浚县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、浚县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题a、b、c带有1 .如图所示，在真空中匀强电场的方向竖直向下，匀强磁场的方向垂直纸面向里，三个油滴等量同种电荷，其中a静止，b向左做匀速直线运动，c向右做匀速直线运动。比较它们所受的重力ma、mb、mc间的关系，正确的是第18页，共15页B. mb最大D. mc最小A.ma最大C.mc最大2 .一段东西方向放置的横截面积为0.05平方厘米的导电材料中，每秒中有0.4库仑正电荷向东移动，有0.6库仑负电荷向西移动，则电流强度是：（）A.0.4安培；B.0.2安培；C.0.6安培；D.1安培.3 .甲、乙两物体在同

2、一直线上做直线运动的速度-时间图象如图所示，则（）口1234附A.前3秒内甲、乙运动方向相反B.前3秒内甲的位移大小是9mC.甲、乙两物体一定是同时同地开始运动D.t=2s时，甲、乙两物体可能恰好相遇4.如图所示，竖直平行线MN、PQ间距离为a,其间存在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界PQ）,磁感应强度为B,MN上。处的粒子源能沿不同方向释放比荷为q/m的带负电粒子，速度大小相等、方向均垂直磁场。粒子间的相互作用及重力不计。设粒子速度方向与射线OM夹角为以当粒子沿0=60。射入时，恰好垂直PQ射出。贝uIIIIJIA.从PQ边界射出的粒子在磁场中运动的最短时间为3qBB.沿9=120°

3、射入的粒子，在磁场中运动的时间最长aqBC.粒子的速率为x-kwmD.PQ边界上有粒子射出的长度为2&5.如图所示，用细绳悬于O点的可自由转动的通电导线 时，从上向下看，AB的转动方向及细绳中张力变化的情况为间有一正电荷(电荷量 两极板的电压，Ep表示 图中虚线所示位置， 则AB放在蹄形磁铁的上方，当导线中通以图示方向电流)A.AB顺时针转动，张力变大B.AB逆时针转动，张力变小C.AB顺时针转动，张力变小D.AB逆时针转动，张力变大6. 一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板1Ml很小)固定在P点，如图所示，以E表示极板间的场强，U表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板

4、不动，将正极板移动到如()_.口NA. U变小，Ep不变C. U变大，Ep变大B. U变小，E不变D. U不变，E不变7. 三个点电荷电场的电场线分布如图，图中a、b两处的场强大小分别电势分别为、轧,则A.Ea>Eb,中a>中bB.EaEb,中a<QC.Ea>Eb,甲a*bD.EaEb,中a>中b8 .如下图，滑块以初速度V0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，滑，直至速度为零。对于该运动过程，若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图像最能正确描述这一运动规律的是9 .如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为mi和m2的木块

5、A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F作用下,以加速度a做匀加速直线运动。某时刻突然撤去拉力F,此瞬时A和B的加速度为a1和a2,则/A.ai=a2=0B.ai=1,a2=0冽%c4二,a2=ia町+啊+的犯d.。二a,出二一10 .将质量为m的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆间的动摩擦因数为(对环施加一位于竖直平面内斜向上且与杆夹角为。的拉力F,使圆环以加速度a沿杆运动，则F的大小不可能是6"mgA口 8mac.-SL!15ma B.cos/fillip继D.-sin 511.如图所示为某联动控制装置，其工作的原理是通过半圆柱体的左右运动来控制杆AB的上下运动

6、，现已知光滑半圆柱体（。为圆心）只能在水平面上左右以速度v匀速运动，AB杆如图只能在竖直方向上运动，某一时刻杆与半圆柱的相对位置如图，且发现此时AB杆上升的速度恰好也为 v,则下列说法中正确的是A.杆的端点A相对圆柱中心。做的是直线运动B.图示位置半圆柱正向左运动C.图示位置杆向上做的是加速运动D.图示位置图中的12.图示为一电场的的电场线图，关于A、B两点的电场强度，下列说法正确的是A. A点的电场强度小于B点的电场强度B. A点的电场强度大于B点的电场强度C. B点的电场强度度方向向左，A点的向右D.负电荷在B点受到的电场力向左13 .测量国际单位制规定的三个力学基本物理量分别可用的仪器是

7、A.刻度尺、弹簧秤、秒表B.刻度尺、测力计、打点计时器C.量筒、天平、秒表D.刻度尺、天平、秒表14 .如图所示，含有阻、汨、：氏的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子在小孔。2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P2两点。则A.打在P1点的粒子是HeB.打在P2点的粒子是阳和:比C. 02P2的长度是O2P1长度的2倍D.粒子在偏转磁场中运动的时间都相等15 .如图的电路中，输入电压U恒为12V,灯泡L上标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻Rm=0.50Q。若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是A.电动机的输入功率为14WB.电动机的输出功率为12WC.电

8、动机的热功率为2.0WD.整个电路消耗的电功率为22W16 .两个物体具有相同的动量，则它们一定具有（）A.相同的速度B.相同的质量C.相同的运动方向D.相同的加速度17 .为了解决农村电价居高不下的问题，有效地减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程，工程包括两项主要内容：（1）更新变电设备，提高输电电压；（2）更新电缆，减小输电线电阻.若某输电线路改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗功率将变为原来的A.0.2倍B.0.32倍C.0.4倍D.0.16倍18 .如图所示，质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为1k

9、g的物体B用细线悬挂在天花板上,B与A刚好接触但不挤压，现将细线剪断，则剪断后瞬间，下列结果正确的是（g取10m/s2）2A.A加速度的大小为2.5m/s2B.B加速度的大小为2m/sC.弹簧的弹力大小为50ND. A、B间相互作用力的大小为8N19.轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小，这一现象表明电梯的加速度方向一定（填“向下”或“向上”），乘客一定处在（填“失重”或“超重”）状态，人对电梯的压力比自身重力（填“大”或“小”）。20.如图所示，在xOy平面的第I象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，在第IV象限内，

10、有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小均为B。P点是x轴上的一点，在原点。处放置一粒子放射源，能沿 xOy平面，以与x轴速度vo向第一象限发射某种带正电的粒子。已知粒子x轴相交于A点，第n次偏转后恰好通过 P点，不计粒子重 (1)粒子的比荷三；y横坐标为xoo现 成45。角的恒定 第1次偏转后与 力。求：(2)粒子从。点运动到P点所经历的路程和时间。(3)若全部撤去两个象限的磁场，代之以在xOy平面内加上与速度 vo垂直的匀强电场(图中没有画出)，也能使粒子通过 P点，求满足条件的电场的场强大小和方向。21. 一多用电表的电阻挡有三个倍率 ，分别是 %“刈0" 乂100“。用 切0

11、”挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现 表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到挡。如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少白步骤是_,若补上该步骤后测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是 三、解答题22.(2016北京西城模拟)2016年2月11日，美国“激光干涉引力波天文台"(LIGO)团队向全世界宣布发现了引力波，这个引力波来自于距离地球13亿光年之外一个双黑洞系统的合并。已知光在真空中传播的速度为c,太阳的质量为M0,万有引力常量为G。(1)两个黑洞的质量分别为太阳质量的26倍和39倍，合并后为太阳质量的62倍。利用所学知识，求此次合并所释放的能量。(2

12、)黑洞密度极大，质量极大，半径很小，以最快速度传播的光都不能逃离它的引力，因此我们无法通过光学观测直接确定黑洞的存在。假定黑洞为一个质量分布均匀的球形天体。a.因为黑洞对其他天体具有强大的引力影响，我们可以通过其他天体的运动来推测黑洞的存在。天文学家观测到，有一质量很小的恒星自在宇宙中做周期为T,半径为ro的匀速圆周运动。由此推测，圆周轨道的中心可能有个黑洞。利用所学知识求此黑洞的质量M;b.严格解决黑洞问题需要利用广义相对论的知识，但早在相对论提出之前就有人利用牛顿力学体系预言过黑洞的存在。我们知道，在牛顿体系中，当两个质量分别为mi、m2的质点相距为r时也会具有势能，称之为引力势能，其大小

13、为Ep=4mm2(规定无穷远处势能为零)。请你利用所学知识，推测质量为M'的黑洞，之r所以能够成为“黑”洞，其半径R最大不能超过多少？向垂直ABCD平面向里和向外的匀强磁场。磁场方向射入左侧磁场区域，速度方向与23.如图所示，ABCD为边长为2a的正方形，。为正方形中心，正方形区域左、右两对称部分中分别存在方一个质量为槽、电荷量为q的带正电粒子从B点处以速度v垂直BC边夹角为15°,粒子恰好经过。点，已知cos15*=或土亘，4粒子重力不计。x*kwX*,J.QIX*1*(1)求左侧磁场的磁感应强度大小;(2)若粒子从CD边射出，求右侧磁场的磁感应强度大小的取值范围。浚县一中

14、2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】BD【解析】a球受力平衡，有mag=qE,重力和电场力等值、反向、共线，故电场力向上，由于电场强度向下，故球带负电，b球受力平衡，有mbg=qvB+qE；c球受力平衡，有mcg+qvB=qE,解得：mb>ma>mc,故选BD。2 .【答案】D3 .【答案】BD4 .【答案】BDmm【解析】粒子在磁场中运动过程中，洛伦兹力充当向心力，运动半径r=不因为所有粒子和速度都相同，qBq故所有粒子的运动半径都一样，当粒子沿9=60。射入时，恰好垂直PQ射出，可得T-2a,故sm30°n泊2aqBa

15、=,解得十二二一，当粒子轨迹与PQ边界相切时，轨迹最长，运动时间最长，此时根据几何知识可q8m得9=120°,此时是粒子打在pq边界上的最低的点，故相对Q的竖直位移为x1=rsin600=，b正确，c错误；由于v一定，则弧长最短时，时间最短，根据分析可知当粒子沿着边界MN方向向上射入时最短，此时兀圆心在MN上，9=300,所以L=2jm£=吧，此时是粒子打在边界PQ的最上端，根据几何知识可得"一qB2ti该点相对O点竖直位移为x2-rsin600-,故pQ边界上有粒子射出的长度为/=及+=2J%,A错误，d正确。5 .【答案】D【解析】在导线上靠近A、B两端各取一

16、个电流元，A处的电流元所在磁场向上穿过导线，根据左手定则，该处导线受力向外，同理B处电流元受安培力向里，所以从上向下看，导线逆时针转动，同时，由于导线转动，所以电流在垂直纸面方向有了投影，对于此有效长度来说，磁感线是向右穿过导线，再根据左手定则可判定导线有向下运动的趋势，故选D.6 .【答案】AB7 .【答案】C8 .【答案】B9 .【答案】D争D 把且拓8录我一小整绿根维牛钞犯二定逮可：。F,潘高恕卫分析，滓矍的滓力为工,费WF后，福高对H分析：q=一=二=；遣离对B分析奇：/=一匕=，口，散D正睛，ABC鬓误，10 .【答案】C【解析】对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力的作用，其中弹

17、力可能向上，也可能向下，也可能等于备。右环受到的弓t力为李，则Fcos9=ma,Fsin0=mg,解得户=一或户=;右环受到的弹力的方向31115COS5%Z+附g向上，则：Fcos0-(Xmg-Fsin()=ma,解得户二；若环受到的弹力的方向向下，则：85日+塔1口0Fcos (-MFsin 0 mg尸ma, 解得m-img-,故ABD是可能的，选项C是不可能的。8范-£111611 .【答案】DD杆的话意/水平方向与国互可不言的句古的注匕F军£=中心(9有切向方向的逢度，AB螳误,忏于的买乔廷度走凝然点；沿切线力句迂变与主工程廷更的合鼻度，如罂，探四遑度的合启，运可平

18、厅W边考定.*,再t#=vtaii3;杆向上运动，J更贰二丁tan6烹卜，t“=vtanB试小，杵隼成建运动，C维耍；当且S杆上升的逞度恰若也为*'时，0=7*即2=1，口正理口44i) fl.12 .【答案】B【解析】电场线的疏密代表场强的强弱，根据图象可知，在电场的A点的电场线较密，所以在A点的电场强度要比B点的电场强度大，故A错误，B正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知B点的电场线的方向向左，A点沿着该点切线方向，指向左方，故C错误；负电荷在B点受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以受到向右的电场力，故D错误。所以B正确，ACD错误。13 .【答案】D14 .【答案】

19、BC【解析】通过同一速度选择器的粒子具有相同的速度，故巳的速度相等，由牛顿第二定律得，解得五二:一，由此可知，设核子的质量为m,质子带电荷量为q,的半径i=,2rq瓦鸣的半径&二,怕已的半径风二冲,故打在Pi点的粒子是旧，打在P2点的粒子是；H和j选项4洲串鸡.冯A错误，B正确；02Pi=2Ri=u，O2P2=2R2=,故02P2=2OzPi,选项C正确；粒子在磁场中运动的时运动的时间与；H和。Hu运动的时间不同，选项D错误。15 .【答案】C16 .【答案】C17 .【答案】A【解析】P.2P2试题分析：传输功率不变，故传输电流为：I=一,电功率损耗为：AP=IR=(一)RUUP2改

20、造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，故：iP=()2RHU联立解得：P=0.2P考点：考查了电功率，电工的计算18 .【答案】BD【解析】AB、剪断细线前，A、B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=40N,剪断细线的瞬间，对整体分析，根据牛顿第二定律有：(mA+mB)g-F=(mA+mB)a,解得：a=2m/s2,A错误，B正确；C、剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为40N,C错误；D、隔离对B分析，根据牛顿第二定律有：mBg-N=mBa,解得：N=mBg-mBa=10N-1>2N=8N,D正确。故选BD。、填空题19 .【答案】向下失重小（每空2分）【解析】弹簧伸长

21、量减小，说明弹力减小，则物体受到的合力向下，故小铁球的加速度向下，故乘客一定处于失重状态，根据 N = mg-ma可知人对电梯的压力比自身重力小。20 .【答案】（1）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得:qvoB 二2mvoR解得粒子运动的半径：R = mv0qB由几何关系知，粒子从 A点到O点的弦长为： J2R由题意OP是n个弦长：n 2RR = x0q2nv0解得粒子的比荷：-=0mBx0（2）由几何关系得，OA段粒子运动轨迹的弧长是1/4圆的周长，所以:=-R22 二 Xo粒子从O点到P点的路程：s=n = = nR =24，、一， 一 一，s 2 Xo粒子从。点到P点经历的时间：t= 一 =-Vo4vo（3）撤去磁场，加上匀强电场后，粒子做类平抛运动，由2xo二 Vot22BVon#2叱垂算qvo指向第w象限-二-t21 .【答案】（1）.X1oo”；（2）.欧姆调零（或重新欧姆调零）；（3）.2.2X1。3（或2.2k）；【解析】选电阻挡测电阻时指针偏转角度很小，说明所选倍率太小，应选用更高倍率挡，使指针尽可能偏转到表盘的中间位置附近，该位置附近有较高的精度。欧姆挡每换一次倍率，需重