四川省宜宾市2020年高三物理上学期一诊考试试题【含解析】

1、四川省在宾市2020届高1物理上学期一诊考试试题二、1.下列第去符合史实的是（）A.。印酷提出力是维持物体运动的原因B.亚里士多德猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实筠进行了睑证C.笛卡尔通过理想斜面实蛉发现了物体的运动不需要力来维持D.牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动【答案】D【解折】【详解】人亚里士多德提出力是维持物体运动的原因，故区错误；B.伽淞JA各用数学和）要辑推理得出了自由落体的速度与下海寸间成正比，而不是直接用实后给证这个结论。故B错 误；C.他讯畦利用',理想料面实验”发现了物体的运动不需要力来维持，推翻了“力是维持物体运动的原因”

2、的观点, 故C错误，D.牛顿认为力的真正效应是改变物体的速度，产生加速度，而不仅仅是使之运动，故D正确。2.如图所示为工厂中的行车示意图，行车在水平向右匀速运动，同时悬挂工件的悬线保持在竖直方向，目工件匀速 上升，典II件运动的速度（）A.大小和方向均不变B.大小不变，方向改变C.大小改变，方向不变D.大小和方向均改变【答案】A【解析】【详解】行车同时绘与了水平向右的匀速运动和竖直方向的匀速上升，水平和竖亶方向的速度都不变，根据矢量合 成的平1亍四边形法则，合速度大小和方可杯变。A.大小和方向均不变。故A正确；B.大小不变，方向改变。故B错误；C.大小改变，方向不变。故C错误；D.大小和方向均

3、改变。故D错误。3.一带正电的粒子在正点电荷电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动。取该直线为x轴，起始点。为坐标原点，下列图象中合理的是（）£A. 电场强度与位移关系XB. 粒子电势能与位移关系Vc.x粒子速度与位移关系D. K粒子加速度与位移关系【答案】D【解析】t详解】A.正电荷的场强公式E ="，可知电场强度随，的增大而城小，故A错误； rB.：魏电场力做功与电势能变比的关系吗=4石3鼻戈的切线斜率表示电场力，随看，的增大，电场力逐渐温小，切线斜率逐渐被小，故B错误jF qE kQq_CD.加速度 = 二 二,二、：，故l*图象的切线斜率不断减小，如果a恒定，

4、根据、，=J叁=6, f与，成正比。实际加速度随*的变化是逐渐减小的,所以哈，不成正比。故C错误，D正确。4.如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为“，的小圆环，图环与水平状态的轻廊里蓄一端连接，迎番的另一端 连接在墙上，且处于原长状态,现让圆环由静止开始下滑，已期里箸原长为2,圆环下滑到最大距离时迎番的长度 变为2L（未超过魂性限度），重力加速度为S ,则在圆环下滑到最大距离的过程卬（）A.颤刚下滑时，醺的机械能最小B.圆环下滑到最大距离时，所受合力为等C.图环重力势能与单苗弹性势能之和保持不变D.弹簧弹性势能增加了小曲r答案】D【解折】【详解】人园环沿杆滑下过程中，弹备的拉力对圆环做负功

5、，图环的机械能减小，圆环刚下滑时，圆杆的机械能 最大,故A错误jB.当圆环所受合力为冬时，速度最大，此后圆环继续向下运动，则弹雷的涯力增大，圆环下滑到最大距离时，所 受合力不为零，故B错误；C.根据圆环与强蓄组成的系统机械能守恒，即圆环的史力势能与图环的动肓出有弹蓄弹性势能三种能量总和守恒。 在圆环下滑到最大距离的过程中，脸环的速度是先增大后演少，图环的动能也是先地大后痼少，那么圆环重力势能 与强善电性势能之和就应先*后增大，故C错误；D.图中弹著水平时恰好处于原长状态，圆环下滑到最大距离时费苦的长度变为22,可得图环下降的高度为h = &,根据系统的机械能守恒得：弹箸的强性势菖绳大量

6、为：当=抬?好，故D正确；5.如图所示，一航天飞机从地面升空，完成对哈勃空间望远债的维修任务。航天飞机从X点开蛤沿椭圆轨道/运动到6点后进入圆形轨道II,关于此过程中航天飞机的运动，下初脱法中正确的是（）A.在轨湎/上经过a的速度小于经过B的速度B.在轨道I上经过.4的机械能小于在轨道11上经过8的机械能C.在轨道口上经过8的加速度小于在轨道/上经过8的加速度D.在轨道1】上运动的周期小于在轨道/上运动的周期【答案】B【解析】【详解】A.在轨道I从力点到8点的过程，万有引力做负功，动能减小，速度福小。所以在轨道1上经过力的速 度大于经过8的速度，故A错误；C.根据且丝=也得：rB.在轨道I上运

7、动机械能守恒，从轨道】进入轨遒【I需要在B点启动发动机加速，所以在轨道I上经过.4的机械 能小于在轨道H上经过5的机械能，故B正确jGM k则知在轨道I】上经过B的加速度与在轨道I上经过6的加速度相等,故C错误Jd.椭圆轨道的半长轴小于圆轨道的半径,抿据开普勒第三定律*=左，关哝轨道n上运动的周期大于在轨道I上运动的碘。故d错误。6.如图所示，粗糙水平地面上放着一个截面为半圆的柱状物体.4, a与竖直堵壁之间放一光滑半国球B ,整个装出 处于平衡状态。已知X、3的质量分别为，和A/ , X、6两物体的半径均为R , S的圆心到水平地面的竖直距离 为42R，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A

8、.地面对M的支持力大小为（”? + .W）gB.他面对X的摩擦力大小为&依C.将d往左缓慢移动少许，竖直墙壁对3的弹力旗小d.将/往左缓慢移动少许，工、a之间的?里力保持不变【答案】AC【解析】【详解】A.把A、B看成一个系统，对其运用整体法，该系统在竖直方向上受到竖直向下的重力（加Jr）:和地面的 支持力E的作用，二力平衡，所以有：F、二 （/fr»） g故A正确；B.在水平方向上，该系统肯定受到竖亘墙水平向右的弹力的作用，那么一定也受到地面水平向左的摩掇力,并且摩 擦力大小等干竖直墙对B水平向右的独力大小尸；再选取半圆球B为研究对象，运用隔离法，受力分析如图所示。根据几何

9、关系，8等于45°。根据力的分解和力的平衡条件可得：F、节%=J1 的cos 6F, =/Gft an故B错误，C.将力往左缓慢移动少许，演小，竖直墙壁对£的弹力减小，故C正确；D.根据后=电，将月往左缓慢移动少许，8就小，从8之间的强力演小，故D错误。 cos 67 .如图所示，A. B, C三点、在同一水平面上，。点在B点正上方，所垂直于BC和3。构成的平面，A. C. 。到B的距离均为d,空间存在着匀强电场，一个质里为m、电荷里为皿的粒子从3移到C和从B格到。时电 场力做的功都为零，从B移到X时电场力做的功力开，下歹战法正确的是（）A.带电粒子从。移到。时电场力做的功

10、一定为零8 .电场强度方向由.4指向8WC. /点和5点间的电势差Ga =一 qwD.匀强电场的电场强度大小七=彳【答褰】&【解析】【详解】A.一个质量为&、电荷量为+g的粒子从8移到C电场力做的功为零，则。=",从3移到。时电场力做 的功为零，则6=文，故艮C、0三点电势相等，所在的平面为等势面，带电粒子从0移到。时电场力做的功一定 为零,故A正确.：B.艮C、0三点，所在的平面为等势面，电荷量为+9用立子从B移到X时电场力做的功为甲，说明8点电势高于A 点电势。直线诩垂直于等势面，说明电场强度方向沿直线为，由用旨向.4,故B*胡吴；c.电荷量为”的粒子从5移到1时

11、电场力做的功为吊则8点和月点间的电势差大小为:故C错误；TJD.根据E =：可知，电场强度为: a故D正确。&如图（公，质蚩用=1kg的物体沿倾角夕=37。的固定相根斜面由静止开始向下运动，风对物体的作用力沿水平方向向右，其大小与风速v成正比，比例系翻用上表示，物体加速度。与风速v的关系如图（b）所示，g取10m s" sin 37。= 0 6, cos37。= 0.8,下列睨法正确的是（）A.物体沿斜面做匀变速运动B.当风速v = 5m s时，枕体沿斜面下滑的速度最大C.物体与斜面间的动摩掇因数为0.25D.比例系数k为小时t答案】BCD【解析】【详解】A.由图可知，物体的

12、加速度逐海雇小，所以物体沿斜面不是勾加速运动，故A错误JB.由图可知，速度为5m/s时加速度为零，速度最大，故B正确；C.对初始8寸刻，没有风的作用，物体的加速度大小为a=Ws,对物体受力分析，根据牛顿第二定律沿斜面的方向：agsin 8- pagros 8=os-0解得：故C正确;D.对末8寸刻加速度为零，受力分析可得:agsin 8- pJf-ivcQs 8=0又：余晔。s8,由b图可以读出，此B寸产5m/s代入式解得：人些更"上巴又v（sing+cos 夕）19故D正确©三、非选择题9.实蛉室购买了一 1国标称长度为100皿的铜导线，某同学想通过实蛉测定其实际长度。该

13、同学苜先测得导横被面积为l.Oim ,查得讯的电阻率为L7X10。m,再加向图甲所示电路测出铜导线的电阻段 ,从而确定导线的实际 长度。可供使用的器材有：电流表：量程0.6A,内阻约为0.2G;电压表：里程3H内咀约9KC滑动触器耳：最大阻值50，滑动史回修区：最大限值20。，定值电阻：& =3Q；电源：电动势6V,内P目可不计；开关、导线若干。回答下列问题：（1）实睑中滑动受阻器应选一（填“K”或3（2）调节滑动受阻器，当电压表的读数为1.80V时，电流表示物如图乙所示，读翻为_Aj（3）导线实际长度为一» （保留2位有效数字）。田甲【答案】(1). R (2). 0.40

14、【解析】 【详解】(1) 1升胧电限定律,待测电阻的阻值约为:£ = 1.7xlQ-xlOOn = 17nS LOxlO-s本实蛉采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值比式和斤总阻值大的越多，调节电压的效果越好，斤=3Q, "LG 所以滑动变阻器选足。(2) 2由图可知，电流表的最小刻度为0.2A,应估读到同位即可。故电流表的读数为0.40A;(3) 3根据欧姆定律得：%+K =£.=2。=4.5。，“ x I 0.40则：斤Z. 5Q由电阻定律太二夕4可知：S7 RS 1.50X1.0X10-6 mL =：m = 88mp 1.7x10“10.某同学利用图所

15、示实验装置荻得了小车加速度。与钩码的质量小的对应关系如图。)所示，实蛉中小车 的质量保持不变，实物室选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮。= 3aT* 2 3联立可得:（S,S，&）一（& $&）. 0Q597 0.0678 0.0764-093590.0441-0.0519 m s = 0 SOmk 9T:9x0 T11 .在,平面内,有沿1轴负方向的匀强电场，场强大小为E （图中未画出），由点月（-4, %）斜射出一质量为“， 带电量为,4你立子，其运动轨迹如图所示，点W（0,同）和点C（“，0）在运动轨迹上，其中B点为轨迹顶点。b为 常数，粒子所受重力忽略不计。求:

16、 （Da、c两点间的电势差。,皿 （2）粒子经过C点时的速度大小。t答案】（1） L；C=3£ZO, （2） %=后夺【解析】【详解】（1）由于匀强电场方向沿尸轴负方向的，力点,电势高于C点电势，则：- 此）=3£7 （2）设粒子在.4点的竖直速度为上，水平速度为p ,从4到5所府寸间为却则竖直方向:$ = 2Ho qE = nia 水平方向:争=W =，o联立©解得:到C点竖直速度为y,则:v=2ax470 = 2.m粒子经过。点.时的速度大小为:3K军亨借®12.标角8 = 37。、长度2 = 3.2m的斜面固定在水平地面上，一质里.W= 2kg的薄

17、木板静跟于斜面上，且下埔等| 面底端相齐，质蚩力=1kg的物块轻置干薄木板上，如图所示。已知物块与落木板间的动摩掇因的 二( ,薄木板 与斜面间、物块与斜面间的动摩擦魂均为例=0.5,物块可视为质点，忽略薄木板厚度对物块运动的影响，最大 静摩擦力等于滑动摩3舫，g取WmH, sin370 = 0.6, cos370 = 0.8o(1)求物块所受摩擦力大小J(2)用沿斜面向上弼立力作用在薄木板上，欲使薄木板相对物块运动，求拉力大小；(3)若物块用干距离清木板下墙/ = 1m处，对薄木板施加一沿斜面向上的恒力，欲将薄木板从物块和斜面间抽离 出来，直至蒲木板完全熨开斜面.且使物块最终刚好停在斜面顶端

18、，求在抽离出薄木板的过程中恒力的大小。I【答案】1) / = 6N; (2) E = 33N； (3)8=N t解析】t详解】(D物块m受力平衡，沿斜面方向：/ = njgsin = 10x0.6N =6N (2)物块受到薄木板向上的摩擦力最大时，有向上最大的加度。对物块：14 mg cos 0 - nig sin 6 = max 对物块和淹木板：Fx -外(1+ Af)gcos8-(小 + .V/)gsin 0 = (m + M)% 联立解得代入数据（3）物体在斜面履速度运动的加速度大小，mg sin 6 + 从 mg cos 0 = niaz 解得：生=10m，s'设物块加速时间外

19、诚速时间&,物块到达顶造时速度为0,则：atx =砥（S） -X解得tx =4s 设薄木扳加速度为8 ,拉力打，贝人F： - Mg si ncos 0 - Ai（w +g cos = M% 联立，代人数据解得：l 133、TH =N4二、选考题13 .下歹悦去正确的是（）A.温度越高，扩散进行得越快B.港体中的扩散现象是由于液体的对流形成的C.扩散现象是由物质分子无规典运动产生的D.如果液体温度降到很低,布朗运动就会停止E.把少许裱素里水滴入水中，在显微镜下观察到碳颗粒的无叔则运动现象，说明液体分子在做无颊则运动【答案】ACE【解析】【详解】儿温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩颉进行的

20、就越快,故*正确，BC.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的，液体中的扩歆现象是由于液体分子的无故则运动引起的，故B错误,C正确；D.理论上，只有温度降到绝对零度，分子热运动才会停止，故D错误，E.悬浮国体小颗粒的无规则运动，说明液体分子在做无规贝阚b故E正确。14.4口地球大气层的厚度才远小于地球半径R,空气平均摩尔质量为M,阿伏加德罗常数为地面大气压强为P ,重力加速度大小为S。试估苴：（1 ）大气对地球表面的压力大小和地球大气层空气分子总数；（II ）若气体分子视为立方体模型，则空气分子之间的平均距南为多少。【答案】（1）尸=4町水'= 畸落。偎【解析】1详解】（1）根据4/S,

21、大气对地球表面的压力大小为：F = px4"K： =4ip火：3谀大气层中气体的质蚤为小由大气压强的产生：nig = pS =A7TpR，,即：g分子数：_叫-Mg-；（2）假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紫密排列，则小立万体边长即为空气分子间的平均间距，设为a, 大气层中气体总体积为6则y = 4*h，所以:15.关于波的认识，下列说法正确的是（）A.潜艇利用声呐探测围围物体的分布情况，利用的是源的反射原理B.发生多普勒效曲寸，波漉的频率发生了变化C.机械波在介质中的传播速度是由介质本身的性质决定的D.波在传播过程卬绕过障碍物向前传播的现象，是波的折射现象E.医生不拥超声波

22、探测病人血管中血流虢度，利用的是多普勒效应【答案】Q【解折】【详解】A.潜艇利用声呐探测周围物体的分布情况，声呐采用的是貂声浪，超声波的方向性好，遇到隍得物容易 反射，故A正确；B.发生多普初效应B寸，波源的频率没有发生变化，相对波源运动的物体接收到的波的频率发生了变化，故B错误;C.机械波在不同介质中传搐速度不同，传播速度是由介质本身的性质决定的，故C正确；D.波在传搐过程卬绕过障碍物向前传搐的现象，是波的衍射现象，故D错误，E.医生半向超声波探测病人血管申血流的速度，是通过测出反射波的频率变化来确定血流的速度，利用的是多普 勒效应原理，故E正确。16.两歹愉皆'波沿轴相向而行，波速均为v = 0 4m s,两波源分另股于乂、3处，=0时的波形如图所示。求： <1）两为$渡运动的解分别为多少J（ID当，2.5s时，.必、N两点的位移大小分别为多少。【解析】1详解】 由图可知，A波的波长为0.2n, B波的波长为0.依，:胧波速1，=白A波的周期：B波的周期:(ID在n到尸2.5$时间内，a波向右传搐的距离为：广心目.4X2.5=l.0m,£波向左传搐