意可知，正粒子经磁场偏转，都集中于一点a,根据左手定则可有，磁场的方向垂直平面向外，故 A错误；2兀mB、由洛伦兹力提供向心力，可得 T= 一 动时间不等，故B错误；亚C、由洛伦兹力提供向心力，可得 R=Bq, 动半径相等，故C正确；D、所有带电粒子通过磁场偏转后都会聚于 能是圆弧，故D正确；故选：CD,而运动的时间还与圆心角有关，因此粒子的运由于同种粒子，且速度大小相等，所以它们的运x轴上的a点，因此磁场区边界可能是圆，也可18 .质量为m的物块，沿着半径为 R的半球形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为V,若物体与球壳之间的摩擦因数为臼则物体在最低

37、点时，下列说法正确的是（）A.受到向心力为 mg+jim B b.受到的摩擦力为RC.受到的摩擦力为mgD.受到的合力方向斜向左上方【考点】27:摩擦力的判断与计算.【分析】根据牛顿第二定律求出小球所受的支持力，根据滑动摩擦力公式求出摩擦力的大小,从而确定合力的大致方向.式【解答】解：A、向心力的大小 Fn=m R .故A错误.22vvB、根据牛顿第二定律得：N- mg=m R ,则有：N=mg+m R .所以滑动摩擦力为：f=科N-0（mg+m R ）.故B错误，C也错误.D、由于重力支持力的合力方向竖直向上，滑动摩擦力方向水平向左，则物体合力的方向斜 向左上方.故D正确.故选：D.19 .

38、如图中，套在竖直细杆上的环 A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B相连.由于B的质量较大，故在释放B后，A将沿杆上升，当A环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，其上升速度V1W0,若这时B的速度为V2,则（）7777777777777777777777777"A. V2=V1 B. V2> V1 C. V2W0 D. V2=0【考点】44:运动的合成和分解.【分析】把 A上升的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向的速度，而沿绳子方向的速 度与B的速度相等.【解答】解：对于 A,它的速度如图中标出的V,这个速度看成是 A的合速度，其分速度分别是va vb,其中va就是B的速度V （同一根绳子，大小相同），当A环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，va=0,所以B的速度V2=0故选D、计算题20 .如图所示，用细绳一端系着的质量为M=1kg的物体A静止在水平转盘上，细绳另一端通过转盘中心的光滑小孔 O吊着质量为m=0.3kg的小球B,A的重心到O点的距离为0.2m .若O旋转的角速度A与转盘间的最大静摩擦力为f=2N,为使小球B保持静止，求转盘绕中心的取值范围.（取g=10m/s2）6【考点】4A:向心力.M所受的最大静摩【分析】当M所受的最大静摩擦力沿半径方向向外时，角速度最小，当