辽宁省2020年高考物理模拟试卷(11套)解析版

1、高考物理一模试卷题号一一二四五六总分得分、单选题（本大题共 8小题，共32.0分）1. 下列说法正确的是（）A.牛顿利用扭秤实验测量了万有引力常数B,库仑利用扭秤实验发现了点电荷相互作用的规律C.法拉第发现了电流的磁效应D.奥斯特发现了电磁感应现象2. 物理量的单位有基本单位和导出单位。我们学写过的国际单位值的基本单位有：质 量的单位千克（kg）、长度的单位米（m）、时间的单位秒（s）热力学温度单位开（K）、电流强度的单位安培（A）、物质的量的单位摩尔（mol）。其他物理量的 单位均为导出单位，它们可以用基本单位导出。则下列关于物理量导出单位与基本 单位间的关系错误的是（）A.功和能的单位 J

2、=kgm2/s2B.电阻的单位Q=kgm2/A2s33.C.电容的单位 C=A2s3/kgm2D.磁感应强度的单位 T=kg/As2如图所示。弧 BC是以A点为圆心、AB为半径的一段 圆弧，AB=L,OB= L,在坐标原点O固定一个电量为+ 的点电荷。已知静电力常数为 K.下列说法正确的是（ ）A.弧BC上电势最高的一点处的电场强度为2KQ第12页，共13页B.弧BC上还有一点与 B点的电势相同C.弧BC上还有一点与 C点的电场强度相同D.电子从B点沿着圆弧运动到 C点，它的电势能先增大后减小4.如图所示。空间存在垂直纸面向里的、磁感应强度为B的匀强磁场和方向竖直向上的、场强为E的匀强电场。现

3、有一个带电小球在上述磁场和电场中做半径为R的匀速圆周运动，重力加速度为go则下列说法正确的是（ ）A.该小球可能带正电，也可能带负电B.该小球的运动可能是逆时针的，也可能是顺时针的C.该带电小球的比荷为!D.该带电小球的线速度为警5. 质量为2 kg的物体静止在足够大的水平地面上，物 体与地面间的动摩擦因数为0.2,最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等。从 t=0时刻开始，物体受 到方向不变、大小周期性变化的水平拉力F的作用,F随时间t的变化规律如图所示。重力加速度g取10m/s2,则物体在t=0到t=12s这段时间的速度大小为（）A. 72 m/sB. 36m/sC. 24m/sD. 12m

4、/s6.质量均匀分布的某球形行星的自转周期为T,现在在该行星表面测量一个物体的重力，在该行星的赤道附近测量结果为在两极测量结果的F|,万有引力恒量为 G.则该行星的密度为（7.A.B.如图所示，A、B两物块的质量分别为C.(n-ljcrD.3(|J 1MnGT12m和m,静止叠放在水平地面上。 A、B间的动摩擦因数为 %B与地面间的动摩擦因数为国最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为go现对A施加一水平拉力 F,则下列说法中错误的是（A.当Fv 2 gg时，A、B都相对地面静止 B.当f，mg时，A的加速度为；闻C.当F>3gg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过!四8

5、.如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域， 其直角边长为L,磁场方向垂直纸面向外，磁感应强 度大小为B. 一边长为L总电阻为R的正方形导线框 abcd,从图示位置开始沿x轴正方向以速度 v匀速穿-L I 2?Hi过磁场区域。取沿a-bF-d-a的感应电流为正，则表示线框中电流i随bC边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A.7F(>B.4小题，共16.0分）Tf ! fl9 . 如图所示，半径为 R的一圆柱形匀强磁场区域的横截面，磁感 应强度大小为B,方向垂直于纸面向外，磁场外有一粒子源， 能沿一直线发射速度大小不等的在一范围内的同种带电粒子,带电粒子的质量为 m,电荷量为q （q&

6、gt;0）,不计重力。现粒 子以沿正对cO中点且垂直于cO方向射入磁场区域，发现带电 粒子恰能从bd之间飞出磁场，则（）A.从b点飞出的带电粒子的速度最大B.从d点飞出的带电粒子的速度最大C.从d点飞出的带电粒子的运动时间最长D.从b点飞出的带电粒子的运动时间最长10 .如图所示。边长为 L的单匝正方形导线框的电阻为R,它放 >置在磁感应强度为 B、方向水平向右的匀强磁场中，使其绕二垂直于磁场的轴 O以角速度 逆时针匀速转动。则下列说'法中正确的是（）>A.转动过程中导线框中会产生大小和方向周期性变化的电>流B.导线框转至图示位置时产生的感应电动势为零C.导线框从图示

7、位置转过 90度过程中产生的感应电流逐渐增大D.导线框从图示位置转过 90度过程中产生的平均感应电动势为11.如图所示。光滑的水平面上有一质量为M=4kg的长木板，长木板的左端放置一质量m=1kg的小物块，木板与物块间的动摩擦因数（1=0.2现使木板与物块以大小相等的速度V0=1m/s分别向左、向右运动，两者相对静止时物块恰好滑到木板的右端O则下列说法正确的（A.相对静止时两者的共同速度大小为0.6 m/sB.木板的长度为0.8 mC.物块的速度大小为 0.2m/s时，长木板的速度大小一定为0.8m/sD.物块向右运动的最大距离为0.8m12 .质量为m的物体放在水平地面上，从某时刻起施加一个

8、恒力使其从静止开始向上 做匀加速直线运动，经过一段时间上升到距离地面h时撤去该恒力，又经过相同的时间落到地面。不考虑空气阻力，则下列说法正确的是（）A.该恒力做的功为|mghB.物体在第一段时间内的加速度大小为:g4C.物体在第二段时间内经过的路程为jhD.撤去该恒力时物体的动能为:mgh三、填空题（本大题共 1小题，共4.0分）13 . 一位同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”的实验，打点计时器所用交流电源的频率为50Hz.在实验中得到如图所示的一条点迹清晰的纸带.他选择了连续的 七个点O、A、B、C、D、E、F作测量点.若测得 C、D两点相距2.70 Cm, D、E 两点相距2.90Cm

9、,则小车在打D点时的速度大小为 m/S.拉动该纸带运动的 小车加速度大小为 m/S2.四、实验题（本大题共 2小题，共10.0分）14 .在利用线圈、条形磁铁、电流表和导线若干探究电磁感应现象中感应电流方向与磁 通量变化的关系的实验中(1)实验前需判明线圈中导线的 (2)应先用试触法判明电流表中电流方向与 之间的关系。15.为了精确测量一电阻的阻值 Rx,现有以下器材：蓄电池 E, 电流表A,电压表V,滑动变阻器R,电阻箱吊，开关S、S2,导线若干。某活动小组设计了如图甲所示的电路。实验的 2主要步骤:a.闭合S ,断开S ,调节R和R ,使电流表和电压表的示数 适当，记下两表示数分别为 Ir

10、 Ui ;b.闭合8、保持R阻值不变，记下电流表和电压表示数分别为I2、6。(1)写出被测电阻的表达式 Rx= (用两电表的读数表示)。(2)由于本实验所使用的电流表、电压表都不是理想电表，不能忽略电表电阻对电路的影响。则上述测量中被测电阻Rx的测量值 真实值(选填“大于”小于”或“等于”)，这是因为该实验电路能消除实验中产生的 五、计算题(本大题共 1小题，共13.0分)16 .如图所示。光滑的水平地面上有质量分别为mi =8kg, m =m =2kg的三个物块，物块m1、m2间安装了一个微型的定向爆炸装置，装置启动时对它们分别产生水平向 左和水平向右的瞬间作用力。开始时物块m1、m2以共同

11、速度 乂向右运动，而物块m3静止在它们的右侧。某时刻启动爆炸装置使mi、n2分离，m和m相撞后粘在一起运动，最终 m1、m2、m3均向右运动，且 m的速度大小为 m、m共同速度的 一半。试求(1) m1、m2、m3的最终速度大小？(2) m2和m3相撞前m2的速度？(3)启动爆炸装置产生的化学能有多少转化为机械能？六、简答题(本大题共 2小题，共25.0分)17 .如图所示。质量为 m的小球从A点以大小为Vo的速度朝着向右偏上 45度角的方 向斜上抛，在运动的过程中除受重力外还始终受水平向右的大小F=mg的恒力作用。经过一段时间后，小球经过与抛出点等高的B点。试求从 A点运动到B点经历的时间t

12、和A、B两点间的距离So18 .如图所示。范围足够大的水平向右的匀强电场场强为E=105N/C.现有质量分别为m=1.0 X 105kg和m =0.5 X 105kg、带电量均为q=l.0 x 107C的带电粒子 A和B,开始 时它们在场强方向上的距离为L=0.10m,分别位于场强方向垂直的两条虚线M、N上。现在它们以大小为 Vo=10m/s、方向分别向右和向左的初速度开始运动。试求：(1)两带电粒子的加速度。(2)通过分析与计算判断下列问题。两带电粒子在场强方向上的距离满足什么条 件能确定谁在左、谁在右；两带电粒子在场强方向上的距离满足什么条件不能确定 谁在左、谁在右；答案和解析1 .【答案

13、】B【解析】解：A、卡文迪许利用扭秤实验首先较准确地测定了万有引力常量，故 A错误B、库仑发现了点电荷的相互作用规律，故 B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应，故 C错误；D、法拉第发现了电磁感应现象，故 D错误；故选：B。根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记 忆，这也是考试内容之一。2 .【答案】C【解析】 解：A、根据功的公式： W=FS=ma?S,其中质量的单位是 kg,加速度的单位是 m/s2,位移的单位是 m,则功的单位：1J=1kg?m/s2?m=ikg?m2/s2,故A正确；*b .

14、J 1i1B、根据电阻的公式：R=-工_生所以电阻的单位：1故b正确；一&As MlC、根据电容的公式：C=U = 5=£所以：1F= W尸"，故C错误；D、磁感应强度的公式：B=t=,所以磁感应强度的单位：1T=已"名,故D正 JL f LA 9 m 由 雷确。本题选择错误的故选：C。国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。同时根据相关的物理公式 分析即可。国际单位制规定了七个基本物理量。分

15、别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光 照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中 的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。同时注意导出单位与基本 单位间的换算关系。3 .【答案】B【解析】 解：A、根据正点电荷电势的特点可以知道，距离点电荷最近的点电势最高，即圆弧和y轴的交点处电势最高，该点距离点电荷为zX=L-OA,根据几何关系可知0A = U,所以A L=，则根据点电荷场强公式可得该点的电场强度为E = S =邛,££ A L J工故A错误；B、点电荷的等势面为以点电荷为球心的同心球面，所以到点电荷距离相等的点电势相

16、等，因为B、C两点到点电荷位置 O距离相等，故这两点电势相同，故 B正确；C、电场强度是矢量，两点的电场强度相同时，不仅大小相等，方向也相同，所以在弧 BC上没有那一个点的场强方向与 C点的相同，故 C错误；D、从B点沿着圆弧运动到 C点过程中，到点电荷的距离先变小后变大，所以电势先升 高后降低，电子带负电荷，对负电荷来说，电势越高，电势能越小，所以电子的电势能先减小后增大，故 D错误。故选：B。距离点电荷最近的点电势最高，根据点电荷场强公式可以计算该位置的场强大小；到点 电荷距离相等的点电势相同；电场强度是矢量，两点的场强相同时，不仅大小相等，方 向也是相同的；对负电荷来说，电势越高电势能越

17、小。把握住三点，一是电场强度是矢量，场强相等，意味着大小相等，方向相同；二是距离 正点电荷越近的位置电势越高；三是对负电荷来说，电势越高，电势能越小。4 .【答案】C【解析】 解：A.因为带电小球在复合场中做匀速圆周运动，电场力与重力平衡，则知 电场力方向向上，电场方向也向上，所以小球带正电荷，故 A错误。B.由洛伦兹力提供向心力，根据左手定则判断可知，液滴沿逆时针方向转动，故B错误。C.由于电场力等于重力，即qE=mg,所以小球的比荷为5 = ；：，故C正确。D,带电小球做匀速圆周运动，即 四 二愿,所以该带电小球的线速度为 炉二警二笔 ,故D错误。故选：C。小球做匀速圆周运动，电场力与重力

18、平衡，即可由电场方向从而确定电性；根据洛伦兹力提供向心力，由左手定则判断粒子的旋转方向。根据电场力等于重力列式求解小球的 比荷。根据洛伦兹力提供向心力求解小球运动的线速度。解决该题关键是明确知道小球受到的重力和电场力大小相等，方向相反，知道小球做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供。5 .【答案】D【解析】解：最大静摩擦力为：fmax= wmg=4N；拉力只有大于最大静摩擦力时，物体才会由静止开始运动0-3 S时：F=fmax,物体保持静止，Sl=03-6 s时：F>fmax,物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度为：a= J=Jm/s2=2m/s2t=0至ij t=12s这段时间加速时间

19、实际为：t=6s则12s末的速度为：v=at=2X6m/s=12m/s,故D正确、ABC错误。故选：Do物体在0-3s内，拉力等于最大静摩擦力，物体处于静止，3-6s内做匀加速直线运动，6-9s内做匀速直线运动，9-12 s内做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出匀加速运动的加速度，根据速度时间公式求出12s时物体的速度大小。解决本题的关键理清物体在各段时间内的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解。6 .【答案】B【解析】解：对于放置于行星两极的质量为m的物体，由万有引力等于重力得出：在赤道：G=G2+m . R, HT n- 1又 G2= G G1,联立解得：M=nGT*又Mup&

20、#39;R3,联立解得：0二哈，故ACD错误，B正确。 dGT故选：Bo在赤道上，物体的万有引力提供重力和向心力，两极位置重力等于万有引力，最后联立 求解。本题关键明确物体的运动规律，然后结合万有引力定律提供向心力列式后联立求解。7 .【答案】A【解析】 解：A、设B对A的摩擦力为f , A对B的摩擦力为2f ,地面对B的摩擦力为f 3,由牛顿第三定律可知 fi与f2大小相等，方向相反，fi和f2的最大值均为2mg, f的最 大值为mg.故当0vF旨mg时，A、B均保持静止；继续增大F,在一定范围内 A、B 将相对静止以共同的加速度开始运动，故 A错误；C、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为

21、F',加速度为a',则对A,有F' -2(img=2maz ,对 A、B 整体，有 F' ：- (jmg=3maz ,解得 F' =3(img,假当(img<Fw 3mg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F>3mg时，A相对于B滑动。C正确。B、当尸=：师93师9时，A、B相对静止，以A、B为研究对象，由牛顿第二定律有F-2 pmg=3ma,解得 a=闺，B正确。D、对B来说，其所受合力的最大值 Fm=2mg- pmg= gg,即B的加速度不会超过:由 ,D正确。本题选错误的，故选：Ao根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对 B

22、分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二 定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力。然后通过整体法隔离法逐项分析。本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出 A、B不发生相对滑动时的最大拉力8 .【答案】C【解析】解：bC边的位置坐标x在L-2L过程，线框bc边有效切线长度为l=x-L,感应 电动势为E = Blv=B (x-L) v,感应电流i=根据楞次定律判断出来感应电流方 向沿 abc-d-a,为正值。x在2L-3L过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a-d-c七a,为负值，线框ad边有效切线长度为l=x-2L,感应电动势为E = Blv

23、=B (x-2L) v,感应电流i=-=-二学，根据数学知识知道C正确。 n故选：Co分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系。线框 的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比。本题关键确定线框有效切割长度与x的关系，再结合数学知识选择图象。9 .【答案】AC【解析】 解：粒子在磁场中，受到洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据题意作出粒子运动轨迹如图所示:图中Ob为到达b点的轨迹的圆心，Od为到达d点的轨迹的圆心，根据几何关系可知， rb> rd,到达d点转过的圆心角比到达 b点的圆心角大，AB .根据二3可知，b的半径最大，d的半径最小，所以从 b点飞出的带电粒子

24、的速度最大，从d点飞出的带电粒子的速度最小，故 A正确，B错误。CD.周期T=方，所以粒子运动的周期相等，而达d点转过的圆心角最大，b点转过的圆心角最小，所以 d点飞出的带电粒子的时间最长，b点飞出的带电粒子的时间最短，故C正确，D错误。审和嚼故选：AC。作出粒子运动轨迹，由几何知识比较粒子轨道半径和圆心角大小，再根据 比较即可。解决该题的关键是正确作出粒子从b、d两点射出的运动轨迹，能根据几何知识求解出两种情况下的半径以及圆心角的大小关系。10 .【答案】AD【解析】解：A、正弦式交流电是线圈在匀强磁场中匀速转动会产生的，因为线圈在匀强磁场中匀速转动时，穿过线圈的磁通量周期性的变化，故 A正

25、确；B、在导线框转到图示位置时，穿过线框的磁通量为零，但磁通量的变化率最大，则产生的感应电动势最大，故 B错误；C、线框经过中性面位置时，穿过线框的磁通量最大，感应电动势最小为零，所以从此位置转过90度过程中产生的感应电动势逐渐减小，即感应电流逐渐减小，故 C错误;D、导线框从图示位置转过 90度磁通量的变化量为：?=BL2,所用时间为：A=根据法拉第电磁感应定律E = W可得:万=吗，故D正确。故选：AD。正弦式交流电是由线框在匀强磁场中匀速转动产生的；线框在磁场中转动过程中经过中 性面时，产生的感应电动势为零，经过与中性面垂直的位置时，产生的感应电动势最大 ;平均感应电动势用法拉第电磁感应

26、定律计算。线框经过中性面的特点的特点是：第一，磁通量最大；第二，磁通量的变化率最小为零 ;第三，电流的方向发生变化，线框转动一周有两次经过中性面，电流方向改变两次。11 .【答案】AB【解析】 解：A、以向左为正方向，由动量守恒定律得：Mv0 -m0 = (M+m) v,代入数据解得：v=0.6m/s,故A正确。B、对系统，由能量守恒定律得：+Mvq+ihvq =1（Af +代入数据解得：L=0.8 m,故B正确。C、物块与木板组成的系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：Mv0-mv）=Mv +mv ,解得，当物块速度大小为 0.2m/s、方向向右时：vi=0.8m/s,当物块速度大

27、小为 0.2m/s, 方向向左时：vi=0.7 m/s,故C错误。D、以地面为参考系，物块先向右做匀减速直线运动，后向左做匀加速直线运动，当物块速度为零时向右运动的距离最大，由动能定理得：-（mgx=0-m4，代入数据解得，向右运动的最大距离 x=0.25m,故D错误。故选：AB。物块与长木板组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出两者的共同速度，应用能量守恒定律可以求出木板的长度，根据题意应用动量守恒定律分析答题。本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚物体运动过程是解题的前提与关键 ,应用动量守恒定律与能量守恒定律可以解题。12 .【答案】BD【解析】解：AB.令上升所用时间为t

28、,上升过程，根据牛顿第二定律有F-mg = ma,其位移为h =撤去外力F时物体的速度为v=at,下降过程物体只受到重力作用，其加速度为g,根据匀变速直线运动的位移时间公式有=,联立解得 = 1， F =,所以该恒力做功为 W=Fh=，igh,故A错，B正确。CD .撤去外力F时物体的速度为V = 的、;，物体的动能为 Ek=mi/ =严gh ,撤去F后物体上升的高度为 =；=；用，所以物体在第二段时间经过的路程为s=2H + h=:八，故C错误，D正确。故选：BD。上升过程根据牛顿第二定律以及匀变速直线运动的位移公式列式，下降过程物体只受到重力作用，其加速度为 g,根据匀变速直线运动的位移公

29、式列式，联立方程求解上升的加速度、外力F以及撤去外力时的速度大小。根据 W=Fx求解外力F做的功，根据x = I求解撤去外力F时物体上升的高度，再求解物体经过的路程。解决该题的关键是正确分析物体的运动过程，明确知道物体在各段运动过程的物理特征,撤去外力F后物体做先减速再反向加速运动，全程根据位移时间公式列方程。13 .【答案】1.4 5【解析】 解：打点计时器所用交流电源的频率为50Hz,所以相邻的计数点的时间间隔是 0.02 s根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上 D点时小车的瞬时速度大小.i0,O27O+DLO29O| ,vD= =14m/s得：a=(

30、0.02f=5m/S2.hx= aT2可以求出加速度的大小,根据匀变速直线运动的推论公式故答案为：1.4, 5根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小.根据匀变速直线运动的推论公式 a=aT2可以求出加速度的大小.要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础 知识的理解与应用.14 .【答案】绕制方向 指针偏转方向【解析】 解：（1）在探究电磁感应现象中感应电流方向与磁通量变化的关系的实验中, 实验前必须判明线圈中导线的绕制方向；（2）在此实验中，还需要知道电流表中电流方向与指针偏转方向关系，因此应先用试

31、 触法判明它们之间的关系；故答案为：（1）绕制方向；（2）指针偏转方向。根据楞次定律的内容，结合电流表的电流方向与指针偏转方向关系，从而即可求解。考查实验的目的与实验原理，掌握感应电流方向与磁通量变化的关系是本实验的关键。15 .【答案】卓不砧等于系统误差【解析】解：（1）由欧姆定律根据步骤 a,设电压表内阻为 Rv,则士+=11根据步骤b,+ +. =2U.U,由以上两式可得： Rx=nrTir（2）因把电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，即可解出待测电阻的真实值。则被测电阻Rx的测量值等于真实值。故答案为：（1） J工1 （2）等于，系统误差。（1）在两种情况下是将电压表内阻考虑在内后

32、列出欧姆定律表达式，可得出对应的表 达式；（2）根据电表对电路的影响可解出待测电阻的真实值。本题考查电阻测量及误差分析；若题目要求求出待测量真实值时，只需把电表内阻考虑 在内，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可。16.【答案】 解：（1）设最终m的的速度为v,则m、m的共同速度为2v, 三个物块组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：（ m1+m2）v =m v+（m+m）? 2V代入数据解得：v=2.5m/sm1的最终速度大小为 2.5 m/s, m、m的最终速度大小为 5m/s；（2）m1、n2分开后，以m、m为研究对象，以向右为正方向，m2、m3碰撞过程动量守恒，由动量守

33、恒定律得：m2 v= （m+m ） ?2v,代入数据解得：v=10 m/s(3)由能量守恒定律得：女叫+啊)4+AE= ；m v 2+ m v 2,代入数据解得： 任二45J;答：(1) mi、m2、m的最终速度大小分别为：2.5m/s、5m/s、5m/s。(2) m2和m3相撞前 m的速度为10m/s。(3)启动爆炸装置产生的化学能有45J转化为机械能。【解析】(1)三个物块组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出物块的最终速度。(2)对m2、m3系统应用能量守恒定律可以求出碰撞前m的速度。(3)应用能量守恒定律可以求出启动爆炸装置产生的化学能转化为机械能的多少。本题考查了动量守恒定律的

34、应用，根据题意分析清楚物体运动过程是解题的前提，应用 动量守恒定律与能量守恒定律可以解题。17 .【答案】 解：将速度v进行正交分解，水平方向和速度方向的初速度大小为：v=yv =副竖直方向做竖直上抛运动，则A点运动到B点经历的时间为：t='=；水平方向物体运动的加速度为：a上二qA、B两点间的距离为：S=vxt+at2=)答：A点运动到B点经历的时间t典；A、B两点间的距离 S建。 3S【解析】将速度V0进行正交分解，求出水平方向和速度方向的初速度大小，根据竖直方向做竖直上抛运动求解 A点运动到B点经历的时间；根据牛顿第二定律求解水平方向物体运动的加速度，根据位移时间关系求解A、B两

35、点间的距离。本题主要是考查牛顿第二定律以及运动的合成与分解，关键是弄清楚物体的运动过程和 受力情况，利用牛顿第二定律和运动学的计算公式进行解答；知道加速度是联系静力学 和运动学的桥梁。18 .【答案】解：(1)由牛顿第二定律得：带电粒子 A的加速度为：a1=：=1.0 x 10m/s2带电粒子B的加速度为：a2=r =2.0 x 10m/s2方向均水平向右；(2) A向右做匀加速直线运动，B先向左做匀减速直线运动后向右做匀加速直线运动；由题意可知当 A、B在场强方向上的速度相等时，在场强方向上的距离X最大。由上述分析及速度公式得：Vo+a t=-V)+a t (规定向右为正向)解得：t=0.2

36、s在此t=0.2 s内由位移公式得A的位移为：Xa=V)t+ a t2=0.4 m (规定向右为正向)B的位移为：Xb=-V)t+ a t2=0.2 m (规定向右为正向)这样在B追上A之前，在场强方向上的最大距离为：X=XA-XB+L=0.3m综上所述：两者在场强方向上的距离小于等于0.3m ，则不能确定谁在左、谁在右；两者在场强方向上的距离大于0.3 m ，则能确定谁在左、谁在右。答：（1）两带电粒子的加速度大小分别为1.0 xiGm/s2、2.0 xi（3m/s2,方向均水平向右;（ 2）两者在场强方向上的距离小于等于0.3 m ，则不能确定谁在左、谁在右；两者在场强方向上的距离大于 0

37、.3m,则能确定谁在左、谁在右。【解析】 （ 1 ）由牛顿第二定律求解带电粒子的加速度大小；（ 2）分析 A 和 B 的运动情况，当A、 B 在场强方向上的速度相等时，在场强方向上的距离 X 最大，根据速度关系结合位移公式分析即可。本题主要是考查带电粒子在电场中的运动，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。第 13 页，共 13 页第1页，共15页高考物理押题试卷题号一一二四总分得分一、单选题（本大题共 6小题，共36.0分）1 .C919大型客机是我国自主设计、研制的大型客机，最大航程

38、为5555千米，最多载客190人，多项性能 优于波音737和波音747.若C919的最小起飞（离地）速度为60m/s,起飞跑道长2.5 xi（3m. C919起飞前的运动过程可看成匀加速直线运动，若要C919起飞，则C919在跑道上的最小加速度为（）A. 0.36 m/s2B, 0.72 m/s2C. 1.44 m/s2D. 2.88 m/s22 .如图所示，一正方形线圈的匝数为n,边长为a, 一半处在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B.开始时，磁 ，场与线圈平面垂直，现使线圈以角速度3绕OO'匀速转过90。，在此过程中，线圈中产生的平均感应电动势为（J JlBfl 3*A.B._-

39、.jC.-D.2jv3 . 2019年1月3日早上，“嫦娥四号”探测器从距离月面15公里处开始实施动力下降，不断接近月球。在距月面某高度处开始缓速下降，对障碍物和坡度进行识别，并自主避障，30s后降落在月面。若“嫦娥四号”的质量为1.2X1Gkg,月球表面的重力加速度大小为1.6m/s2,悬停时，发动机向下喷出速度为3.6 X1&m/s的高温高压气体，则探测器在缓速下降的30s内消耗的燃料质量约为（认为探测器的质量不变）（）A. 4kgB. 16kgC. 80kgD. 160 kg4 .如图所示，电阻不计的两光滑平行导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为1m。导轨中部有一个直径也为1m的圆

40、形匀强磁场区域，与两导轨相切于M、N两点。磁感应强度大小为1T、方向竖直向下，长度略大于 1 m的金属棒垂直导轨水平放置在磁场区域中，并与区域圆直径MN重合。金属棒的有效电阻为0.5以劲度系数为3N/m的水平轻质弹簧一端与金属棒中心相连，另一端固定在墙壁上，此时弹簧恰好处于原长。两导轨通过一阻值为1Q的电阻与一电动势为 4V、内阻为0.5Q的电源相连，导轨电阻不计。若开关 S闭合一段时间后，金属棒停在导轨上的位置，则该位置到MN的距离为（）A. 0.3 mB. 0.35 mC. 0.4 mD. 0.45 m5. 如图所示，两个相同的小球 AB用等长的绝缘细线悬挂在竖直绝缘的墙壁上的O点,将两小

41、球分别带上同种电荷，其中小球 A的电荷量为qi,由于库仑力，细线 OA 恰好水平。缓慢释放小球 A的电荷量，当细线 OA与竖直方向夹角为 60。时，小球A 的电荷量为q2.若小球B的电荷量始终保持不变，则 q ： q的值为（）A. <3 :e B. 1C.反 1 I H6. 已知篮球在空气中运动时所受空气阻力与速度大小成正比。一篮球与地面碰撞后以大小为 V0的速度竖直弹起后到再次与地面碰撞的过程中，以v表示篮球的速度，t表示篮球运动的时间，Ek表示篮球的动能，h表示篮球的高度，则下列图象可能正确的是（） r、多选题（本大题共 4小题，共21.0分）7. 关于原子物理，下列说法正确的是（）

42、A.太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变B.若某光恰好能使锌发生光电效应，则改用波长更长的光照射锌也能发生光电效 应C. 丫射线是高速运动的电子流D.猾的的半衰期是5天，32克工经过10天后还剩下8克 口 38.2019年3月10日0时28分，“长征三号”乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，成功将“中星 6C”卫星送入太空。“中星 6C”是一颗用于广播和通信的地 球静止轨道通信卫星，可提供高质量的话音、数据、广播电视传输业务，服务寿命15年。已知地球半径为 R,地球表面的重力加速度为 g,地球自转周期为 T,关于 该卫星的发射和运行，下列说法正确的是（）第11页，共15页A.该卫星发

43、射升空过程中，可能处于超重状态B.该卫星可能处于北京上空C.该卫星绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度D.该卫星运行轨道距离地面的高度为3©：；R9.下列说法正确的是（）A.组成任何物体的分子都在做无规则的热运动，任何物体都具有内能B.多晶体具有各向同性，没有固定的熔点C.将有棱角的玻璃棒用火烤熔化后，棱角变钝是因为表面张力D. 5 C的空气一定比25 C的空气湿度大E. 一杯热茶打开杯盖，一段时间后茶不可能自动变得更热10.下列说法正确的是（）A.电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B.两列波相遇时，在重叠的区域里，质点的位移等于两列波单独传播时引起的位 移的大小之和C.小

44、明跑步离开小芳时，听到小芳喊他的声音比平时的音调低D.光的偏振现象说明光是纵波E.紫外线的波长比红外线的波长短实验题（本大题共 2小题，共15.0分）11.老同学为了测当地的重力加速度，将两个光电门A、B组装成如图甲所示的实验装置。让直径为d的小球从某高度处自由下落，测出两个光电门中心位之间的高度差 为h,测出小球通过两个列明的时间分别为tA、tB。甲匕mm。(1)用螺旋测微器测出小球的直径如图乙所示，则小球直径为(2)当地的重力加速度为 (用题中所给的符号表示)。12. LED灯是一块电致发光的半导体材料芯片，其优点是体积小、质量轻、耗电量低、使用寿命长、亮度高、热量低、绿色环保、安全可靠，

45、我国已经在大力推行使用LED灯具了。某小组同学找到了几个图甲所示的 LED灯泡，准备描绘LED灯泡的伏安 特性曲线，所用器材如下：A. LED灯泡：额定功率0.1 W;8 .电压表 :量程05V,内阻约为100kaC.电流表 * :量程0300mA,内阻约为10aD.锂离子电池：电动势 3.8V、内阻很小；E.滑动变阻器R: 0-50Q, 2A;F.开关、导线若干。(1)考虑到描绘LED灯泡的伏安特性时，灯泡两端电压应从零开始，同时又要尽 量减小实验误差。下列电路中最恰当的一个是。（2）选择好正确的电路进行实验，根据实验所测得的电压和电流，描绘出该LED灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，由图线可知

46、，LED灯泡两端电压在 2.3V以下时几乎处于 （选填“短路”或“断路”）状态，选 LED灯泡的电阻随其两端 电压的升高而 （选填“增大” “减小”或“不变”）。（3）由该LED灯泡的伏安特性曲线可知，若将该LED灯泡与题中所给电源和一阻值约为100a的电阻串联，则该LED灯泡的耗电功率为 W （保留两位有效 数字）。四、计算题（本大题共 4小题，共52.0分）13 .课间，小白同学在足够大的水平桌面上竖直放置了一块直角三角板，然后将一长L=15cm的直尺靠在三角板上刻度 h=9cm处的A点，下端放在水平桌面上的B点,让另一同学将一物块从直尺顶端由静止释放，最终物块停在水平桌面上的C点（图中未

47、画出），测得 B、C间的距离xi=l3cm。改变直尺一端在三角板上放着点的位 置，物块仍从直尺顶端由静止释放，物块在水平桌面上停止的位置离山脚板底端O的距离x会发生变化。已知物块与水平桌面间的动摩擦因数因=0.6 ,不计物块通过B点时的机械能损失，求：（1）物块与直尺间的动摩擦因数四；（2）改变直尺一端在三角板上放置点的位置，物块从直尺顶端由静止释放后在水Xm o平桌面上停止的位置离三脚板底端O的最大距离14.如图所示，直角坐标系的第二象限内有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小E=1.8 x 1(4V/m。在第二象限内的 a (-0.16 m, 0.21m)、c (-0.16 m, 0.11

48、m)两点之 间有一带电离子发射带，能连续不断的发射方向沿x轴正方向、速度大小V0=4.8 x 10m/s的带正电离子，离子的比荷=6X107C/kg。在以x轴上的M (0.2m, 0)为圆心、半径R=0.16m的圆形区域内有垂直坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强 度大小B=6.25X1O2t。不计重力及离子之间的相互作用力。(1)求粒子进入磁场时，离子带的宽度 d;15.(2)从a、c两点发射的离子，都从磁场边界上的同一点离开磁场，求两离子离开 磁场时的速度方向的夹角。如图所示，开口向下、粗细均匀、导热良好的玻璃管长L0=18cm,将玻璃管缓慢插入水银中，直到管底与容器中水面等高。已知大气压强P

49、0=75cmHg,环境温度0t =17° C求管底与容器中水面等高时，管内空气柱的长度Li；将环境温度缓慢升高，求管内空气柱长度恰好等于管长时的环境温度t1 (不计容器内水面的高度变化)。16.离）L2=3cm,折射率n=3 当细光束从AB边的中点 线到入射光线的距离 do 当细光束从AD边的中点 时间to如图所示，一平行玻璃砖 ABCD长（A、B间的距离）Li=9cm,宽（A、D间的距.已知真空中光速 c=3xi08m/s。求：E以60°入射角射玻璃砖时，从玻璃砖另一面射出的光F以60°入射角射入玻璃砖时，光束通过玻璃砖所需的答案和解析1 .【答案】B【解析】

50、解：由匀变速直线运动规律v2-vo2=2ax可得C919的最小起飞加速度为：a=M= 加-”产0.72 m/s2,故B正确，ACD错误。2X 2 x 2.5 X W故选：Bo明确飞机的运动为匀加速直线运动，根据速度和位移关系即可求出加速度大小。本题考查匀变速直线运动规律v2-vo2=2ax的应用，要注意明确本公式对于不涉及时间的运动学问题非常实用。2 .【答案】A【解析】解：线圈中产生的平均感应电动势为：E二仃二，其中/=阻办r2时间为：= : 二 ?,解得：营二吧3,故A正确，BCD错误。故选：A。根据法拉第电磁感应定律即可求解感应电动势，要注意磁通量BS的计算时，S为有效面积。解决电磁感应

51、的问题，关键理解并掌握法拉第电磁感应定律的应用，注意有效面积的确a£o3 .【答案】B【解析】 解：ABCD、嫦娥四号”在月球表面受到的重力大小为：F=1.2 x 10kgxi.6m/s2=1.92 x 1(3N,悬停时发动机产生的推力与“嫦娥四号”所受的重力大小相等， 由反冲运动和动量定理可知缓慢下降过程中消耗的燃料质量为：m= =16 kg故B正确，ACD错误。故选：Bo以消耗的燃料质量为研究对象，其动量的变化为冲力的冲量，而力等于探测器的重力, 列式可求得质量。本题考查动量定理，明确研究对象确定冲力的值即可列式求解。4 .【答案】C【解析】 解：停止时，金属棒中的电流1=点77

52、,代入数据得I=2A,设棒向右移动的距离为 x,金属棒在磁场中的长度为2y, kx=BI (2y) , x2+y2=/,解得x=0.4m、2y=0.6 m,故C正确，ABD错误故选：C。以金属杆为研究对象，其受力平衡，由安培力等于弹簧弹力可求得金属杆在磁场中的有效长度，再有几何关系可确定出所处位置距MN的距离。本题考查欧姆定律和安培力，明确求解出金属杆在磁场中的有效长度是解题的关键。【解析】解：小球的受力分析如图所示,5 .【答案】D由库仑定律可知Fc=即q1 :q2 = sir广/ sM、=2,2 ： 1 ,故 D 正确 ABC错误。故选:Do可知对小球受力分析，根据平衡条件以及库仑定律列式

53、即可确定出电荷量的比值。本题考查库仑定律的应用，要注意在计算时将库仑力视为力的一种，再结合共点力平衡 以及受力分析进行分析求解即可。6 .【答案】C【解析】解：AB、v-t图象的斜率表示加速度，根据牛顿第二定律得：上升过程有 mg+f=ma上，下降过程有 mg-f=ma下，又f = kv,得a上=g + ',则上升过程中，随着 v的减小，a减小。如二g-,下降过程，a随速度的减小而增大。故 AB错误。CD、根据动能定理得：上升过程有 任k=- (mg+kv)5, v减小，Ek-h图象应是切线斜率逐渐减小的曲线。下降 过程有 正(mg-kv)油，v增大，标-h图象应是切线斜率逐渐减小的曲

54、线。故 C正确 ,D错误。故选：C。v-t图象的斜率等于加速度，而加速度可根据牛顿第二定律分析。根据动能定理分析Ek-h图象的斜率，从而判断各个图象的对错。解决本题的关键要根据物理规律分析图象的斜率变化情况，要掌握牛顿第二定律、动能 定理，并能熟练运用。7 .【答案】AD【解析】 解：A、太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变，故A正确;B、波长越长的光的频率越小、能量越小，所以改用波长更长的光照射，锌不会发生光电效应，故B错误；C、3射线是高速运动的电子流，故C错误；D、耨用的半衰期是5天，32克潸用经过10天后还剩下8克，故D正确。故选：AD。明确太阳能源来自于核聚变；知道光电效应发

55、生的条件以及三种射线的性质；掌握半衰 期的应用方法。本题考查光电效应、核聚变、射线的性质以及半衰期的计算，要注意掌握对应的基本规 律，明确衰变等核反应的基本内容。8 .【答案】AD【解析】 解：A、该卫星发射升空过程中，一定是先加速运动，处于超重状态，故 A正 确；B、该卫星是一颗地球静止轨道通信卫星，一定处于赤道上空，不可能处于北京上空，故B错误；C、环绕地球运动的卫星的线速度都小于第一宇宙速度，故 C错误；D、在地球表面有： G. = mg、对于同步卫星有： 九'：；/=m (R+h) 空)2,由以上两式可得h=/-p-R,故D正确。故选：AD。物体具有向上的加速度时物体处于超重状态，同步卫星的轨道只能在赤道上空，第一宇 宙速度是围绕地球匀速圆周运动的最大速度，在地球表面重力与万有引力相等，地球对 同步卫星的万有引力提供卫星