动量、动量守恒定律知识点总结

1、龙文教育动量知识点总结、对冲量的理解1、I=Ft:适用于计算恒力或平均力 F的冲量，变力的冲量常用动量定理求。2、I合的求法：A、若物体受到的各个力作用的时间相同，且都为恒力，则 I合二尸合.tB、若不同阶段受力不同，则I合为各个阶段冲量的矢量和。、对动量定理的理解:I合pP2P1m vmv2mv11、意义：冲量反映力对物体在一段时间上的积累作用，动量反映了物体的运动状态。2、矢量性：A P的方向由 V决定，与 5、P2无必然的联系，计算时先规定正方向。三、对动量守恒定律的理解：P1P2P1P2或m1vlm2v2m1vlm2 v21、研究对象：相互作用的物体所组成的系统2、条件：A、理想条件：

2、系统不受外力或所受外力有合力为零。B 、近似条件：系统内力远大于外力，则系统动量近似守恒。C、单方向守恒：系统单方向满足上述条件，则该方向系统动量守恒。四、碰撞类型及其遵循的规律:一般的碰撞完全弹性碰撞完全非弹性碰撞系统动量守恒系统动量守恒系统动能守恒系统动量守恒；碰撞后两者粘在一起，具有共同速度v,能量损失最大结论：等质量弹性正碰时，两者速度交换。依据：动量守恒、动能守恒五、判断碰撞结果是否可能的方法：碰撞前后系统动量守恒；系统的动能不增加；速度符合物理情景。2动能和动量的关系：EK 卫一 p 、2mEK2m六、反冲运动：1、定义：静止或运动的物体通过分离出一部分物体，使另一部分向反方向运动

3、的现象叫反冲运动。2、规律：系统动量守恒3、人船模型：条件：当组成系统的 2个物体相互作用前静止，相互作用过程中满足动量守恒。 一 一一Si m2-m2 一表达式： m1vlm2v20m1vlm2 v2m1slm2s2 s1s相对s2 m1mi m2七、临界条件：“最”字类临界条件如压缩到最短、相距最近、上升到最高点等的处理关键是一一系统各组成部分具有共同的速度Vo八、动力学规律的选择依据：1、题目涉及时间t,优先选择动量定理；2、题目涉及物体间相互作用，则将发生相互作用的物体看成系统，优先考虑动量守恒；3、题目涉及位移 s,优先考虑动能定理、机械能守恒定律、能量转化和守恒定律；4、题目涉及运

4、动的细节、加速度a,则选择牛顿运动定律 +运动学规律；九、表达规范：说明清楚研究对象、研究过程、规律、规定正方向。例：取*为正方向，*和*组成的系统在碰撞过程中内力远远大于外力， 根据动量守恒定律:典型练习、基本概念的理解：动量、冲量、动量的改变量v抽出纸条后，铁块掉在地上）1、若一个物体的动量发生了改变，则物体的（A、速度大小一定变了B 、速度方向一定变了C速度一定发生了改变D 、加速度一定不为 02、质量为m的物体从光滑固定斜面顶端静止下滑到底端，所用的时间为 t,斜面倾角为。则（）A物体所受支持力的冲量为0 B 、物体所受支持力冲量为mgt cosC重力的冲量为 mgt D 、物体动量的

5、变化量为mgtsin3、在光滑水平面上水平固定放置一端固定的轻质弹簧，质量为m的小球沿弹簧所位于的直线方向以速度v运动，并和弹簧发生碰撞，小球和弹簧作用后又以相同的速度反弹回去。在球和弹簧相互作用过程中，弹簧对小球的冲量 I的大小和弹簧对小球所做的功 W分别为： 2A 1=0、 此 mvB、I=2mv W= 0C I = mv W= mV/ 2D、I = 2mv W= mJ/ 2二、动量定理的应用：4、下列运动过程中，在任意相等时间内，物体动量变化相等的是：（）A、匀速圆周运动B 、自由落体运动 C 、平抛运动D、匀减速直线运动5、从同样高度落下的玻璃杯， 掉在水泥地上容易打碎， 而掉在草地上

6、不容易打碎，原因是（）A、掉在水泥地上的玻璃杯动量大，而掉在草地上的玻璃杯动量小日掉在水泥地上的玻璃杯动量改变大，掉在草地上的玻璃杯动量改变小C掉在水泥地上的玻璃杯动量改变快，掉在草地上的玻璃杯动量改变慢D掉在水泥地上的玻璃杯与地面接触时，相互作用时间短，而掉在草地上的玻璃杯与地面接触时间长6、如图，铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度P点，若以2v的速度抽出纸条，则铁块落地点为（C P点右边不远处、P点右边原水平位移的两倍处A、仍在P点B、P点左边7、一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷人泥潭中。若把在空中下落的过程称为过程I ,进人泥潭直到停止的过程称为过程n，则（）A、过程I钢珠的动

7、量的改变量等于重力的冲量B、过程n阻力的冲量和过程I中重力的冲量的大小相等c I、 n两个过程中合外力的总冲量等于零D 、过程n中钢珠的动量的改变量等于零8、人做“蹦极”运动，用原长为15m的橡皮绳拴住身体往下跃。若此人的质量为50kg,从50m高处由静止下落到运动停止瞬间所用时间为4s,求橡皮绳对人的平均作用力.（g取10m/s2,保留两位有效数字）三、动量守恒定律的应用：9、在光滑的水平面上，有A B两球沿同一直线向右运动，已知碰撞前两球的动量分别为PA=12kgm/s ,PB=13kgm/s ,碰撞后动量变化是 Pa、APb有可能的是：（）A、 PA = -3 kgm/sB> PA

8、 =4 kgm/sC PA = - 5 kgm/sDs PA = - 24 kgm/s Pb=3 kgm/s Pb= - 4 kgm/s Pb =5 kgm/s Pb =24 kgm/s， . 、.一一一 一 .、* . 一， - ,一 '_.一 一一10、小球1追碰小球2,碰撞刖两球的动重分力1J为Pi=s, P2=s,正碰后小球 2的动重p2 =s,两球的质重关系可能是：（）A m2=mB 、n2=2mC 、n2=4mD、n2=6m11、如图所示，质量为 m的人立于平板车上，人与车的总质量为M人与车以速度v1在光滑水平面上向东运动。当此人相对于车以 V2速度竖直跳起时，车的速度变为

9、：为12、如图，光滑水平面上，质量为 M=3kg的薄板和m=1kg的物体各自以v=4m/s的速度向相反方向运动,m它们之间有摩擦，薄板足够长。当薄板的速度为s时，物体的运动情况是（A加速运动B 、减速运动C匀速运动D 、都有可能13、质量为 M的均匀木块静止在光滑水平面上，木块左右两侧各有一位拿着完全相同步枪和子弹的射击手。首先左侧射手开枪，子弹水平射入木块的最大深度为d1,然后右侧射手开枪，子弹水平射入木块的且两颗子弹与木块之间的作用力大小均相同。当两邺子弹和最大深度为 d2,如图设子弹均未射穿木块,相对木块静止时，下列说法正确的是（A、最终木块静止， d1d2 BC最终木块静止， d1d

10、2 D、最终木块向右运动，d1 d2、最终木块向左运动，d1 d2摆球的速度不变，小车和木块的速度都变为v，Mu (M m)v小车和摆球的速度都变为v1，木块的速度为 丫2，（M m°）u （Mmo）v1mv2小车、木块、摆球的速度都发生变化，分别变为v1 v2 v3 ' (M m0)uMv1 mv2 m0v314、质量为M的小车中挂着一个单摆，摆球的质量为小，小车（和单摆）以恒定的速度u沿光滑的水m0平面运动，与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞，碰撞时间极短，在此碰撞过程中可能发生的是：摆球的速度不变，小车和木块的速度变为vj v2, Mu Mv1 mv215、一辆小

11、车正在沿光滑水平面匀速运动，突然下起了大雨，雨水竖直下落，使小车内积下了一定深度的水.雨停后，由于小车底部出现一个小孔，雨水渐渐从小孔中漏出.关于小车的运动速度，说法中正确的是：A、积水过程中小车的速度逐渐减小，漏水过程中小车的速度逐渐增大B、积水过程中小车的速度逐渐减小，漏水过程中小车的速度保持不变C、积水过程中小车的速度保持不变，漏水过程中小车的速度逐渐增大D、积水过程中和漏水过程中小车的速度都逐渐减小16、质量为M的小车，如图所示，上面站着一个质量为m的人，以Vo的速度在光滑的水平面上前进。若人用相对于小车为 u的速度水平向后跳出后，车速增加了多少(1)速度应相对于同一参考系而言；(2)

12、速度u是指“抛出”后的速度，此时的车速也已经发生变化17、|人船模型|质量M=50kg,长l=2m,倾角 30的斜面静止在光滑水平面上， 质量m=10kg 的木箱自斜面顶端静止下滑。求：木箱滑到斜面底端的时，斜面移动的距离。18、如图所示，甲、乙两小孩各乘一辆冰车在水平冰面上游戏。甲和他的冰车总质量共为30kg,乙和他的冰车总质量也是0 30kg。游戏时，甲推着一个质量为15kg的箱子和他一起以 2m/s的速度滑行，乙以同样大小的速度迎面滑来。为了避免相撞，甲突然将箱子滑冰面推给乙，箱子滑到乙处，乙迅速抓住。若不计冰面摩擦，求甲至少以多大速度（相对地）将箱子推出，才能避免与乙相撞四、动量、能量

13、的综合应用:19、斜向空中发射一物体.不计空气阻力，当物体到达最高点时炸裂为a,b两块。若质量较大的 a块的速度方向仍沿原来的方向则（）A、b的速度方向一定与原速度方向相反B 、从炸裂到落地这段时间里，a飞行的水平距离一定比 b大 C、两者一定同时到达地面D、炸裂的过程中，a中受到的爆炸力的冲量大小一定相等20、如图，小球 A、B质量相等，球B置于光滑水平面上，球 A从高h处静止摆下，到最低点恰好和B相碰，碰后和B粘合在一起继续摆动，它们能上升的高度是（）hhhA h B 、2 C 、4 D、821、一个不稳定的原子核、质量为M,开始时处于静止状态、放出一个质量为m的粒子后反冲，已知放出粒子的动能为E）,则反冲核的动能为 （）mc mMmA、EoB、EoC、EoD、2 E0MM -m（M - m）22、如图，三个小球的质量都