2020年中考数学真题分类汇编第二期专题20三角形的边与角试题含解析

1、三角形的边与角（命题的有关知识）一.选择题（2018?江苏宿迁？3分）如图，点D在4ABC的边AB的延长线上，DE/BG若/A=35°,/C=24°,则/D的度数是（）A.24°B.59°C.60°D.69°【答案】B【分析】根据三角形外角性质得/DBCWA+/C,再由平行线性质得/D=ZDBC.【详解】一/A=35°,/C=24°,/DBCWA+ZC=35+24°=59°,又DE/BG/D=ZDBC=59,故选B.【点睛】本题考查了平行线的性质，三角形外角的性质，熟练掌握相关的性质是解题的关键

2、2. （2018?江苏宿迁？3分）若实数mn满足向-2|+65=0,且mn恰好是等腰ABC的两条边的边长，则ABC的周长是（）A.12B.10C.8D.6【答案】B【分析】根据绝对值和二次根式的非负性得mn的值，再分情况讨论：若腰为2,底为4,由三角形两边之和大于第三边，舍去；若腰为4,底为2,再由三角形周长公式计算即可.【详解】由题意得：m-2=0,n-4=0,m=2n=4,又mrn恰好是等腰ABC的两条边的边长，若月为2,底为4,此时不能构成三角形，舍去，若月为4,底为2,则周长为：4+4+2=10,故选B.mr n的值是解题的关键.【点睛】本题考查了非负数的性质以及等腰三角形的性质，根据

3、非负数的性质求出3. （2018?江苏苏州？3分）如图，在ABC中，延长BC至D,使得CD=!-BC,过AC中点E作EF/CD（点F位2于点E右侧），且EF=2CD连接DF.若AB=8,贝UDF的长为（A3B.4C2/3D.3近【分析】取BC的中点G连接EG根据三角形的中位线定理得：EG=4,设CD=k则EF=BC=2x证明四边形EGD陛平行四边形，可得DF=EG=4【解答】解：取BC的中点G,连接EG,E是AC的中点，EG是ABC的中位线，EG=1AB=LX2=4,22设CD=x,贝UEF=BC=2x.BG=CG=x，EF=2x=DG1. EF/CD，四边形EGDF平行四边形，DF=EG=4

4、故选：B.BGCD【点评】本题考查了平行四边形的判定和性质、三角形中位线定理，作辅助线构建三角形的中位线是本题的关键.4. （2018?山东聊城市？3分）如图，直线AB/EF,点C是直线AB上一点，点D是直线AB外一点，若/BCD=95,/CDE=25,则/DEF的度数是（）A-FDA.110°B,115°C.120°D,125°【分析】直接延长FE交DC于点N,利用平行线的性质得出/BCDWDNF=95,再利用三角形外角的性质得出答案.【解答】解：延长FE交DC于点N, 直线AB/EF, /BCDWDNF=95,CDE=25, ./DEF=95+25&

5、#176;=120°.故选：C.【点评】此题主要考查了平行线的性质以及三角形的外角，正确掌握平行线的性质是解题关键.6. （2018?山东聊城市？3分）如图，将一张三角形纸片ABC的一角折叠，使点A落在4ABC外的A'处，折痕为DE如果/A=a,/CEA=3,/BDA'=丫，那么下列式子中正确的是（）A.丫=2a+3B.y=a+23C.丫=a+3D.丫=180°_a_3【分析】根据三角形的外角得：/BDA'=ZA+ZAFD/AFD至A'+/CEA',代入已知可得结论.【解答】解：由折叠得：/A=ZA',./BDA'=/

6、A+ZAFD/AFD至A'+ZCEA',.ZA=a,/CEA=3,ZBDA'=丫,/BDA'=y=a+a+3=2a+3,故选：A.AABC【点评】本题考查了三角形外角的性质，熟练掌握三角形的外角等于与它不相邻的两个内角的和是关键.7. （2018?杭少M?3分）如图，已知点P矩形ABC咕一点（不含边界），设=尸3"=%乙 PCB=84一,= % 若 zB = 80A,勾一：？B(%+%乂81+8)=40。C.18/8工/:8。二7。二d(8i+%，+(83+84)=18°°【答案】A【考点】三角形内角和定理，矩形的性质【解析】【解答

7、】解：二.矩形ABCD./PAB吆PAD=90即/PAB=90-/PAB/PAB=80，/PAB+ZPBA=180-80°=100°.90°-/PAB+ZPBA=100即/PBA-ZPAB=10同理可得：/PDC-ZPCB=180-50°-90°=40°由-得：/PDC-ZPCB-(/PBA-ZPAB=30°；'8小/川小二小故答案为：A【分析】根据矩形的性质，可得出/PAB=90-/PAB再根据三角形内角和定理可得出/PAB吆PBA=100,从而可彳#出/PBA-/PAB=10；同理可证得/PDC-/PCB=40，

8、再将-，可得出答案。8. (2018?湖州？3分)如图，AD,CE分别是ABC的中线和角平分线.若AB=AC/CAD=20,贝U/ACE的度数是()A.20°B.35°C.40°D.70°【答案】BI【解析】分析：先根据等腰三角形的性质以及三角形内角和定理求出/CAB2/CAB40。，/B=/ACB,1(180°-/CAB=70°.再利用角平分线定义即可得出/AC巨f/ACB35°.详解：AD是ABC勺中线，ABAC/CAD20,I./CAB=2/CAB40,/B=/ACBq(180°-/CAB=70.。£

9、;是ABCW角平分线，I/AC曰ZAC&35.2故选：B.点睛：本题考查了等腰三角形的两个底角相等的性质，等腰三角形的顶角平分线、底边上的中线、底边上的高相互重合的性质，三角形内角和定理以及角平分线定义，求出/ACB70是解题的关键.9. （2018?嘉兴？3分）用反证法证明时，假设结论“点在圆外”不成立，那么点与圆的位置关系只能是（）A.点在圆内.B.点在圆上.C.点在圆心上.D.点在圆上或圆内.【答案】D【解析】【分析】在假设结论不成立时要注意考虑结论的反面所有可能的情况，如果只有一种，那么否定一种就可以了，如果有多种情况，则必须一一否定.【解答】用反证法证明时，假设结论“点在圆外

10、”不成立，那么点应该在圆内或者圆上.故选D.【点评】考查反证法以及点和圆的位置关系，解题的关键是掌握点和圆的位置关系10. （2018?嘉兴？3分）某届世界杯的小组比赛规则：四个球队进行单循环比赛（每两队赛一场），胜一场得3分，平一场得1分，负一场得。分.某小组比赛结束后，甲、乙、丙、丁四队分别获得第一、二、三、四名，各队的总得分恰好是四个连续奇数，则与乙打平的球队是（）A.甲.B.甲与丁.C.丙.D.丙与丁.【答案】B【考点】推理与论证【解析】【解答】解：小组赛一共需要比赛举=6场，由分析可知甲是最高分，且可能是9或7分，当甲是9分时，乙、丙、丁分别是7分、5分、3分，因为比赛一场最高得分3

11、分，所以4个队的总分最多是6X3=18分，而9+7+5+3>18,故不符合；当甲是7分时，乙、丙、丁分别是5分、3分、1分，7+5+3+1<18,符合题意，因为每人要参加3场比赛，所以甲是2胜一平，乙是1胜2平，丁是1平2负，则甲胜丁1次，胜丙1次，与乙打平1次，因为丙是3分，所以丙只能是1胜2负，乙另外一次打平是与丁，则与乙打平的是甲、丁故答案是B【分析】需要推理出甲、乙、丙、丁四人的分数：每个人都要比赛3场，要是3场全胜得最高9分，根据已知“甲、乙，丙、丁四队分别获得第一，二，三，四名”和“各队的总得分恰好是四个连续奇数”，可推理出四人的分数各是多少，再根据胜、平、负一场的分数

12、去讨论打平的场数。11. （2018?广西玉林？3分）如图，/AOB=60,OA=OB动点C从点O出发，沿射线OB方向移动，以AC为边在右侧作等边ACD连接BD,则BD所在直线与0斫在直线的位置关系是（）A.平行B.相交C.垂直D.平行、相交或垂直【分析】先判断出OA=OB/OABWABQ分两种情况判断出/ABDhAOB=60,进而判断出AO挈ABD即可得出结论.【解答】解：/AOB=60,OA=OB.OAB是等边三角形，.OA=AB/OABhABO=60当点C在线段OB上时，如图1,.ACD等边三角形， .AC=AD/CAD=60, ZOAChBAD在AOCABD中， .AOCABD /AB

13、DWAOC=60,，/ABE=180-ZABO-/ABD=60=ZAOBBD/OA当点C在OB的延长线上时，如图2,同的方法得出OA/BD,.ACD等边三角形， .AC=AD/CAD=60, ZOAChBAR在AOCABD中， .AOCABQ /ABDWAOC=60,，/ABE=180-ZABO/ABD=60=ZAOBBD/OA故选：A.12. （2018?福建A卷？4分）下列各组数中，能作为一个三角形三边边长的是（）A.1,1,2B.1,2,4C.2,3,4D.2,3,5【分析】根据三角形中任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边.即可求解.【解答】解：A.1+1=2,不满足三边关系，

14、故错误；B.1+2V4,不满足三边关系，故错误；C.2+3>4,满足三边关系，故正确；D.2+3=5,不满足三边关系，故错误.故选：C.【点评】本题主要考查了三角形三边关系的运用，判定三条线段能否构成三角形时并不一定要列出三个不等式，只要两条较短的线段长度之和大于第三条线段的长度即可判定这三条线段能构成一个三角形.13. （2018百国建B卷?4分）下列各组数中，能作为一个三角形三边边长的是（）A1,1,2B.1,2,4C.2,3,4D.2,3,5【分析】根据三角形中任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边.即可求解.【解答】解：A.1+1=2,不满足三边关系，故错误；B.1+2V

15、4,不满足三边关系，故错误；C.2+3>4,满足三边关系，故正确；D.2+3=5,不满足三边关系，故错误.故选：C.【点评】本题主要考查了三角形三边关系的运用，判定三条线段能否构成三角形时并不一定要列出三个不等式，只要两条较短的线段长度之和大于第三条线段的长度即可判定这三条线段能构成一个三角形.14. （2018?广西北海？3分）如图，ZACDMBC的外角，CE平分ZACD,若NA=60°,ZB=40°,则/EC*于（）A.40B.45°C.50°D.55°【答案】C【考点】三角形外角的性质，角平分线的定义【解析】MBC勺外角/ACD=/

16、A+/B=60©+40©=100，又因为CE平分.ACQ飒,ACE=.ECD=1,ACD=1100=50.-2-2【点评】三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角和15. （2018须州贵阳？3分）如图，在ABC有四条线段DEBEEF,FG,其中有一条线段是ABC勺中线，则该线段是（B）（A）线段DE（线段BE（0线段EF（D线段FG16. （2018湖南长沙3.00分）下列长度的三条线段，能组成三角形的是（）A.4cm,5cm,9cmB.8cn8cm,15cmC.5cm,5cm,10cmD.6cm,7cm,14cm【分析】结合“三角形中较短的两边之和大于第三边”，分别套入

17、四个选项中得三边长，即可得出结论.【解答】解：A.-5+4=9,9=9,该三边不能组成三角形，故此选项错误；B.8+8=16,16>15,.该三边能组成三角形，故此选项正确；C.5+5=10,10=10,该三边不能组成三角形，故此选项错误;D.6+7=13,13V14,该三边不能组成三角形，故此选项错误；故选：B.【点评】本题考查了三角形的三边关系，解题的关键是：用较短的两边长相交与第三边作比较.本题属于基础题，难度不大，解决该题型题目时，结合三角形三边关系，代入数据来验证即可.二.填空题1. （2018?江苏无锡？2分）命题“四边相等的四边形是菱形”的逆命题是菱形的四条边相【分析】把一

18、个命题的条件和结论互换就得到它的逆命题.【解答】解：命题“四边相等的四边形是菱形”的逆命题是菱形的四条边相等，故答案为：菱形的四条边相等.【点评】本题考查的是命题和定理，两个命题中，如果第一个命题的条件是第二个命题的结论，而第一个命题的结论又是第二个命题的条件，那么这两个命题叫做互逆命题.其中一个命题称为另一个命题的逆命题.2. （2018?江苏淮安？3分）若一个等腰三角形的顶角等于50°,则它的底角等于65.【分析】利用等腰三角形的性质及三角形内角和定理直接求得答案.【解答】解：二.等腰三角形的顶角等于50。，又等腰三角形的底角相等，底角等于（180°50°）X

19、-=65°.2故答案为：65.【点评】本题考查了三角形内角和定理和等腰三角形的性质，熟记等腰三角形的性质是解题的关键.3. （2018?江苏徐州？3分）如图，AB是。0的直径，点C在AB的延长线上，CD与。0相切于点D.若/C=18,则/CDA=126度.【分析】连接OD,构造直角三角形，利用OA=OD可求得/ODA=36,从而根据/CDAWCDO+0DA计算求角军.【解答】解：连接OD则/ODC=90,/COD=72;OA=OD/ODA=A=COD=36,/CDAWCDO+ODA=90+36°=126°【点评】本题利用了切线的性质，三角形的外角与内角的关系，等边

20、对等角求解.4. （2018?江苏苏州？3分）如图，ABC是一块直角三角板，/BAC=90,/B=30°,现将三角板叠放在一把直尺上，使得点A落在直尺的一边上，AB与直尺的另一边交于点D,BC与直尺的两边分别交于点E,F.若/CAF=20,则/BED的度数为80°.【分析】依据DE/AF,可得/BEDWBFA,再根据三角形外角性质，即可得到ZBFA=20+60°=80°,进而得出/BED=80.【解答】解：如图所示，:DE/AF,/BEDWBFA又./CAF=20,/C=60,.BFA=20+60°=80°,./BED=80,故答案为：80.【点评】本题主要考查了平行线的性质，解题时注意：两直线平行，同位角相等.5. （2018年湖南省娄底市）如图，P是ABC的内心，连接PA.PB.PC,PAB.APBC.APAC的面积分别为Si.Sa.S3,则SiVS2+S3.（填“V”或“二”或）【分析】过P点作PD&