2020年湖北省武汉市青山区中考物理二模试卷

1、中考物理二模试卷题号一一二四总分得分、单选题（本大题共 12小题，共36.0分）1.2.下列关于声现象的说法中错误的是（）A.吉它依靠弦的振动发声B.超声波能粉碎人体内的“结石”说明声波具有能量C.编蝠利用次声波探测飞行中的障碍物和发现昆虫D. “暮鼓晨钟”里的钟声和鼓声是人们依据音色进行分辨的夏天，盛一盆水，在盆里放两块高出水面的砖头，砖头上搁一只比盆小一点的篮子。 把剩菜放在篮子里， 再把一个纱布袋罩 在篮子上，并使袋口的边缘浸入水里， 做成如图所示的“简易 冰箱”。下列说法中，与“简易冰箱”的工作原理相同的是（ ）3.A.吃冰棒解热B.在中暑病人额头上擦酒精C.用干冰冷藏食物D.汽车发动

2、机用水作冷却剂如图所示的现象，能利用光的直线传播解释的是（）第9页，共18页4.5.如图所示的照片中，老大爷的像很清晰，远处山的像却很模糊，针对这现象，下列说法正确的是（）A.山的像距小于老大爷的像距B.山的像距大于老大爷的像距C.远处的山很小，看起来很模糊D.增大镜头到胶片的距离，可使山的像变清晰下列有关信息和能源说法正确的是（）A.地球上的风能、水能、核能实际上都来自太阳能B.我国自主建立的北斗卫星定位系统是利用电磁波传递信息的C.煤、石油、水力，太阳能、风能等属于可再生能源D.目前世界上已投入使用的核电站都是利用核聚变发电的6.如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器

3、，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。下列说法正确的是（）容器对桌面的压力：F甲F乙液体的密度：p甲=乙液体对容器底部的压强：p甲p乙容器对桌面的压强：p甲'=p乙甲乙A.只有和B.只有和C.只有和7.实心正方体木块（不吸水）漂浮在水上，如图所示，此时浸入水中的体积为6X10-4m3,然后在其上表面放置一个重4N的铝块,止后木块上表面刚好与水面相平，则该木块（）A.木块的密度是 0.7 103kg/m3B.放置铝块后，木块排开水的体积是1 M0-3m2C.未放置铝块前，木块受到的浮力是10ND.放置铝块后，木块下表面受到水的压强增大了600PaD.只有和8.你在参加2017年5月的体

4、能测试中涉及到的物理知识，下列说法中正确的是（）A. 1min跳绳-由跳绳时重心上升高度与时间的图象可知，每次跳绳人做功约为 30JB.立定跳远-人用力蹬地才能起跳，说明力是物体运动的原因C.掷实心球-在最高点B时实心球处于平衡状态D. 800m测试-到达终点时人不能马上停下来，因为人跑动速度越大，惯性越大9 .智能手机耗电达到一定量时，会自动提示用户采用“省电模式”，在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是（）A.降低了电池的输出电压B.减小了电池的输出电流C.减小了电子线路的电阻D.增大了电池的输出功率10 .如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片 P向b端移动

5、，则移动过程中（）11.A.电压表V的示数变小，电流表 A1的示数变大B.电压表V的示数不变，电流表 A2的示数变小C.电压表V的示数与电流表 A1的示数的乘积变小D.电压表V的示数与电流表 A1和A2的示数差的比值不变A.把小磁针放在地理赤道附近，小磁针静止时磁针关于电磁现象的下列说法中，正确的是（）极指向地理南极附近B.通电小线圈在磁场作用下转动，机械能转化为电能”将铁钉磁化，利用安培定则可判定铁钉上端为D.当闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流，这是奥斯特最早发现的电磁感应现象12.如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V3W ”字样，闭合开关后，当滑片P移至某一位置时，

6、小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1;当?片P移至某一端点时，电流表示数为 0.3A,电压表示数变化了 3V,此时滑动变阻器消耗的功率为 P2,且P1： P2=5： 6,下列判断正确的是（）©-1 |L-P I _(ApA.滑动变阻器的最大阻值为10 aB.电路允许消耗的最大功率为4.5WC.小灯泡正常发光时，滑片P位于滑动变阻器中点位置D.滑动变阻器消耗的功率由Pi变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了0.6W二、填空题(本大题共 2小题，共7.0分) 13.如图，被称为“最新版中国高铁”的“复兴号”在京沪高铁亮相。它采用全新流线型头型，这是为了 ;车厢内实现了 W

7、iFi网络全覆盖， WiFi采用的是低强度 的 传输信号；车厢内座椅旁都安装了插座方便旅客充电的需求，这些插座之间的连接方式是 ;以高速运行的列车为参照物，铁路边的树是 的；车 身长度约400m的“G1720次”列车，某次全部通过 1600m长的隧道只用了 20s的 时间，该列车的速度约 km/h。14 .在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和色拉油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图 a所示。(1)小明用铁夹将温度传感器及分别盛有 相同(选填“体积”、“质量”) 的甲、乙

8、两种液体用两个试管固定在铁架台上， 温度传感器的探头部分与试管内的 液体良好接触(如图 a所示)，通过温度传感器分别测量试管内液体的温度。(2)液体温度随时间变化关系如图b所示。分析图象可知， 液体的吸热本(3)若甲、乙两种液体中，乙液体是水，另种液体的比热容是 J/ (kg?C) 三、计算题(本大题共 2小题，共13.0分)图L15 .在“大力士”比赛中， 需要把一质量 m=400kg,边长l = lm,质量分布均匀的立方体，利用翻滚的方法沿直线移动一段距离，如图所示。g取10N/kg。求：(1)立方体静止时对水平地面的压强；(2)翻滚立方体时，使立方体一边刚刚离开地面，所用最小力F的大小；

9、(3) “大力士”用翻滚的方法使立方体沿直线移动了10m,用时20s, “大力士”克服立方体重力做功的功率。16 .科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温箱温控电路，它包括控制电路和受控电路两部分，用于获得高于室温、且温度在一定范围内变化的“恒温”。其中控制电路 电源电压为36V, R为可变电阻，Rt为热敏电阻(置于恒温箱内)，热敏电阻阻值 随温度变化的关系如图乙所示，继电器线圈电阻R为50 a.已知当控制电路的电流达到0.04A时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路的电流减小到 0.036A时，衔铁会被释放。加热器的规格是“220V1000W"，恒温箱内部空间大小是2m3,空气的密度是

10、1.30kg/m3,比热容是 103J/ (kg?C)。1000SOO60040020。t/t050 LOO 150 2的 250乙(1)如图甲所示状态，通过加热器的电流多大？(2)加热器产生的热量有 80%转化为恒温箱内空气的内能，若使恒温箱内空气温度从25c升高到65C,加热器需正常工作多长时间？(3)若要使恒温箱内可获得上限为100 c的“恒温”，当可变电阻R调节到多大？(4)如果需要将恒温箱内的下限温度设为50c的“恒温”，则应将可变电阻R调节为多大？这时“恒温”的上限温度约是多少？四、实验探究题(本大题共 3小题，共14.0分)17 .小丽同学用焦距为15cm的凸透镜做“探究凸透镜成

11、像的规律”实验：(1)如图甲所示，实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使它们在高度上。18.木板、长方体木块和表面粗糙程度更大的合金块。(2)实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图甲所示时，在光屏上可得到一个清晰的倒立、的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是 。(3)实验过程中，小丽发现当蜡烛成实像时，物距减小，像距与像都 (选 填“变大” “变小”或“不变”)。(4)实验过程中，随着蜡烛的燃烧，可观察到光屏上的像向 (填“上”或(5)通过实验观察可知，在图乙中左边的蜡烛通过凸透镜不可能形成的像是。(填符号)在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小明选择的器材有弹簧测力计、长(1)

12、如图甲所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块，表格中记录了三次实验数据，分析数据可知：木块所受滑动摩擦力大小为 N;三次实验中，木块所受摩擦力大小相同的是 (选填实验序号)。实验序号木块运动状态测力计示数/N1静止0.32匀速直线0.53加速直线0.8(2)在“探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系”时小明设计的方案如 图乙、丙所示，用弹簧测力计水平向右拉动物块，使其做匀速直线运动。分析乙、 丙可得出结论是。小刚在探究这个问题时，仅将乙装置中的木板抽走，正确操作，读数无误后，发现弹簧测力计的示数仍为 1.0N .他在该步实验中存在的问题是 (一条即可).19.小明同学在“

13、探究通过导体的电流与电阻的关系“时，他用如图所示的电路进行实险，可供选择的定值电阻分别为 2.5 0 50、100、154 200、25a.实验中电阻 R两端的电压始终保持 3V不变，滑动变阻器的规格为“15QA”。(1)请用笔画线代替导线，将图中实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时接入电路的电阻变大。(2)闭合开关后，小明发现电流表示数为0,电压表示数很大，故障原因可能是(3)实验中，不能被选用的电阻为 Qo(4)保证可用电阻均能正常进行实验，电源电压应该控制在 V至 V之间。答案和解析1.【答案】C【解析】 解：A 、声音是由物体的振动产生的，故吉它依靠弦的振动发声，故A

14、正确；B 、医生用超声波粉碎人体内的结石，说明声波能够传递能量，故B 正确；C 、蝙蝠是利用超声波的回声定位来探测障碍物和发现昆虫，故 C 错误；D 、不同乐器发出声音的音色不同，所以“暮鼓晨钟”里的钟声和鼓声是人们依据音色进行分辨的，故D 正确。故选：C。（ 1）声音是由物体的振动产生的；（ 2）声音既能够传递信息，也能够传递能量；（ 3）蝙蝠是利用超声波的回声定位飞行；（ 4）辨别声音利用的是声音的特色：音色。此题考查了声音的产生、声音的特征、声音具有能量等知识点，属于基础类问题，难度不大。2 .【答案】B【解析】 解：由整个装置的结构特点可知，它是借助了蒸发致冷来使给食物降温的，使饭菜温

15、度降低，防止饭菜变质。A 、吃冰棒解热，是利用熔化吸热知识，故A 不合题意；B 、在中暑病人额头上擦酒精，是利用汽化吸热，降低病人体温，故B 符合题意。C 、用干冰冷藏食物，是利用干冰升华吸热，故C 不符合题意。D 、汽车发动机用水作冷却剂，是因为水的比热容大，故D 不符合题意。故选： B。蒸发吸热，具有致冷的作用。蒸发快慢的影响因素：液体的表面积、液体的温度、液体表面上空气流动速度。掌握蒸发吸热致冷的原理，以及蒸发快慢的影响因素可做出解释。3 .【答案】 A【解析】解：A、手影是光沿直线传播形成的，故 A正确；B 、水面的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，故B 错误；C 、水中筷子弯折是光

16、的折射形成的，故C 错误；D 、雨后的彩虹是光的折射形成的，故D 错误。故选： A。自然界中存在三种光现象：（ 1）光在同种均匀介质中沿直线传播，激光准直、小孔成像、影子、日食、月食都是光的直线传播形成的。（ 2）光的反射现象，平面镜成像、水中倒影等是光的反射形成的。（ 3）光的折射现象，池水及水中物体看起来比实际位置浅、彩虹等都是光的折射形成的。此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因并注意它们间的区分。4 .【答案】 A【解析】 解：（ 1 ）照片中，老大爷的像很清晰，远处山的像却很模糊，说明拍摄照片时老大爷的像距比拍山的像距大， 即在拍摄照片时，

17、照相机镜头与老大爷的位置距离较小，与山的距离较大，故 A正确，BC错误；(2)增大镜头到山的距离，可使山的像变清晰，若增大镜头到胶片的距离，则使山的像更模糊，故D错误。故选：A。对照相机来说(凸透镜成实像)，物距、像距及像的变化规律是：物距变大、像距变小、像变小；物距变小、像距变大、像变大。掌握凸透镜成像的三种情况。掌握物体在凸透镜焦点以外，物距减小，像距增大，像变大。5 .【答案】B【解析】解：A、地球上的风能、水能、生物质能都来源于太阳，核能不是来自太阳能，故A错误；B、北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的，故B正确；C、煤、石油属于化石能源，为不可再生能源，故 C错误；D、核电站利用

18、原子核裂变反应产生的能量发电，故 D错误。故选：B。(1)地球上的风能、水能、生物质能都来源于太阳，；(2)北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的；(3)煤、石油、天然气属于化石能源，不能在段时间再生，为不可再生能源；(4)核电站：利用原子核的裂变的链式反应产生的能量发电。本题考查核能的利用，化石能源以及信息传播是一道基础题。6 .【答案】D【解析】解：水平桌面上，甲乙两个容器中两种液体质量相等，则重力相等，容器底面积和质量相同，故对桌面的压力 FF乙，由p=得,容器对桌面的压强：p甲=pd ,故错误，正确；因为容器底面积相同，液体同高，乙中液体的体积大于甲中液体的体积，因为质量相同，所以p

19、甲p乙，故错误；液体深度相同，甲的密度大，对容器底部压强大， 故图中液体对杯底的压强 P甲P乙;故正确。综上所述，错误，正确。故选：Do(1)甲容器形状上下一样，液体对容器底部的压力等于自身的重力；乙容器上宽下窄，圄液体对容器底部的压力小于自身的重力。底面积相等，根据公式总可求液体对容器底部的压强；(2)容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，根据公式p=可求容器对桌面的压强。本题主要考查形状不规则的容器中，液体对容器底部压力的计算，这是本题的难点，也是重点，还要知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力。7 .【答案】B【解析】解：AB、因为木块漂浮，所以 G=F 浮=0水

20、 gV排=103kg/m3M0N/kgX6M0-4m3=6N,G 6川由G=mg得，木块的质量：m木右任西,.=0.6kg；第11页，共18页放置铝块后，因为整体漂浮，所以此时木块受到的浮力：F浮'=G+G铝=6N+4N=10N；因为放置铝块后，木块上表面刚好与水面相平即木块正好完全浸没；则木块排开水的体积(木块的体积)正确；V=V 排=_=1 X10-3m3第ii页，共i8页木块的密度：p木=:二=0.6 103kg/m3,故 A错误；C、未放置铝块前，木块受到的浮力：F浮=0水gV排=103kg/m3xi0N/kg>X10-4m3=6N,故C 错误；D、由前面解答可知，实心正

21、方体木块的体积为1xi0-3m3,则边长为0.1m,底面积为 0.1mxC.1m=0.01 m2;根据浮力产生的原因，放入铁块后，增大的压力等于增大的浮力，则AF=AFff=4N,则木块下表面受到水的压强增大：z=±f=-=400Pa,故d错误。5 0.01 mr故选：BO(1)利用漂浮条件求木块受到的重力，再利用重力公式求木块的质量；木块与铁块漂浮，所以浮力等于木块与铁块的总重，从而可求出排开水的体积，即木块 的体积，利用密度公式求木块的密度；(2)根据漂浮时，浮力等于总重力，算出总浮力，根据阿基米德原理算出放置铝块后 木块排开水的体积；(3)知道木块排开水的体积，利用阿基米德原理

22、求木块受到水的浮力；(4)根据(2)求出的体积算出正方体的边长和底面积；根据浮力产生的原因可求出水的压力的变化，根据p=:算出放置铝块后木块下表面受到水的压强的增加量。本题为力学综合题，考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、漂浮条件的掌 握和运用，计算时注意单位统一。8 .【答案】A【解析】解：A、由图可知，跳绳时重心上升高度 h=6cm=0.06m,中学生的体重约为 500N,所以每次跳绳人做的功 W=Gh=500NXO.06m=30J.故A正确；B、立定跳远之前是静止的，脚向后蹬地后，人就向前运动了，说明力是改变物体运动状态的原因。故B错误；C、实心球在B点时，不是静止也不是匀速直

23、线运动，所以不是处于平衡状态。故 C错 误；D、800m测试到达终点时人不能马上停下来，因为人具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性大小只跟物体的质量大小有关，与跑动速度无关。故 D错误。 故选：Ao(1)从图中读出跳绳时重心上升高度，估测出人的体重，利用W=Gh计算每次跳绳人做的功；(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因；(3)物体只有处于静止状态或匀速直线运动状态时，才称为平衡状态；(4)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一 种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等 都没有关系，质量越大，惯性越大。

24、本题的综合性较强，包括惯性现象、平衡状态的判断、功的计算和做功的两个必要因素、 力与运动的关系等，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。9 .【答案】B【解析】 解：A、手机工作电压是一定的，如果降低了电池的输出电压，手机将不能正 常工作，故A不符合题意；B、手机电池储存的电能是一定的，由公式 W=Pt知，要延长手机工作时间，需要减小 输出功率，而手机工作电压是不变的，由 P=UI知，在省电模式下，应减小电池的输出 电流，故B符合题意；C、如果电子线路电阻变小，输出电压不变的情况下，由P=；知，输出功率变大，反而耗电，故C不符合题意；D、由公式W=Pt知，增大电池的输出功率，手机的工作时间会缩

25、短，故D不符合题意。故选：B 由公式 W=Pt知，手机“省电模式”，是在手机电池储存电能一定的前提下，通过减小 输出功率延长使用时间的。此题考查的是电能计算公式的应用，是一道联系实际的应用题，难度不大。10 .【答案】C【解析】解：AB、由图可知，电阻 Ri与滑动变阻器R2并联，电流表 A测通过定彳1电阻 Ri的电流， 电流表Ai测干路中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中，电压表测量的是电源 电压，其示数保持不变；将滑动变阻器的滑片 P向b端移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据 1 =可知，通过变阻器R2的电流变小；由于 Ri两端的电压不变，所以 Ri的电流保持不变，即电流 表A2的示

26、数不变，根据并联电路的电流特点可知，干路中的电流减小，即Ai的示数变小；故 AB错误；C、电压表V的示数不变，电流表 Ai的示数变小，则电压表 V的示数与电流表 Ai的示 数的乘积变小，故 C正确；D、电流表Ai和A2的示数差为通过滑动变阻器的电流，由欧姆定律可知，电压表 V的 示数与电流表 Ai和A2的示数差的比值为滑动变阻器的电阻，其电阻变大，则该比值变 大，故D错误。故选：Co由图可知，电阻 Ri与滑动变阻器R2并联，电流表 A2测通过定值电阻 Ri的电流，电流 表Ai测干路中的总电流，电压表与定值电阻并联在电路中；并联电路两端电压等于电源电压，从而可以判断出电压表示数的变化；首先判断出

27、滑动变阻器的滑片P向b移动时，滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律1 =判断出通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路电流特点判定干路电流的变化；根据各表的示数变化情况判定比值和乘积的大小。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题来处理，这样就可以减小问题的复杂性。11 .【答案】C【解析】 解：A、在地理赤道附近，悬挂起来的小磁针静止时，小磁针的N极指向地理的北极附近，故A错误；B错误；S极，上方是NB、如果通电线圈在磁场力的作用下转动，将电能转化为线圈的机械能，故 C、利用“电生磁”将铁钉磁化，据安培定则可知，该螺线管的下方是 极，故C正确；D、闭合

28、电路的一部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流，这是法拉第最早发现的 电磁感应现象。故 D错误。故选：Co(1)地球的周围存在着磁场，地磁北极在地理的南极附近，地磁南极在地理北极附近, 这就是地磁场；(2)通电线圈在磁场力的作用下转动，消耗电能得到机械能；(3)电磁铁是利用电流的磁效应，安培定则：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的就是 N极；(4)电磁感应现象最早是法拉第发现的。此题考查了地磁场的方向、电和磁的联系，熟悉基本规律和教材典型插图，是解答此题 的关键。12 .【答案】B【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电 路中的电

29、流。(1)设电源电压为U,当滑片P移至某位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等，由P=UI可得，此时电路中的电流为：I = Il=： =：；=0.5A,滑动变阻器消耗的功率为：Pi= (U-Ul) I= (U-6V) X0.5A当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A,电流表示数减小，说明变阻器接入的电 阻变大，此时滑片在最大阻值处；变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化了 3V即增大了 3V,此时滑动变阻器两端的电压为：U滑=U-6V+3V=U-3V,此时滑动变阻器消耗的功率为：P2=U滑 I' = (U-3V) X0.

30、3A已知 Pi： P2=5： 6-联立解得，电源电压U=9V；则滑动变阻器的最大阻值为：R滑大=,=4,% =20 Q,故A错误；(2)灯泡的额定电流为 0.5A,则电路中的最大电流为 0.5A,电路允许消耗的最大功率：P大=UI大=9VX0.5A=4.5W,故B正确；(3)小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：U滑=U-6V=9V-6V=3V,此时滑动变阻器的电阻为：R滑=钿6"因为滑动变阻器的最大阻值为20Q,所以此时滑片 P不在中点位置，故 C错误；(4)由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为Pi,则此时灯泡消耗的功率Pl=P额=3W,滑动变阻器消耗的功率由

31、 Pi变为P2的过程中，电压表示数变化了3V即增大了 3V,由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了3V,则此时灯泡两端的电压Ul' =6V-3V=3V,此时灯泡消耗的电功率：Pl' =Ul' I' =3V>0.3A=0.9W,则灯泡消耗的功率变化了：P=Pl-Pl/ =3W-0.9W=2.1W,故D错误。故选：B。(1)由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片在某一位置和在一端时滑动变阻器消耗的功率之比，算出电源电压；当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A,电流表示数减小，电阻变大，说明

32、滑片 在最大阻值处，算出滑动变阻器的最大阻值；(2)根据P=UI和灯泡的额定电流算出电路允许消耗的最大功率；(3)根据欧姆定律和小灯泡正常发光时，算出滑动变阻器的电阻从而确定滑片P的位置；(4)根据P=UI算出小灯泡消耗的功率值以及变化值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用， 要注意本题中灯泡的电阻是变化的。13 .【答案】 减小阻力 电磁波 并联 运动 360【解析】解：动车的车头采用流线型设计可以减少行驶过程中空气的阻力，有利于提高速度或节约能源；WiFi利用电磁波传递信息；插座是连接用电器的，家庭电路中各用电器是并联的，故插座也是并联的；以高速运行的列车为参照物，铁路边

33、的树与列车位置不断发生变化故铁路边的树相对于列车是运动的；由题知，车长 L车=400m,桥长Lf=1600m,列车全部通过该大桥的总路程s=L车+L桥=400m+1600m=3200m,车全部通过该大桥的速度：* iQOOmv=尸 =100m/s=360km/h。故答案为：减小阻力；电磁波；并联；运动；360。流线型物体运动过程中，可以减小阻力，提高速度； WiFi利用电磁波传递信息；插座是连接用电器的；物体是运动还是静止与参照物的选择有关；fl列车全部通过该大桥的总路程等于桥长与车长的和，然后根据速度公式v=即可求出通过该大桥的速度。本题考查了减小阻力的措施、电磁波的利用、家庭电路的连接方式

34、，以及速度公式的应用是一道综合题。14 .【答案】质量 乙2.1 M03【解析】解：(1)为了便于比较水和色拉油吸热能力的强弱，实验除让甲、乙两种液体初温相同外，实验前还必须控制两液体的质量相同；(2)实验中用同一加热器对两种液体进行加热，液体吸热的多少是通过加热时间的长短来反映的；根据比较吸热能力的第 2种方法：使相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；由图象可知，加热相同的时间(吸热相同)，乙的温度变化小，则乙的吸热能力(本领)强；(3)若甲、乙两种液体中，乙液体是水，由图象可知，都加热 8分钟，吸收的热量相同，甲升温60C-20 c =40 C,则乙(

35、水)升温 40 C-20 c =20 C,根据c=为可知，在质量和吸收热量相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，A q则另一种液体的比热容：c液F；?C水充7%.2 103J/ (kg?C) =2.1 103J/ (kg?C)。故答案为：(1)质量；(2)乙；(3) 2.1 X103o(1)比较不同物质的吸热能力，要控制甲、乙两种液体的质量相等、初温相等；(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的 2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较

36、温度的变化，温度变化小的吸热能力强；(3)由图知，都加热8分钟，甲升温40 C,则乙升温20C,根据c=在质量和吸收热量相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，据此求出另一种液体的比热容。解决此题要学会用控制变量法进行分析，把吸收的热量转化为通电时间的长短，考查了学生对数据的分析和理解，是中考中常见的题目。15 .【答案】 已知：质量 m=400kg,边长l=lm, g=10N/kg,距离s=10m,时间t=20s求：(1)立方体静止时对水平地面的压强p=? ; ( 2)最小力F=? ; ( 3)克服立方体重力做功的功率 P=?解：(1)立方体对地面的压力F压=G=mg=400kgM0N/kg

37、=4000N,立方体静止时对水平地面的压强：p二 4IKIO =*而=4000Pa；第21页，共18页(2)要想用最小的力立方体一边刚好离开地面，由图知，支点为 O,动力臂应该达到最大，OA为力臂，所施加的力应该与力臂 OA垂直且向上；OA=I=/料根据杠杆平衡条件可知：IFXOA=GX.l,最小力=1414N；(3)翻滚时重心升高的高度：h=m，m=m,翻滚一次克服重力做的功 W=Gh=4000N力M m=828J,移动10m,要翻滚10次，所以人做的功 W总=10W=10X828J=8280J, 克服立方体重力做功的功率P= ： =414Wo答：(1)立方体静止时对水平地面的压强4000P

38、a；(2)所用最小力F为1414N;(3)克服立方体重力做功的功率414W。【解析】(1)立方体对地面的压力等于其重力，根据p=.求出压强；(2)要想用最小的力立方体一边刚好离开地面，那么动力臂应该达到最大，立方体最长的力臂应该为对角线，再利用直角三角形的三边关系，求出动力臂OA的长度，根据杠杆平衡条件求出最小力；(3)根据 W=Gh求出翻滚一次克服重力做的功，则可求得翻滚10m克服重力做的功，再根据P=:求出功率。本题考查了重力、压强、功、功率和杠杆平衡条件的计算，以及如何寻找最省力的方法,弄明白重心升高的高度是解决此题的关键，难度很大。16 .【答案】解：(1)根据P=UI可得，通过加热器

39、的电流：_P_ LQOO 卬 =U= 22QV=4.55A;(2)由p=得，空气质量：m= pV=1.30kg/m3X2m3=2.6kg,空气吸收的热量：Q = cm (t-to) =103J/(kg?C) X2.6kgX (65C-25C) =1.04 105J, 加热器消耗的电能：W4=?=1.3 .，由W=Pt得，加热时间：印 1J Xt=F= T=130s；(3)由图知t1=100C, Rt1=400 Q,此时通过线圈电流 I1=0.04A, 根据欧姆定律可得，控制电路的总电阻：R总=可变电阻R的阻值：R=R 总-R1-Ro=900 Q-400 Q-50 Q =450 目(4)当温度下

40、限t2=50C时，Rt2=800 Q,通过线圈电流I2=0.036A, 根据欧姆定律可得，此时控制电路的总电阻：36VR总'=7丽尸10003此时可变电阻R的阻值：R' =R总'-Rt2-R0=1000 a-800 Q50Q =150 R由题意可知，温度升高到上限时，控制电路的电流达到0.04A,则控制电路的总电阻仍然为R总=900亿设此时温度升高到上限时，热敏电阻值为Rt3,则此时热敏电阻的阻值：R3=R总-R，-Ro=900 0-150 0-50 Q =700 0由图象可知热敏电阻的阻值和温度成反比，这时“恒温”的上限温度约为吒 M W0Pt3=.卜 57。答：(1

41、)通过加热器的电流 4.55A；(2)加热器需正常工作130s；(3)可变电阻 R调节到450Q;(4)应将可变电阻 R调节为150Q;这时“恒温”的上限温度约是57.1 C。【解析】(1)如图甲所示为加热状态，根据 P=UI求出通过加热器的电流；(2)根据求出空气的质量，根据 Q=cm (t-to)求出空气吸收的热量，再根据效率公式求出消耗的电能，根据 W=Pt求出加热时间；(3)由图知ti=100C时，Rti=400 Q,且此时的电流为Ii=0.04A,根据欧姆定律求出总电阻，进而求出可变电阻 R的阻值；(4)当温度下限t2=50C时，Rt2=800 Q,通过线圈电流I2=0.036A,根

42、据欧姆定律求出总电阻，进而求出可变电阻 R的阻值；由上面的解答可知达到温度上限时的总电阻，进而求出热敏电阻的阻值，根据图象可知,热敏电阻的阻值和温度成反比，进而求出上限温度。本题考查了电阻的串联特点、热量、电功率的计算和欧姆定律的应用，关键是读懂题意 得出无论设定温度的高低、电路中的总电阻不变，对学生分析图象、得出有用信息的能 力要求较高。17 .【答案】同一缩小照相机变大上 B【解析】解：(1)实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心，使完整的像成在光屏的中央。(2)图中把烛焰放在距凸透镜 50cm处时，即u>2f时，由凸透镜成像规律可知，光屏 上可得到一个倒立、缩小的实像，照相机就是

43、利用此原理制成的；(3)实验过程中，当蜡烛成实像时，物距减小，根据凸透镜成像规律可知，像距与像都变大。(4)实验过程中，蜡烛燃烧变短，根据“过光心的光线其传播方向不变”可知，像会向光屏的上方移动。(5)根据凸透镜成像规律可知，凸透镜能成倒立、缩小的实像，能成倒立、放大的实像，能成正立、放大的虚像；不能成正立、缩小的实像，故B符合题意。故答案为：(1)同一；(2)缩小；照相机；(3)变大；(4)上；(5) B。(1)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；(2)凸透镜成像的规律及其应用之一：当 u>2f时，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；(3)凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小；相反，物距减小，像距增大，像变大；(4)根据光线过光心不改变方向判断像的移动情况。(5)根据凸透镜成像的几种情况进行判断。u> 2f,成倒立、缩小的实像。u=2f,成倒立、等大的实像。2f>u>f,成倒立、放大的实像。uvf,成正立、放大的虚像。此题探究了凸透镜成像的规律，考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系。18.【答案】0.5 2、3 压力一定时，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大由于木板与桌