天津市与平区2014-2015学年九年级上学期期中考试物理试卷(解析版)

1、天津市和平区2015届九年级上学期期中考试物理试卷一、单项选择题（本小题共10小题，每小题3分，共30分）1如图所示，是由微颗粒（150nm）制备得到新型防菌“纳米纸”在“纳米纸”的表面细菌无法停留且油水不沾与此现象有关的判断正确的是（）A组成“纳米纸”的分子间没有间隙B油与“纳米纸”分子间有斥力没有引力C“纳米纸”可阻止细菌分子无规则运动D油分子间引力使纸面上的油汇集成小油珠考点：分子间的作用力.专题：分子热运动、内能分析：物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子之间有空隙，分子间有相互作用的引力和斥力，引力和斥力是同时存在的解答：解：A、任何分子之间都有空隙，“纳米纸”只是空隙较

2、小，该选项说法不正确；B、分子间的引力和斥力是同时存在的，该选项说法不正确；C、一切分子都在不停地做无规则运动，“纳米纸”不能阻止细菌分子无规则运动，该选项说法不正确；D、因为分子间有引力，所以靠得很近的两滴油能自动结合成一滴，该选项说法正确故选D点评：本题用一个新型的实际特例考查了学生对分子动理论的理解，分子动理论在任何时候都是成立的，不要受问题变化的影响2（3分）下列关于温度、内能、热量和做功的说法中正确的是（）A物体吸热，温度一定升高B物体的温度降低，内能一定减小C温度高的物体一定比温度低的物体内能多D物体的温度升高，一定是外界对物体做功考点：温度、热量与内能的关系.专题：比热容、热机、

3、热值分析：要解决此题需掌握：（1）晶体熔化过程吸热，温度保持不变；（2）内能大小与温度的关系；（3）内能与物体的温度、质量有关；（4）改变物体内能的方式：做功和热传递解答：解：A、物体吸热，温度不一定升高，如晶体熔化时虽然继续吸热，但温度是不变的，故A错误；B、物体温度降低，其分子无规则运动减慢，分子动能减小，内能减小，故B正确；C、一座冰山的内能远远大于一杯热水，但热水的温度却高于冰山，故C错误；D、一个物体的温度升高，可能是外界对其做功，也可能是吸收了热量，故D错误故选B点评：本题考查了内能与热量、温度的关系内能是状态量，热量是过程量，内能的改变可通过做功或热传递来实现3（3分）如图所示，

4、两个相同规格的电加热器加热质量、初温都相同的不同液体，液体升高的温度相同，若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，则（）A两杯液体吸收的热量相等B加热时间长的液体比热容大C加热时间短的液体比热容大D密度小的液体吸收的热量多考点：比热容的概念.专题：比热容、热机、热值分析：根据焦耳定律，相同规格的电热器相同时间内放出的热量相等，根据加热时间的长短分析吸热的多少；根据Q吸=cmt分析比热容的大小解答：解：A、加热时间长短未知，所以吸收热量多少不能确定，故A错误；B、加热时间长的吸热多，根据Q吸=cmt，质量、升高温度相同，吸热多的比热容大，故B正确；C、由B分析知，加热时间短的，比热容小，故C错误

5、；D、液体吸热多少，与物体的质量、比热容和升高温度有关，与密度无关，故D错误故选B点评：此题考查了对焦耳定律、比热容、热量计算公式的理解和掌握，在分析时，要搞清各物理量之间的逻辑关系4（3分）如图所示实验，试管口木塞冲出过程（）A试管口出现的白雾是水蒸气B能量转化情况与内燃机压缩冲程相同C水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能减少D试管口出现白雾说明水蒸气内能增加考点：内能的利用及其意义.专题：应用题；分子热运动、内能分析：木塞冲出过程也是水蒸气的内能转化为塞子机械能的过程，水蒸气的内能会减小，温度降低解答：解：A、试管口出现的白雾是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，不符合题意；B、此过程的能量转化是内能转

6、化为机械能，与内燃机的做功冲程类似，不符合题意；C、当加热试管到一定程度时，水蒸气的内能足够大会将塞子冲出，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能会减小，温度降低，符合题意；D、白雾是水蒸气遇冷液化形成的，所以说明内能减小，不符合题意；故选C点评：此题主要考查学生对：做功改变物体内能方法的了解和掌握，此实验也是内燃机做功冲程的模型5（3分）如图所示，通草球甲、乙相互排斥，甲、丙相互吸引，如果已知甲带正电，那么乙、丙的带电情况是（）A乙带正电、丙带正电B乙带负电、丙带正电C乙带正电、丙带负电或不带电D乙带负电、丙带正电或不带电考点：物体带电情况的判断.专题：应用题；电流和电路分析：排斥的

7、一定带同种电荷，吸引的可能带异种电荷，可能一个带电，一个不带电根据上面的两个规律进行判断解答：解：甲带正电，甲、乙相互排斥，甲、乙一定带同种电荷，即乙一定带正电甲与丙相互吸引，而吸引的现象：一是带异种电荷的带电体之间；二是一个带电，一个不带电由于已知甲一定带正电一是丙可能和甲带异种电荷，即带负电；二是丙可能不带电故选C点评：本题的关键是知道相互吸引的情况有两种，所以相互排斥的物体一定带同种电荷，相吸的物体可能带异种电荷，可能是带电体吸引轻小物体6（3分）导体和绝缘体的划分不是绝对的，当条件改变时绝缘体也能变成导体，例如在常温下是很好的绝缘体的玻璃在高温下就变成了导体，为了验证玻璃在加热烧红时也

8、能导电，同学们利用白炽灯，灯丝已断的灯泡玻璃芯，酒精灯、插头、导线若干，设计了如图所示的四种方案，其中合理的是（）ABCD考点：控制变量法与探究性实验方案.专题：探究型实验综合题分析：容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；导体和绝缘体之间没有绝对的界限，在一定条件下绝缘体可能成为导体解答：解：A、D、只对灯泡玻璃芯加热，玻璃芯能否导电不能判断设计方案都不合理；B、灯泡玻璃芯与小灯泡并联，无论玻璃芯是否导电，小灯泡都能发光设计方案不合理；C、灯泡玻璃芯与小灯泡串联，对玻璃芯加热，如果灯泡发光，说明玻璃芯能导电；如果灯泡不发光，说明玻璃芯不导电设计方案合理故选C点评：此题考查的是我们对导

9、体和绝缘体关系的认识，需要清楚的是：通过小灯泡是否发光判断烧红的玻璃芯能否导电，采用的是转换法7某取暖器在只闭合开关S1时送冷风，同时闭合S1、S2时送热风，为了安全起见，取暖器一般都要安装一个跌倒开关S，使取暖器倾倒时整个电路断开，下列符合该取暖器工作要求的电路是（）ABCD考点：串、并联电路的设计.专题：压轴题；电流和电路分析：（1）并联电路的工作特点，各用电器独立工作，互不影响（2）用电器的通断主要依靠开关来完成，应注意开关的作用，思考电路能不能完成题目中所要求的功能解答：解：由题目要求可得开关S1控制整个电路，开关S2控制发热电阻丝的通断AC、当开关S1闭合时，电动机工作，送冷风，同时

10、闭合S1和S2时，电动机和电阻丝工作，送热风，并且取暖器倾倒时整个电路断开，故A符合题意，C不符合题意；BD、只闭合开关S2时，电阻丝工作，但电动机不工作，故BD不符合题意故选A点评：此类题目不但要理解串并联电路的特点，还要能灵活应用开关控制电路8（3分）如图所示两定值电阻A和B的电流与电压关系图象，如果将两电阻A和B并联后接在电压为3V的电源两端下列结论正确的是（）AA的电阻是B的电阻的2倍BB的电阻是A的电阻的2倍CA两端的电压和B两端电压2倍D流过B的电流是流过A电流的2倍考点：欧姆定律的应用.专题：应用题；电路和欧姆定律分析：两电阻并联时它们两端的电压相等，根据图象读出通过A、B电阻的

11、电流，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比解答：解：将两电阻A和B并联后接在电压为3V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，A、B两端的电压相等，即UA=UB=3V，故C不正确；由图象可知，通过A、B的电流分别为IA=0.6A，IB=0.3A，则流过A的电流是流过B电流的2倍，故D不正确；由I=可得，A、B的电阻之比：=，即B的电阻是A的电阻的2倍，故B正确，A不正确故选B点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电压对应的电流9（3分）小强同学在探究串联电路电流规律的实验中，按如图所示连接好了电路，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光为检测出电路故障，他做

12、了以下操作：将电压表接到b、c两点，观察电压表、电流表均无示数；将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零则电路故障可能是（）A灯L1断路B灯L2断路C灯L2短路D电流表烧坏了考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用.专题：欧姆定律分析：开关闭合后，两个灯泡都不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路是开路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连解答：解：电流表始终无示数，说明电路故障为断路将电压表并联在b、c两点，电压表无示数，说明电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，即L1完好将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，说明电压表的正负接线柱

13、与电源两极相连，说明灯L2断路故选B点评：本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是开路，电压表有示数，说明开路在电压表的两接线柱之间10（3分）如图所示，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，通过电压表是显示的数据来反应水位升降情况水位最低时，滑杆P位于R的a端处L是一个指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻下列判断正确的是（）A当水位不变时，则电压表示数不变，指示灯不亮B当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变暗C当电压表示变大，指示灯变亮，则表明水位上升D当水位下降时，则电压表示数变小

14、，指示灯变亮考点：电路的动态分析.专题：应用题；电路变化分析综合题分析：（1）当水位不变时，电路为通路，指示灯发光，变阻器接入电路中的电阻不变时电压表的示数不变；（2）由电路图可知，指示灯与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，根据水位的变化可知浮子的移动、滑片的移动，进一步可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和指示灯两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步可知灯泡亮暗的变化解答：解：（1）当水位不变时，当水位不变时，电路处于通路状态，灯泡发光，此时变阻器接入电路中的电阻不变，变阻器两端的电压不变，即

15、电压表的示数不变，故B不正确；（2）当水位下降时，浮子带动滑片下移，变阻器接入电路中的电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，指示灯两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压变小，即电压的示数变小，因P=UI，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，指示灯的实际功率变大，灯泡变亮，故B变阻器，D正确；反之，当水位上升时，浮子带动滑片上移，接入电路中的电阻变大，指示灯的实际功率变小，指示灯变暗，电压表的示数变大，故C不正确故选D点评：本题考查了电路图的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小二、多项选择题（本大题共

16、3小题，每小题3分，共9分）11（3分）下列说法正确的是（）A0的冰内能为零B一桶水的比热容比一杯水的比热容大C用锯条锯木板时，锯条发热，锯条内能增加D糖放入水中，过一段时间后整杯水都变甜了，表明分子在不停的做无规则运动考点：做功改变物体内能；内能的概念；比热容的概念；分子的运动.专题：分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析：A、一切物体都有内能；B、比热容是物质的一种性质，与物质的种类和状态有关，与质量等无关；C、做功可改变物体的内能，对物体做功，内能增加；D、一切物质的分子都在不停地做无规则运动解答：解：A、一切物体都有内能，故A错误；B、一桶水和一杯水比较，质量不同、体积不同，但都是水

17、，物质种类相同，所以比热容相同，故B错误；C、该过程相当于对锯条做功，固锯条的温度升高，故C正确；D、水能变甜，是因为粮分子做无规则运动，扩散到了水中，故D正确故选CD点评：针对每个选项所涉及的物理知识，从分子动理论、比热容的概念和改为物体内能方法的角度可逐一做出判断12（3分）用同种材料制成两段长度相等、横截面积不同的圆柱形导体，甲比乙的横截面积大，如图所示将它们串联在电路中，通过电流的关系是（）AIA=IBBUAUBCUA=UBDRA=RB考点：串联电路的电流规律.专题：应用题；电流和电路分析：根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；解答：解：两段导体串联，通过两导体的电流相等，

18、即IA=IB；故选A点评：本题考查了影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键是串联电路电流特点的灵活运用13（3分）如图所示，关于电路的连接以下说法正确的是（）A只闭合开关S1时，灯L1与L2并联B只闭合开关S2时，灯L1与L2串联C只闭合开关S3时，灯L2与L3串联D三个开关都闭合时，灯L1、L2、L3并联考点：串联电路和并联电路的辨别.专题：电流和电路分析：（1）各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；（2）各用电器首首相连、尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联解答：解：A、只闭合开关S1时，是灯L1的简单电路，其它的灯和开关中均没有电流通过，故A错误；B、只闭

19、合开关S2时，电流从正极出发，经L2、S2、L1回到电源的负极，故灯L1与L2串联，故B正确；C、只闭合开关S3时，电流从正极出发，经L2、L3、S3回到电源的负极，故灯L2与L3串联，故C正确；D、三个开关都闭合时，灯L2被短路，是灯L1和L3的并联电路，故D错误故选BC点评：本题考查了灯泡连接方式的判断，判断用电器的连接方式，是解电学题的基础与关键，一定要掌握，判断电路的连接方式，可采用电流分路法进行分析三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）14（4分）如图1所示，圈a为某种调光型台灯使用的电位器示意图，p为旋片可随转动旋钮改变在碳膜（相当于一根电阻线）上的位置A、B、C均为接

20、线柱，若要求顺时针转动旋钮可使灯泡亮度增加，则应将电位器的两接线柱AB接入b图电路中（a图中OP所示为旋扭） （2）电压表的示数为4.5V，电流表的示数为0.46A，请在如图2所示的表盘上标出指针的位置及所用接线柱考点：电压表的读数方法；电流表的读数方法；滑动变阻器的使用.专题：应用题；电流和电路；欧姆定律分析：（1）顺时针转动旋钮OP可使灯泡亮度增加，电流变大，电阻变小，连入电路的部分应该是PA段，A接线柱一定接入，如果连入电位器的A、C，电位器相当于一个定值电阻，移动旋钮OP不能改变连入电路的电阻所以把A、B连入电路；（2）根据电表的示数确定量程，根据分度值确定指针的位置解答：解：（1）滑

21、片P顺时针旋转时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变时，电阻变小，一定连入了接线柱A，如果把A、C连在电路中，电位器相当于定值电阻，不符合题意所以把A、B连入电路；如图所示：（2）电压表有03V和015V两个量程，电压值是4.5V，选择015V的量程，分度值为0.5V，4.5V是9个小格，指针位置如下图所示：电流表有00.6A和03A两个量程，电流值是0.46A，选择00.6A的量程，每一个大格代表0.1A，分度值为0.02A，0.46A是2个大格加3个小格，指针位置如下图所示：故答案为：（1）AB；（2）见上图点评：本题考查了变阻器的使用和电路的设计和画出电表指针的位置，知道各电路元件的

22、正确使用是关键15（4分）物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量表示电流，若1min内通过导体横截面的电荷量是300C，则通过导体的电流为5A，对人体安全的电压是不高于36V考点：电量及其计算.专题：电流和电路分析：已知时间和通过导体横截面的电荷量，根据公式I=可求通过导体的电流；对人体的安全电压不高于36V解答：解：通过导体的电流I=5A；对人体的安全电压不高于36V故答案为：5A；不高于36V点评：本题考查了电荷量的计算以及对人体的安全电压电荷量是指电荷的多少，它的单位是库仑，符号为C16（4分）现代汽车的发动机一般都是四冲程内燃机，若四个冲程如图所示，则从吸气冲程到排气冲程的顺序是ACBD

23、（填写字母），若飞轮的转速为3000r/min则在1s内，对外做功的次数是25次考点：有关热机的计算.专题：应用题；比热容、热机、热值分析：（1）四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序（2）热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案解答：解：（1）A、进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程；B、气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，内能转化成机械能；C、气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，机

24、械能转化成内能；D、排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程则从吸气冲程到排气冲程的顺序是ACBD；（2）飞轮转速是3000r/min=50r/s，表示每秒飞轮转动50圈，而每2圈4个冲程，所以1s内完成100个冲程，对外做功25次故答案为：ACBD；25点评：本题考查了内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程的判断，同时也考查学生对热机转速的掌握，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算是解决该题的关键17（4分）将一根塑料绳一端扎紧，把绳尽可能撕成更多的细丝，用手向下捋几下后松开，观察到的现象是细丝会分开，产生这种现象的原因是由于摩擦起电细丝带有同种电荷，而同种

25、电荷相互排斥考点：电荷间的相互作用规律.专题：简答题分析：手和塑料是不同材料，用干燥的手捋塑料细丝时，两者之间相互摩擦，出现电子的得失，手和塑料细丝带不同的电荷，塑料细丝带同种电荷，根据同种电荷相互排斥来判断解答：解：干燥的手捋塑料细丝时，出现摩擦起电现象，使塑料细丝带同种电荷同种电荷相互排斥而分开故答案为：细丝会分开；由于摩擦起电细丝带同种电荷，而同种电荷相互排斥点评：本题应用摩擦起电和电荷间的相互作用来解释18（4分）如图所示电器中有两个小灯泡，图中圆圈内应该分别填入小灯泡、电流表或电压表的符号，要求开关闭合时两灯均能发光，且两电表的示数均不为零，若使两个小灯泡并联，则是小灯泡，是电流表（

26、各空均填写圆圈内数字符号）考点：电路图及元件符号.专题：电流和电路；电压和电阻分析：根据小灯泡是用电器，电流表在电路中起导线作用，电压表在电路中相当于开路状态去分析解答：解：电流表测电路中一个小灯的电流，则两灯并联，且电流表和一个灯泡串联在同一支路；所以，上面两个内应填电流表和电灯，即为电流表，为电灯；下面的与左边的电灯并联，应填电压表故答案为：；点评：知道电压表和电流表的正确使用方法，会根据要求判断出电路图的组成19（4分）某单缸四冲程汽油机的气缸直径为Dmm，一个冲程活塞子在气缸中移动的距离是Lmm满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为pPa，飞轮1min转动1800圈，当汽油机满负荷工作时

27、（不计摩擦），若1min消耗汽油VL，汽油的密度kg/m3汽油的热值为qJ/kg，则一个做功冲程中的燃气对活塞做的功；该汽油机的效率为%考点：有关热机的计算.专题：计算题；比热容、热机、热值分析：（1）知道燃气的平均压强和活塞的面积，可利用公式F=PS计算出平均压力的大小，知道活塞在气缸中移动的距离，可利用公式W=FS计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功（2）飞轮（曲轴）每转两圈对外做功一次，计算出飞轮转动1800周对外做功的次数，已经计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功，从而可以计算出燃气对活塞做的总功；由Q放=mq求出汽油完全燃烧释放的热量，再求出每分钟转化的机械能即一分钟做的功，用效率公式求

28、出效率解答：解：（1）p=pPa，活塞的面积是：S=r2=×106 m2；燃气对活塞的平均压力为：F=pS=pPa×Sm2=Ns=Lmm=0.001Lm，一个做功冲程中燃气对活塞做的功：W=Fs=pSN×0.001Lm=J（2）飞轮1min转动1800圈，飞轮每转两圈对外做功一次，所以飞轮转动1800周，要对外做功900次，燃气对活塞做的总功为：W总=W×900=×900J；汽油完全燃烧释放的热量：Q放=mq=kg/m3×V×103m3×qJ/kg=Vq×103J，汽油机把内能转化为机械能的效率：=

29、15;100%=×100%=%故答案为：；点评：此题是一道学科综合题，考查了功、热量、效率的计算，但我们只要认真分析，一步一步来就一定可以得出正确的结果四、解答题（共6小题）20（6分）小华家使用的是天然气热水器，该热水器的铭牌表明了它的热效率，表示该热水器工作时，天然气完全燃烧所消耗的化学能，有多大比例转化为水的内能小华尝试估测该热水器的热效率，以核对铭牌上的数值是否准确，他把家里自动洗衣机的“水量”设置为40L，用热水器输出的热水注入到洗衣机，当注入水的体积达到40L时洗衣机会自动停止注水已知当时自来水的温度是15，热水器输出热水的温度为40，注水前天然气表的示数是2365.89

30、m3注水后变为2366.05m3，请你计算：（天然气的热值为3.2×107J/m3）（1）洗衣机中注入的自家自来水吸收的热量；（2）该热水器的热效率考点：热量的计算.专题：比热容、热机、热值分析：（1）根据水的体积，利用Q吸=cmt=cV水t即可求出洗衣机中的水所吸收的热量；（2）热水器加热过程中天然气释放的能量根据Q=qV即可求出；热水器等于水吸收的热量与消耗总的能量之比解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=cV水t=4.2×103J/（kg）×1.0×103kg/m3×40×103m3×（4015）=4.2

31、5;106J；（2）天然气释放的能量Q=qV=3.2×107J/m3×（2366.05m32365.89m3）=5.12×106J；该热水器的热效率：=×100%=×100%82%答：（1）洗衣机中注入的自家自来水吸收的热量为4.2×106J；（2）该热水器的热效率为82%点评：本题为热量的综合计算题，考查了学生对燃料燃烧放出热量公式、热效率公式的理解和灵活运用，属于中档题21（6分）（1）如图1所示的实物图画出对应的电路图（2）如图2所示，一个盒内装有两盏电灯，盒内有电源，盒外有盒外有A、B、C、D四个接线柱，用导线连AB时，只有一

32、灯发光；用导线连CD时，只有另一灯发光，用导线连AD时，两灯都发光，但比前两次暗，试画出盒内电路图考点：根据实物图画电路图；串、并联电路的设计.专题：电流和电路分析：（1）由实物电路图画电路图时，可以根据电流流向法，从电源的正极出发依次画出各电路元件回到负极即可（2）导线分别接AB、CD时，只有一只灯泡亮，故每个通路中只有一个灯泡工作，且与电源串联；当电源接AD时两只灯泡均亮，但亮度较暗，故此时两个灯泡串联解答：解：（1）先画出电源符号，从电源的正极出发经开关S1分支，一支经灯泡L1、灯泡L2；另一支经开关S2，灯泡L2，然后共同回到负极，如下图所示：（2）AB两个接线柱之间只有一只灯泡且与电

33、源串联；CD两个接线柱之间只有一只灯泡且与电源串联；AD两个接线柱之间两个灯泡和电源串联，故盒内电路图如下图点评：本题考查了根据实物画出电路图，一般采用电流流向法，即从电源的一极出发依次画出各电路元件会设计串联电路和并联电路，并且会根据要求设计相应的电路图22为了探究并联电路中各支路用电器两端的电压与电源两端的电压的关系，请你：（1）写出实验需要用到的器材（2）画出实验电路图（3）设计记录实验的表格考点：探究串、并联电路中的电压规律实验.专题：探究型实验综合题分析：在并联电路中，电路的电源电压等于各支路两端的电压，所以应组成一个并联电路，用电压表分别测量两个小灯泡两端的电压及它们的总电压，并记

34、录在表格中；表格中应有两电阻两端的电压及总电压，为了得到普遍性的规律，应改变电阻箱的阻值，多测几组数据并记录在表格中解答：解：（1）器材：电源、电压表（三个）、小灯泡（至少三个规格）、开关、导线若干；（2）两个小灯泡并联，开关放在干路上，电压表分别并联在两个小灯泡和电源两端，如下图：（3）为了实验结论的准确性，更换不同规格的灯泡，至少测量三次，表格中应有两电阻两端的电压及总电压，如下表：实验次数灯泡L1两端电压U1/V灯泡L2两端电压U2/V电源两端电压U/V123故答案为：（1）电源、电压表（三个）、小灯泡（至少三个规格）、开关、导线若干；（2）见上图；（3）见上表点评：此题是探究并联电路电

35、压规律的实验，考查了学生对实验电路图的画法及实验的设计，同时考查了实验表格的设计，在设计表格中注意要多测量几次，这样才能得出并联电压的规律23（6分）小明同学设计“探究导体电阻与导体长度、横截面面积、材料的关系”的实验电路，如图1所示，abcd是四种不同的金属丝，现有几种康铜合金丝和镍镍铬合金丝，其规格如表所示 编号材料长度（m）横截面积（mm2）A镍铬合金0.80.8B镍铬合金0.50.5C镍铬合金0.30.5D镍铬合金0.31.0E康铜丝0.30.5F康铜丝0.80.8（1）电路图中四种金属丝应分别选上表中的C和BDE（用编号表示另三个，任意顺序填写）（2）在交流与合作时，有位学生提出用图

36、示2的电路，只要将图中P端分别和1、2、3、4相接，读出电流，利用电流跟电阻成反比的关系，也能探究出导体电阻与其影响因素的定量关系，请你对其作出评价（提示：如可行，请说明好在哪，如不行，请说出问题所在）考点：控制变量法与探究性实验方案.专题：探究型实验综合题分析：（1）要研究导体的电阻与导体长度、横截面积、材料三者之间的关系，而要求选取四根导线，根据控制变量法的思路，可以确定选取的导线（2）在图1中，实际上是利用在串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，通过电压表示数的大小来反映电阻大小的要利用图2装置来探究，要利用电流跟电阻成反比的关系，首先要保证导体两端的电压不变，因此确定选

37、择开关的位置改变时，这四根导线两端的电压是否相等是确定这种方案是否可行的依据解答：解：（1）要探究导体的电阻与材料、长度、横截面积三者的关系，就要求选取的四根导线中：有两根材料、横截面积相同、长度不同，用以探究电阻大小与长度的关系（BC满足条件）；有两根材料、长度相同，横截面积不同，用以探究导体的电阻与横截面积的关系（CD满足条件）；还要有两根长度、横截面积相同，材料不同，用以探究导体的电阻和材料的关系（CE满足条件）综上分析故选：BCDE（2）当通过导体的电流相同时，根据欧姆定律可知，导体两端的电压与导体中的电流成正比，可以利用电压表的示数来反映导体电阻的大小根据欧姆定律可得：当导体两端的电

38、压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比因此要用电流表来反映电阻的大小，首先要保证导体两端的电压相等而在图2所示的电路中，当选择开关在不同位置时，不同的电阻丝接入电路不同电阻丝的阻值不同，导致了电路的总电阻不同，从而电路中的电流也不相同，滑动变阻器两端的电压也随之变化；而电源电压不变，所以根据串联电路中电压的特点可知：电阻丝两端的电压等于电源电压减去滑动变阻器两端的电压，由于滑动变阻器两端的电压的变化，可以确定电阻丝两端的电压发生变化，因此该装置没有满足电压不变这一前提条件，所以这个电路不可行故答案为：（1）BDE；（2）不行；因为P端分别与1、2、3、4相接时，电阻两端的电压不一定相同，只要

39、电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其因素的定量关系点评：电阻的大小有三个因素决定，因此探究电阻与决定因素的关系时，要用到控制变量法，而导线的选取也正是以这个思路为依据进行选择24（6分）等效替代法是一种重要的物理研究方法，既是科学家研究问题的方法，也是中学生在学习物理中常用的方法，小明想利用等效替代法测量一个未知电阻的阻值，现有下列器材可用：待测电阻Rx，1个电阻箱R，用（表示），一个电阻阻R0，一个电流表，2个开关S1和S2，电源一个（其电压略大于Rx允许的最大电压），导线若干（1）请你帮助小明画出正确的实验电路图；（2）请你帮助小明设计实验方案，写出实验步骤考点：伏安法测电阻的探究实验.专题：实验题；测量型实验综合题分析：替代法的测量思路是等效的思想，本题可以利用电流等效即先把开关S接a点，读出电流表的示数为I（此电流为Rx、R0共同作用的效果）；然后再把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数仍变为原来的数值I（此电流为R、R0共同作用的效果）既然Rx和R0共同作用的效果与