【KS5U解析】四川省马尔康市2019-2020学年高一下学期6月联考物理试题 Word版含解析

1、2019-2020学年度四川省马尔康市高一6月联考试卷一、单项选择1.下列关于力做功的说法，正确的是（ ）a. 汽车在水平公路上匀速行驶，汽车所受重力对汽车做功b. 人提着箱子站在地面不动，手的拉力对箱子没有做功c. 过山车向下运动过程中，车上乘客所受重力对乘客没有做功d. 人把箱子从二楼提到三楼，手的拉力对箱子没有做功【答案】b【解析】【详解】a项：汽车在水平公路上，重力竖直向下，汽车水平行驶，没有在重力方向上的移动距离，所以汽车的重力对汽车不做功，故a错误；b项：人提着箱子站在地面上不动，手给箱子一个向上的力，静止不动，没有移动距离，手的拉力对箱子没有做功，故b正确；c项：过山车向下运动的

2、过程中，车上乘客向下运动，乘客的重力对乘客做功，故c错误；d项：人把箱子从二楼提到三楼，手给箱子一个向上的力，向上移动了距离，手的拉力对箱子做功，故d错误2.如图所示，细线的一端固定于o点，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由a点运动到b点，下列说法中正确的是( )a 水平拉力先增大后减小b. 水平拉力先减小后增大c. 水平拉力的瞬时功率先减小后增大d. 水平拉力的瞬时功率逐渐增大【答案】d【解析】【详解】ab小球是以恒定速率运动，即做匀速圆周运动，小球受到的重力g、水平拉力f、绳子拉力t，三者的合力必是沿绳子指向o点，设绳子与竖直方向夹角是，f与g的合力必与绳子拉力

3、在同一直线上，则有 (1)球由a点运动到b点 增大，说明水平拉力逐渐增大，故ab错误；cd由几何关系可知拉力f的方向与速度v的夹角也是，所以水平力f 的瞬时功率是 (2)联立两式可得从a到b的过程中，是不断增大的，所以水平拉力f 的瞬时功率是一直增大的故c错误，d正确。故选d。3.如图所示，卷扬机的绳索通过定滑轮用力f拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动，在移动过程中，下列说法正确的是 a. 木箱克服重力做的功大于木箱增加的重力势能b. f对木箱做的功等于木箱增加的动能c. f对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和d. f对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力

4、所做功之和【答案】d【解析】根据重力做功与重力势能变化的关系可知，木箱克服重力做的功等于木箱增加的重力势能，故a错误；根据功和能量转化的关系可知，f对木箱做的功应等于木箱增加的动能、木箱克服摩擦力做的功以及木箱增加的重力势能的总和，故bc错误；f对木箱做的功应等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和，故d正确；故选d【点睛】拉力f做的功等于木箱增加的机械能（即增加的动能与增加的重力势能和）和系统产生的内能（等于木箱克服摩擦力做的功）的和；物体克服重力做多少功，物体的重力势能就增加多少4.以相同大小的初速度将物体从同一水平面分别竖直上抛、斜上抛、沿光滑斜面（足够长）上滑，如图所示，三种情况

5、达到的最大高度分别为、和，不计空气阻力（斜上抛物体在最高点的速度方向水平），则（ ）a. b. c. d. 【答案】a【解析】【详解】设三个物体到达最大高度时的速度分别为、，据题意可知，竖直上抛及沿光滑斜面上滑的物体，到达最大高度时，速度均为零，即，而斜上抛的物体到达最大高度时仍有水平方向的速度，所以，对三个物体从开始到最高点的过程，据动能定理得：即得故选a5.某兴趣小组的同学研究一辆电动小车的性能他们让这辆小车在平直的水平轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，得到了如图所示的v-t图像(除26 s时间段内的图线为曲线外，其余时间段的图线均为直线)已知在28 s时间段内小车的功率

6、保持不变，在8 s末让小车无动力自由滑行小车质量为0.5 kg，设整个过程中小车所受阻力大小不变则下列判断正确的有()a. 小车在前2 s内的牵引力为0.5 nb. 小车在68 s的过程中发动机的功率为4.5 wc. 小车在全过程中克服阻力做功14.25 jd. 小车在全过程中发生的位移为21 m【答案】d【解析】【详解】a.6-8s小车匀速，牵引力等于阻力有：，在第2s，根据牛顿第二定律：，且，联立解得：，a错误b.根据a选项分析可知：，b错误c.根据动能定理可知：全过程阻力的功与牵引力功数值相同，设0-2s内的位移为s，2-8s的时间为t，则，c错误d.根据阻力做功，解得总位移为21m，d

7、正确二、多项选择6.如图所示，足够长的传送带与水平面的夹角为，物块通过平行于传送带、跨过光滑轻滑轮的轻绳，与木块相连，的质量为，开始时、及传送带均静止，且不受传送带的摩擦力作用。现使传送带逆时针匀速转动，则在上升高度（未与滑轮相碰）的过程中（）a. 物块的质量为b. 摩擦力对做的功等于物块、构成的系统机械能的增加量c. 摩擦力对做的功等于物块、动能增加量之和d. 任意时刻，重力对、做功的瞬时功率大小不相等【答案】abc【解析】【详解】a开始时、静止，由题知解得故a正确；b根据功能关系得，摩擦力对做的功等于、构成的系统机械能的增加量，故b正确；c因为，则系统重力势能不变，所以摩擦力对做的功等于物

8、块、动能增加量之和，故c正确；d任意时刻物块、的速度大小相等，重力对做功的瞬时功率大小为pa=物块b克服重力做功的瞬时功率大小为pb=所以任意时刻，重力对、做功的瞬时功率大小相等，故d错误。故选abc。7.如图所示，一倾角为的固定斜面下端固定一挡板，一劲度系数为k的轻弹簧下端固定在挡板上。现将一质量为m的小物块从斜面上离弹簧上端距离为s处，由静止释放，已知物块与斜面间的动摩擦因数为，物块下滑过程中的最大动能为ekm，则小物块从释放到运动至最低点的过程中，下列说法中正确的是（）a. b. 物块刚与弹簧接触的瞬间达到最大动能c. 弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功

9、之和d. 若将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放，则下滑过程中物块的最大动能小于2ekm【答案】acd【解析】【详解】a根据题意，小物块从静止释放后能下滑，则有即故a项正确；b物块刚与弹簧接触的瞬间，弹簧的弹力仍为零，仍有，物块继续向下加速，动能仍在增大，所以此瞬间动能不是最大，当物块的合力为零时动能才最大，故b项错误；c小物块从释放到运动至最低点的过程中，根据能量转化和能量守恒定律知，物块减少的重力势能等于弹簧的最大弹性势能与产生的内能之和，而内能等于物块克服摩擦力做的功，所以弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和，故c项正确；d若将物块从离弹簧上端2s

10、的斜面处由静止释放，下滑过程中物块动能最大的位置不变，弹性势能不变，设为ep，此位置弹簧的压缩量为x，根据功能关系可得：将物块从离弹簧上端s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块的最大动能为将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块的最大动能为据数学知识有由于在物块接触弹簧到动能最大的过程中，物块的重力势能转化为内能、物块动能的增量、弹簧弹性势能，则根据功能关系可得即所以得故d正确。故选acd。8.如图所示，轻弹簧和小球a套在固定的竖直杆上，弹簧上端固定，下端与a连接；一根不可伸长的柔软轻绳跨过很小的光滑定滑轮，两端分别与小球b和a连接，a、b、c（c点图中未画出）为杆上的三个点，o

11、b水平，a在b处时弹簧处于自然状态，现将a从a点由静止释放后，a沿杆上滑到最高处c点不计一切摩擦下列说法正确的是a. a从b点滑到c点的过程中（不含c点），a的速度大于b的速度b. a、c两点到b点距离相等c. a从a点滑到c点的全过程，a增加的机械能等于b减少的机械能与弹簧减少的弹性势能之和d. a从a点滑到c点的全过程，b所受重力做的功等于a克服重力做的功【答案】ac【解析】【详解】ab点滑到c点的过程，分解a的速度在绳子方向和垂直于绳子方向，a的速度为斜边，b的速度为直角边，所以a的速度大于b的速度故a正确b假设a、c两点到b点的距离相等，则小球运动到最高点时a以及b的速度都为零，b的重

12、力势能不变，弹簧的弹性势能与开始时相同，a增加重力势能，不满足能量守恒所以a、b两点的距离大于b到c点的距离故b错误cd由b知，a、b两点的距离大于b到c点的距离，则小球运动到最高点时a以及b的速度都为零，a增加的机械能等于b减少的机械能与弹簧减少的弹性势能之和故c正确，d错误9.如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度沿顺时针方向转动，传送带右端有一个与传送带等高的光滑水平面，一物体以恒定的速率沿直线向左滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，速率为，则在整个运动过程中，下列说法正确的是（ ）a. 若，则b. 若时，摩擦力对物体做功为零c. 若时，则传送带与物体摩擦生热为d. 其中

13、在物体向左运动过程中，传送带与物体摩擦生热为【答案】bd【解析】【详解】a.如果v1v2，由于传送带足够长，物体匀减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右匀加速，返回时物体会一直向右匀加速，根据对称性，知当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，则有v3=v2，故a错误；b.如果v1v2，由上分析知v3=v2，根据动能定理，摩擦力对物体做功为w=0故b正确；cd.若v1v2时，设物体所受的摩擦力大小为f，物体向左运动的加速度大小a=，时间t1=，物体向左运动的位移x1=，传送带的位移x2=v1t1=，摩擦生热q1=f（x1+x2）=+mv1v2；物体向右运动时，运

14、动时间为t2=，物体向右运动的位移x3=，传送带的位移x4=v1t2=，摩擦生热q2=f（x4-x3）=mv1v2-，传送带与物体摩擦生热共为q=q1+q2=2mv1v2，故c错误，d正确10.如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变用水平力f缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止撤去f后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0物体与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g则（）a. 撤去f后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动b. 撤去f后，物体刚运动时的加速度大小为c. 弹簧被压缩了x0时具有的

15、弹性势能为3mgx0d. 物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为mg（x0）【答案】bd【解析】【详解】a.撤去力f后，物体受四个力作用，竖直方向上重力和地面支持力是一对平衡力，水平方向受向左的弹簧弹力和向右的摩擦力，合力f合=f弹f，根据牛顿第二定律物体产生的加速度：撤去f后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故a错误

16、；b. 撤去f后，物体刚运动时的加速度大小为：，故b正确； c. 从撤去力开始到物体停止的过程中，弹簧的弹力和地面的摩擦力对物体做功，由于初速度、末速度都是0，该过程中弹簧的弹性势能转化为内能，所以撤去f时，弹簧的弹性势能为：ep=wf=4mgx0，故c错误；d. 由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为，则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为：，故d正确11.可视为质点的滑块a、b的质量均为m，a套在固定的竖直杆p上，b放在水平地面上，a、b通过铰链用长为h的刚性轻杆q连接.开始时，q也在竖直方向，给系统一个微小扰动，a由静止开

17、始运动.忽略一切摩擦，重力加速度大小为g.则a. a落地前某时刻，a、b的速率可能相等b. a落地时速率为c. a下落过程中，其加速度有可能大于gd. a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg【答案】acd【解析】【详解】a.当a落地时，物体b的速度为零，所以整个过程中，b的速度先增大后减小，a的速度增大，当速度相等：，解得：，而a落地时速度为，所以a落地前某时刻，a、b的速率可能相等，a正确b.a落地时，b的速度为零，根据机械能守恒有：，解得，b错误c.整个过程看，b的速度先增大后减小，所以a对b的力显示动力后是阻力，所以b对a的力先是阻力后为动力，所以在b减速过程中，b对a是

18、向下的拉力，此时a的加速度大于g，c正确d.因为系统机械能守恒，当a的机械能最小时，b的动能最大，加速度为零，b只受重力和支持力，此时支持力等于重力，根据牛顿第三定律得：b对地面的压力大小为mg，d正确12.如图所示，在距水平地面高为0.8m处，水平固定一根长直光滑杆，在杆上p点固定一定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动，在p点的右边，杆上套一质量m1=5kg的滑块a半径r=0.6m的光滑半圆形细轨道竖直地固定在地面上，其圆心o在p点的正下方，在轨道上套有一质量m2=3kg的小球b用一条不可伸长的柔软细绳，通过定滑轮将滑块与球连接起来杆和半圆形轨道在同一竖直面内，滑块和小球均可看作质点，且不计滑轮

19、大小的影响现给滑块a施加一个水平向右、大小为55n的恒力f（g=10m/s2），把小球b从地面拉到半圆形轨道顶点c则（ ）a. 整个过程中力f做功为44jb. 小球b运动到c处时的速度大小为0c. 小球b被拉到与滑块a的速度大小相等时，d. 把小球b从地面拉到半圆形轨道顶点c处时小球b的机械能增加了18j【答案】ac【解析】【详解】设po=h由几何知识得，pb=，pc=h-r=0.2mf做功为w=f（pb-pc）=55×（1-0.2）=44j故a正确当b球到达c处时，已无沿绳的分速度，所以此时滑块a的速度为零对两球及绳子组成的系统的能量变化过程，由功能关系，得 w=m2v12+m2g

20、r，解得小球b运动到c处时的速度v1=4.16m/s，故b错误当绳与轨道相切时滑块a与b球速度相等，由几何知识得：sinopb=故c正确把小球b从地面拉到半圆形轨道顶点c处时小球b的机械能增加量为e=m2v12+m2gr=44j故d错误故选ac【点睛】本题连接体问题，从功能关系研究物体的速度与高度，关键分析两物体之间速度的关系和运用几何知识研究物体的位移四、实验题13.利用自由下落的重物进行“验证机械能守恒定律”的实验中，有如下说法和分析：（1）除天平、铁架台、夹子、纸带和重物外，还需要（ ）a. 秒表 b. 刻度尺 c. 电磁打点计时器 d. 学生电源（2）对于自由下落的重物，下列选择条件中

21、可取的是（ ）a. 选用重物时，重的比轻的好 b. 选用重物时，体积小的比大的好c. 重物所受重力应与它所受的空气阻力和纸带所受打点计时器的阻力平衡d. 重物所受重力应远大于它所受的空气阻力和纸带所受打点计时器的阻力（3）有关操作，下列叙述正确的是（ ）a. 安装打点计时器时，两纸带限位孔应在同一竖直线上b. 实验时，在松开纸带让重物下落的同时，应立即接通电源c. 若纸带上开头打出的几点模糊不清，也可设法用后面清晰的点进行验证d. 测量重物下落高度必须从起始点算起（4）实验中，由于打点计时器两限位孔不在同一竖直线上，使纸带通过时受到较大阻力，这样会导致实验结果（ ）a. mghmv2 b. m

22、ghmv2 c. mghmv2 d. 以上均有可能【答案】 (1). bcd (2). abd (3). acd (4). a【解析】【详解】（1）1a.实验中由打点计时器测量时间，不再需要秒表，a错误；b.在求动能时需要测量两点间的长度求出平均速度，故需要用的刻度尺，b正确；c.需要学生交流电源，给打点计时器工作，故c正确；d.在用自由落体“验证机械能守恒定律”时，我们是利用自由下落的物体带动纸带运动，通过打点计时器在纸带上打出的点求得动能及变化的势能，故需要打点计时器，d正确所以选：bcd（2）2a.为了减小空气阻力的影响，在选择重物时，要选择密度大的实心金属球，即选择质量大体积小的重物，

23、故ab正确；c.重物所受重力应远大于它所受的空气阻力和纸带所受打点计时器的阻力，故c错误，d正确所以选：abd；（3）3 a.安装打点计时器时，为了避免纸带与限位孔间的摩擦，两纸带限位孔应在同一竖直线上，故a正确；b.实验时，为提高纸带的利用率，应先接通电源后释放纸带，故b错误；c.若纸带上开头打出的几点模糊不清，也可设法用后面清晰的点进行验证，因为后面点的瞬时速度也是可以由匀变速直线运动的推论求得的，c正确；d.为了减小测量时的相对误差，测量重物下落高度必须从起始点算起，d正确；故选acd；（4）4实验中，由于打点计时器两限位孔不在同一竖直线上，使纸带通过时受到较大阻力，这样重力做的功，需要

24、克服摩擦力做功消耗一部分，所以重力做的功，大于产生的动能，即mghmv2，故选a所以，这题答案为：1 bcd2abd 3acd4a14.为了研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧压缩量的关系，某实验小组的实验装置如图所示，水平光滑槽距地面高为h，光滑槽与桌子右边缘垂直，槽出口与桌边缘相齐，槽中放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的小钢球接触将小球向左推，压缩弹簧一段距离后由静止释放，弹簧将小球沿水平方向推出，小球落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹若测得某次实验小球的落点p到o点的距离为s，那么由理论分析得到小球释放前压缩弹簧的弹性势能ep与h、s和mg之间的关系式是_；该同学改变弹簧的压缩量进行

25、多次实验，测量得到下表的数据：在坐标纸上做出xs的图像_并由图像得出：x与s的关系式是_完成实验后，该同学对上述装置进行了如图所示的改变：(i）在木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将木板竖直立于靠近桌子右边缘处，使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，小球撞到木板上，并在白纸上留下痕迹o；(ii）将木板向右平移适当的距离（设为l）固定，再使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，小球撞到木板上，在白纸上留下痕迹p；(iii）用刻度尺测量纸上o点到p点的竖直距离设为y由此步骤得到弹簧的压缩量应该为_；若该同学在完成步骤的过程中，光滑水平槽与桌子右边缘不垂直，用问的方法计算得出的弹簧压缩量与实际值相比

26、_ (选填“偏大”、“偏小”或“相同”）【答案】 (1). (2). (3). x=0.005s (4). (5). 偏小【解析】【详解】小球脱离桌面做平抛运动，水平方向：，竖直方向：，根据机械能守恒：，联立解得：通过描点做图得到：通过图像可以看出当s=5时x=2.5，所以图像的斜率为：，所以关系式为：x=0.005s(iii）根据上面分析得到的，x=0.005s， 联立解得：，根据得到小球的弹性势能：，联立上式得到：光滑水平槽与桌子右边缘不垂直，小球做斜下抛运动，会使y增大，根据上面分析可知计算得到的x比实际值偏小五、计算题15. 如图所示，竖直固定放置的斜面de与一光滑的圆弧轨道abc相连

27、，c为切点，圆弧轨道的半径为r，斜面的倾角为.现有一质量为m的滑块从d点无初速下滑，滑块可在斜面和圆弧轨道之间做往复运动，已知圆弧轨道的圆心o与a、d在同一水平面上，滑块与斜面间的动摩擦因数为，求：(1)滑块第一次至左侧ac弧上时距a点的最小高度差h.(2)滑块在斜面上能通过的最大路程s.【答案】(1)rcoscot(2)【解析】(1)由动能定理得：mghmgcos·r/tan0得hrcos2/sinrcoscot(2)滑块最终至c点的速度为0时对应在斜面上的总路程最大，由动能定理得mgrcosmgcos·s0得：s.16.如图所示，半径r1.0m的光滑圆弧轨道固定在竖直平

28、面内，轨道的一个端点b和圆心o的连线与水平方向间的夹角37°，另一端点c为轨道的最低点c点右侧的水平路面上紧挨c点放置一木板，木板质量m1kg，上表面与c点等高质量m1kg的物块 （可视为质点）从空中a点以v01.2m/s的速度水平抛出，恰好从轨道的b端沿切线方向进入轨道已知物块与木板间的动摩擦因数10.2，木板与路面间的动摩擦因数20.05，sin 37°0.6，cos 37°0.8，取g10m/s2，设木板受到的最大静摩擦力跟滑动摩擦力相等试求：(1)物块经过轨道上的b点时的速度大小；(2)物块经过轨道上的c点时对轨道的压力；(3)木板至少多长才能使物块不从木

29、板上滑下？(4)若木板足够长，请问从开始平抛至最终木板、物块都静止，整个运动过程中，物块与木板间产生的内能为多少？木板与地面间产生的内能为多少？共产生的内能为多少？【答案】(1)2m/s (2)46n (3)6m (4)物块与木板产生的内能为12j，木板与地面产生的内能为6j，共产生的内能为18j【解析】【分析】(1)物块从到做平抛运动，由速度分解即可求得经过点时的速度大小；(2)根据动能定理可求得点的速度，由向心力公式可求得物块在点受到的支持力，由牛顿第三定律可求得对轨道的压力；(3)由牛顿第二定律可求得物块和木板的加速度，要使物块不掉下去，两物体最后应达到相同速度并且物块刚好到达木板的最右

30、端，由运动学公式可求得木板的长度(4)运用运动学公式求出物块和木板对地的位移，根据相对位移求物块与木板间产生的内能根据木板对地的位移求木板与地面间产生的内能【详解】(1)根据末速度和竖直方向的夹角为，根据运动的分解知：(2)从到应用动能定理解得在点应用牛顿第二定律：解得：由牛顿第三定律可知物块经过圆轨道上的点时对轨道的压力为；(3)物快在木板上滑动时，设物块和木板的加速度大小分别为、，根据牛顿第二定律，对物块有：对木板有：联立并代入数据解得：，；设物快和木板经过时间达到共同速度，其位移分别为、，则：对物块：对木板：联立并代入数据解得：，设木板长度至少为时间内物块的位移：时间内木板的位移：由题意得：即木板长度至少才能使物块不从木板上滑下(4) 设物块与木板速度相同一起滑行的距离为则它们共同的加速度大小为：所以，整个运动过程中，物块与木板间产生的内能为：木板与地面间产生的内能为：共产生的内能为：【点睛】本题将平抛、圆周运动及动能定理结合在一起考查，注意分析运动过程，并根据过程正确的选择物理规律求解17.如图所示，固定的水平桌面上有一水平轻弹簧，右端固定在a点，弹簧处于自然状态时其左端位于b点桌面左侧有一竖直放置且半径r=0.5m的光滑半圆轨道mn，mn为竖直直径，用质量m=0.2kg的小物块(视为质点)将弹簧缓慢压缩到c点，释放后从弹簧恢复原长过b点开始小