第二章交变电流

1、第七节远距离输电第二章交变电流分层训练迎战两考A级抓基础1.（多选）下列关于电能输送的说法中正确的是（）A. 输送电能的基本要求是可靠、保质、经济B. 减小输电导线上功率损失的唯一办法是采用高压输电C. 减小输电导线上电压损失的唯一方法是增大输电线的横截面积D. 实际输电时，要综合考虑各种因素，如输电功率的大小、距离远近、技术和经济条件等答案：AD2远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为U= 110 kV和输电电压为12= 330 kV输电.则两种情况中，输电线上通过的电流之比Ii : 12等于（）A. 1 : 1B . 3 ：1C. 1 : 3D. 9 : 111 12

2、解析：输送功率相同，根据 P= UI得，输电电流与输电电压成反比，由公式 =可知B对.I 2 U答案：B3. 电站向远方送电，输送的电功率恒定，若将送电电压提高到原来的K倍，则（）A. 输电电流也为原来的 K倍B. 输电导线上损失的电压为原来的K倍C. 输电导线上损失的电功率为原来的K2倍D. 输电导线上损失的电功率为原来的倍解析：设输电功率是 P,输电电压为U,输电导线电阻为R,输电电流1= U输电损失的功率P= 12R=町R,输电导线电阻 R与输电功率P一定，如果输电电压提高到原来的K倍，由P损R可知，输电功率损失减小到原来的；倍，D正确.答案：D4. 远距离输电中，发电厂输送的电功率相同

3、，如果分别采用输电电压为U= 11 kV输电和输电电压为U= 110 kV输电.则两种情况中，输电线上损耗功率之比P : F2等于（）A. 1 : 100 B . 10 : 1C. 1 : 10 D. 100 : 1解析：输送的电功率不变，根据P= UI，输电电压比为1 : 10,则输电电流比为 10 : 1，根据P损=|2R知，输电线上损耗的功率之比为100 : 1.故D正确，A、B、C错误.答案：D5 .（多选）某发电站采用高压输电向外输送电能.若输送的总功率为Po,输电电压为 U,输电导线的总电阻为R则下列说法正确的是（）A. 输电线上的电流I = URP0B. 输电线上的电流I =-C

4、. 输电线上损失的功率D.输电线上损失的功率解析：输电线上的电流线=P0= 线故A错误，B正确；输电线上的功率损失P= liR=U R戋=d ,故C正确，D错误.R答案：BC6.（多选）某发电厂通过远距离向某学校输电，输送的电功率为P,当输电线的电阻和输送的电功率不变时，则下列说法正确的是（）A. 输送的电压越高，输电线路上损失的电压越大B. 输电线路上损失的电压与输送电流成正比C. 输电线路上损失的功率跟输送电压的平方成正比D. 输电线路上损失的功率跟输送电压的平方成反比ppR解析：设输电电压为 U,线路电阻为R,由P= UI得输电电流I =则损失电压为 损=IR =,A错，B对.线路上损失

5、的功率 P损=I2R=知C错，D对.答案：BDB级提能力7如图所示，电路中输电线较长，所以导线的电阻不能忽略不计，若保持电源的电压不变， 将电键S、S、S逐个接通，则（）A. 电源的输出功率减小B. 每只灯消耗的电功率增大C. 输电导线中消耗的电功率增大D. 输送的电功率减小R+解析：电键S、3、S3逐个接通，负载电阻阻值减小， 据I = 巳,可知电路中的总电流增大,电源的输出功率增加，A错误；又灯=U- IR线，灯两端的电压减小，每只灯消耗的电功率减小，所以B错误；再根据 P= I 2R线可知输电导线中消耗的电功率增大，C正确；输送的电功率P= UI因电流I增大而增大，D错误.答案：C&am

6、p;分别用220 V和1 100 V的电压输电，输送电功率相同，导线材料和送电距离也相同.若要输电线路上的功率损失也相同，则所用导线的横截面积之比是（）A. 25 : 1B. 5 : 1C. 1 : 5D. 1 : 25解析：设导线的电阻率为 p，导线的横截面积为 S,导线总电阻为 R,送电距离为L,输电电P压为U,输电线中电流为I，输送功率为 P,则由P= UI得，I = J输电损失的电功率为 P22LP22L2=I RR=p s，联立可得： p=u2 ps .由题意，p、L、p、 P 相等，则有 S : S2=li :lf= 1 100 2 : 2202= 25 ：1 .故选 A.答案：A

7、9.如图，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R、R、Fb和F4均为固定电阻，开关S是闭合的，M和Vi为理想电压表，读数分别为 U和U; A、A和A为理想电流表，读数 分别为丨1、Ii和丨3.现断开S, U不变，下列推断正确的是 （ ）地5A. U2变小，13变小B. U2不变，13变小C. Il变小，I 2变小D. Il变小，I 2变大解析：原副线圈电压之比等于线圈匝数比值，因此S断开不能改变U2大小，所以排除 A.由于U2不变，当S断开，则输出端负载电阻 R增加，即总电流变小，即12变小，输出功率变小，所以丨1也变小，所以排除 D因此R分得电压变小，所以 民34总电压增加，因此

8、R电流应该变 大.由于丨2变小，所以丨3变大.故选C.答案：C10. （多选）如图为远距离输送交流电的系统示意图，变压器均为理想变压器.随着用户负载 增多，发电机 F达到额定功率时，降压变压器输出功率仍然不足，用户的用电器不能正常工 作.那么，在发电机以额定功率工作的情况下，为了适当提高用户的用电功率，可采取的措A. 适当减小输电线的电阻rB. 适当提高n4n3C. 适当提高史的同时，降低n4niri3D. 适当降低n的同时，提高n i氐解析：当发电机输出功率一定时，为使远距离用户得到更多的功率，需减小输电线上的功率 损失，根据 P= I2r，可以减小输电线的电阻 r, A对；也可以通过提高输

9、电电压，减小输送 电流，即提高2,这样使线圈n3两端电压变大，为使用户的用电器正常工作需要适当降低C对.答案：AC11. 某发电站的输出功率为 104 kW,输出电压为4 kV，通过理想变压器升压后向 80 km远处 用户供电.已知输电导线的电阻率为 p = 2.4 X 10 m导线横截面积为1.5 X 104卅，输电线路损失的功率为输出功率的 4%求： (1)升压变压器的输出电压; 输电线路上的电压损失.解析：(1)导线电阻:21_ 83Q = 25.6 Q .1.5 X 102.4 X 10 X 2 X 80 X 10输电线路损失功率为输出功率的4%则4%P= I2r，代入数据得：1 =

10、125 A ,由理想变压器P入=P出及P= UI得：P 107输出电压U= =V = 8X 104 V.I 125输电线路上电压损失：U'= Ir = 125X25.6 V = 3.2 X 10 V.答案：(1)8 X 104 V (2)3.2 X 103 V12水力发电具有防洪、防旱、减少污染多项功能，是功在当代，利在千秋的大事，现在水 力发电已经成为我国的重要能源之一 某小河水流量为40 m3/s，现在欲在此河段上筑坝安装一台发电功率为1 000 kW的发电机发电，采用高压输电，高压输电线的总电阻为5Q ,损耗总功率的5%.求：(1) 能使多少盏“ 220 V,100 W”的电灯正常发光？设发电机输出电压为500 V，则所用理想升压变压器原副线圈匝数比应是多大？ 若所用发电机总效率为 50%则拦河坝要建多高(水的密度p = 1.0 X 103 kg/m 3，重力加速 度 g 取 10 m/s )?解析：(1)用户得到的功率 P用=PX 95% P用=门乂 P灯，n= 9 500盏.(2) 输电线上损失的功率 PX 5%= I2R设升压变压器原线圈两端的电压为U,副线圈两端的电、”n1