物理调研测试题二解析

1、哈尔滨市香坊区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一.选择题：（每小题2分，共24分.每小题只有一个答案正确）1（2分）（2012广西）坐在行驶的船中的乘客，我们说他静止，选择的参照物是（）A河水B船舱C河岸上的树D迎面驶来的船考点：运动和静止的相对性分析：判断物体的运动和静止，首先选定一个参照物，我们说乘客是静止的，选定的参照物必须和乘客位置没有变化解答：解：（1）坐在行驶的船中的乘客，选定船舱为参照物，乘客和船舱之间没有发生改变，以船舱为参照物，乘客是静止的（2）坐在行驶的船中的乘客，乘客和河水、河岸上的树、迎面驶来的船，距离都发生了变化，以河水、河岸上的树、迎面驶来的船为参照物，乘客是运动

2、的故选B点评：运动的和静止的物体都可以做参照物，被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的2（2分）（2013香坊区二模）在上晚自习时，老师让小明与小刚两位同学讨论问题“小点声”，这里是指（）A音调低点B响度小点C音色好听点D频率低点考点：响度专题：声现象分析：声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性解答：解：在上晚自习时，老师让小明与小刚两位同学讨论问题“小点声”，是指声音的响度小故选B点评：本题考查了学生对声音的音调、

3、响度和音色的区分，是声学的基础知识3（2分）（2013香坊区二模）关于雪、露、霜、雾等自然现象跟物态变化的关系，下面说法正确的是（）A雪是水蒸气凝华形成的B露水是水汽化形成的C霜是水凝固形成的D雾是冰升华形成的考点：生活中的凝华现象；液化及液化现象专题：汽化和液化、升华和凝华分析：（1）物质由气态直接变成固态的现象叫做凝华；（2）物质由气态变成液态的现象叫做液化解答：解：A、雪是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法正确；B、露水是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确；C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法不正确；D、

4、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确故选A点评：本题考查了生活中的物态变化，属于基础知识的考查，解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，是中考的热点4（2分）（2013香坊区二模）下列原理图与光学仪器不相符的是（）A 放大镜B 照相机C 电影机D 望远镜考点：凸透镜成像的应用专题：透镜及其应用分析：（1）凸透镜的成像情况：u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜（2）潜望镜是利用物体经两块平面镜反射成像工作的解答：解：A、放大镜是根据物距小于焦距，凸透镜成正立、放大的虚像工作的选

5、项正确，不符合题意B、照相机是根据物距大于二倍焦距成倒立、缩小的实像工作的选项正确，不符合题意C、电影机实际上和幻灯片的原理相同，是根据物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的实像工作的选项正确，不符合题意D、望远镜是用物镜和目镜组成，物镜和目镜都是凸透镜如图是一个潜望镜，潜望镜的上下端都是平面镜，利用平面镜成正立、等大的虚像原理工作的选项错误，符合题意故选D点评：掌握照相机、幻灯机、放大镜、望远镜、显微镜、近视镜、远视镜、潜望镜的工作原理5（2分）（2010济宁）劳动人民通过对自然现象的观察和研究，总结出许多富有物理含义的谚语、俗语下列四句谚语、俗语中对应的物理知识错误的是（）A“

6、孤掌难鸣”力是物体间的相互作用B“隔墙有耳”固体能传声C“真金不怕火炼”金的熔点低于一般炉火火焰的温度D“跎小压干斤”杠杆平衡条件考点：力的概念；熔点和凝固点；杠杆的平衡条件；声音的传播条件分析：根据力是物体对物体的作用、固体能够传声、温度的比较以及杠杆平衡的原理对各选项逐一分析解答：解A、“孤掌难鸣”力是物体对物体的作用，因此一个手掌无法产生力，故A选项说法错误；B、“隔墙有耳”是指墙能够传声，因此涉及的物理知识是固体能够传声，故B选项说法正确；C、“真金不怕火炼”说明金的熔点很高，即金的熔点一般高于炉火火焰的温度，故C选项说法错误；D、“跎小压干斤”是利用杠杆的动力臂远远大于阻力臂进行称量

7、的，故D选项说法正确故选 A、C点评：本题考查的知识点较多，因此解答本题需要掌握力的概念、声音传播的条件、熔点的定义以及杠杆平衡的条件6（2分）（2012成都）2011年11月3日，“神舟 八号”飞船与“天宫一号”飞行器顺利完成首次对接，开启了中国航天事业发展的新阶段如图所示为“神舟八号”与“天宫一号”即将对接时的模拟图，下列说法正确的是（）A在完成对接后，“神舟八号”相对于“天宫一号”是运动的B在完成对接后，“神舟八号”相对于“天宫一号”是静止的C“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时没有质量D“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时没有惯性考点：运动和静止的相对性；质量及其特性；惯性专题

8、：应用题分析：解答此题从以下知识点入手：研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的位置是否变化质量是物体本身的一种属性，它不随物体位置的改变而改变惯性：物体的性质没有任何条件，一切物体都有惯性解答：解：A、天宫一号和神舟八号对接后，神舟八号飞船与天宫一号飞行器一起运动，相对位置没有发生变化，所以神舟八号飞船相对于天宫一号飞行器来说是静止的；故本选项错误B、由选项A分析，可知，本选项正确C、质量是物体本身的一种属性，它不随物体位置的改变而改变，所以“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时仍然有质量，故本选项错误D、

9、一切物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体固有的属性，所以“神舟八号”与“天宫一号”在轨道上运行时有惯性故选B点评：此题考查以下知识点：一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同这就是运动和静止的相对性质量是物体本身的一种属性，它不随物体的形状，状态、位置的改变而改变惯性是指物体总有保持原有运动状态不变的性质原有运动状态包括静止或匀速运动状态它是物体的一种基本属性，任何物体在任何时候都具有惯性7（2分）（2013香坊区二模）关于热和能，下列说法错误的是（）A温度高的物体一定比温度低的物体内能大B水银的比热容较小，用水银作为测温物质制成的温度计测

10、量精确度高C在城市建造人工湖和种草植树，可缓解“热岛效应”和“温室效应”D现代火箭用液态氢作为燃料，是因为氢的热值大考点：内能的概念；比热容的概念；燃料的热值专题：分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析：（1）物体内能大小跟物体的质量、温度和状态有关（2）质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热越小，温度变化量越大（3）植物可以吸收二氧化碳呼出氧气，可以缓解温室效应，植物的叶片上有气孔，可以加快蒸发，蒸发吸收热量，缓解热岛效应（4）氢的热值比较大，质量相同的燃料完全燃烧，氢放出热量多解答：解：A、物体的内能大小跟物体的质量、温度和状态有关只有温度高低，不能确定内能大小选项错误，符合题意B、质

11、量相同的不同物质，吸收相同的热量，水银的比热较小，温度变化量较大，所以用水银作为测温物质制成的温度计测量精确度高选项正确，不符合题意C、在城市建造人工湖和种草植树，叶片的蒸腾作用可以缓解热岛效应，吸收二氧化碳可以缓解温室效应选项正确，不符合题意D、质量相同的燃料完全燃烧，氢的热值比较大，氢放出热量多，所以现代火箭用液态氢作为燃料选项正确，不符合题意故选A点评：本题结合生物、化学、物理应用于生活，体现了学科间的相互作用，也体现了理化生在生活中的重要作用8（2分）（2013香坊区二模）在如图所示的电路中，电源电压是6V，当开关闭合后，只有一只灯泡发光，且电压表的示数为6V，产生这一现象的原因是（）

12、A灯L1断路B灯L2断路C灯L1短路D灯L2短路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：欧姆定律分析：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测灯L1两端电压；灯泡不亮，可能是由于灯泡短路或电路存在断路造成的，根据电路故障现象分析电路故障原因解答：解：A、如果灯L1断路，则电路断路，两灯泡都不发光，故A错误；B、如果灯L2断路，电路断路，两灯泡都不发光，故B错误；C、如果灯L1短路，灯L1不发光，灯L2发光，电压表测电源电压，示数等于电源电压6V，故C正确；D、如果灯L2短路，则电压表示数为零，故D错误；故选C点评：本题考查了电路故障分析，根据电路现象分析电路故障原因，本题难度不大，要掌握电路

13、故障分析的方法9（2分）（2013香坊区二模）关于下面四幅图的分析，正确的是（）A甲图表示A、B两种物质密度关系为ABB乙图表示晶体的液体凝固图象C丙图表示液体内部压强与深度的正确关系D丁图表示物体做匀速直线运动考点：密度公式的应用；熔化和凝固的温度时间图象；匀速直线运动；液体的压强的特点专题：信息给予题；图像综合题分析：相同体积的不同物质，密度大小用公式=比较；晶体在凝固过程中，放出热量，温度保持不变；在液体密度一定时，内部压强随深度的增加而增大；作匀速直线运动的物体，速度恒定，与路程、时间无关解答：解：A、在横轴取相同的体积，可以看出mAmB，由公式=比较知：AB此选项错误；B、由图象知，

14、该物质处于凝固状态，温度保持不变，属于晶体此选项正确；C、液体压强随深度的增加而增大，而图象正好相反此选项错误；D、由图象知，不同时间，物体始终保持一定的速度，所以是匀速直线运动此选项正确故选B、D点评：分析图象问题时，首先要明确横轴和纵轴代表的物理量，然后分析图象变化规律，从图象中正确、迅速提取出有价值的信息，是我们需要提高的能力10（2分）（2013香坊区二模）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向左滑动的过程中，下列说法正确的是（）A电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大B电流表A的示数变大，电压表V1的示数不变C电压表V1与电压表V2的示数之和不变D电压

15、表V2与电流表A的示数之比变大考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：闭合开关S后，滑动变阻器与电阻R1串联，电流表测量电路总电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流和电阻两端电压的变化解答：解：因电源电压不变，所以电压表V1的示数不变，故A不正确当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大；根据公式I=可知，电路电流变小，所以电流表示数变小；故B错误；根据公式U=IR可知，电阻R1两端的电压变小，由串联电路的总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表V2的示数变大；

16、电压表V1的示数不变，电压表V2的示数变大，故电压表V1与电压表V2的示数之和变大，故C错误电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此比值变大，故D正确故选D点评：本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电压表、电流表的测量对象是本题关键11（2分）（2013香坊区二模）如图所示滑轮组，小明同学用30N的力，在5s钟内将重力为50N的重物匀速提升2m，在此过程中（）A小明所做的总功为180JB小明所做的额外功为80JC该装置的机械效率为83.3%D小明对滑轮组做功的功率为20W考点：功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率

17、的计算专题：计算题；功、功率、机械效率分析：（1）已知拉力大小，根据n=2求出拉力端移动距离s，利用W=Fs可求总功；（2）已知物重和物体被提升高度，根据公式W=Gh可计算出有用功，总功减去有用功就是额外功；（3）根据=计算机械效率；（4）知道做功时间，利用P=求出小明对滑轮组做功的功率解答：解：A、由图知，n=2，s=2h=2×2m=4m，故总功W总=Fs=30N×4m=120J；故A错误；B、小明做的有用功W有用=Gh=50N×2m=100J，故额外功W额外=W总W有用=120J100J=20J，故B错误；C、该装置的机械效率：=×100%=

18、5;100%=83.3%，故C正确；D、小明对滑轮组做功的功率：P=24W，故D错误；故选C点评：本题考查了学生对有用功、额外功和总功、功率的公式、机械效率公式、滑轮组s=nh的理解和运用，因条件已给出，难度不大12（2分）（2013香坊区二模）如图1在“测量小灯泡的额定功率”实验中，灯泡额定电压为6V，额定功率在712W之间，电路连接正确且电流表和电压表的量程在连接中也做出正确的选择，实验中当将变阻器的滑片滑到某处时两表的示数如图2所示，则（）A灯泡的额定功率为7.5WB在1V时灯泡的功率为7.5WC在5V时灯泡的功率为7.5WD在5V时灯泡的功率为1.5W考点：电功率的测量专题：测量型实验

19、综合题分析：根据题干分析判断电压表和电流表选择的量程，正确读数，根据读数判断选项的正误解答：解，灯泡额定电压为6V，则电压表选择015V量程；P=UI，灯泡额定电流I最小=1.2A1A，电流表应选择03A量程；由图2所示电流表可知，I=1.5A，由图示电压表可知UL=5V，此时灯泡实际功率P=ULI=7.5W，C正确，BD错误；由P=可知，灯泡实际功率随电压增大而增大，因此灯泡额定电压6V对应的实际功率，即额定功率应大于7.5W，故A错误；故选C点评：本题综合考查电压表电流表的读数和电功率公式的变形应用，解题时要认清额定功率和实际功率的区别三非选择题：（共计46分，38-53题，未注明分值的题

20、目每空1分）13（2分）（2013香坊区二模）音乐会上，演员正在演奏二胡，二胡发声是因为琴弦在振动二胡是我国的民族乐器，就连盲人也能分辨出它那优美的弦音，靠的是它发出的音色与其它乐器的不同考点：声音的产生；音色专题：声现象分析：声音是由物体的振动产生的，音色是指声音的特色，通过音色能辨别物体不同乐器、不同发声体的材料和结构不同，产生的音色会不同，我们是靠音色来辨别乐器的种类和不同人的声音解答：解：二胡发声是因为琴弦在振动，能够分辨出二胡的声音是因为它的音色与其它乐器不同故答案为：振动；音色点评：此题考查的是声音的产生及乐音的特征，是一道声学的基础题14（1分）（2013香坊区二模）如图，哈尔滨

21、市的冬天经常要人工造雪，造雪机将水注入专用喷嘴或喷枪接触高压空气，将水分割成微小的粒子并喷到寒冷的空气中，这些微小的粒子（小水滴）凝固成冰晶落到地面，这就是人工造雪（填一种物态变化名称）考点：凝固与凝固放热特点专题：温度计、熔化和凝固分析：物质由液态变成固态的现象叫做凝固，水结成冰就是凝固现象解答：解：由题意可知，人工造雪是将水注入专用喷嘴或喷枪接触高压空气，将水分割成微小的粒子并喷到寒冷的空气中，这些微小的粒子（小水滴）凝固成的小冰晶故答案为：凝固点评：本题考查了物态变化，知道物态变化的概念，知道变化前后物质所处的状态是正确解题的关键15（2分）（2013香坊区二模）如图，是我国长征系列运载

22、火箭点火刚刚起飞的情景在火箭离地升空的过程中，火箭中搭载的卫星，机械能正不断增大（选填“减小”或“增大”），其正在受到非平衡力的作用（选填“平衡”或“非平衡”）考点：动能和势能的大小变化；力与运动的关系专题：运动和力；机械能及其转化分析：（1）动能大小跟质量、速度有关质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大（2）重力势能大跟质量、高度有关质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大（3）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能（4）机械能

23、=动能+势能（5）物体受到平衡力作用时，物体的运动状态不变，物体受到非平衡力作用时，物体的运动状态不断改变解答：解：（1）火箭起飞时，火箭的质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；起飞时火箭没有发生弹性形变，不具有弹性势能；所以机械能=动能+重力势能，所以机械能增大（2）火箭上升时，速度不断增大，运动状态不断改变，火箭一定受到非平衡力作用故答案为：增大；非平衡力点评：（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化16（2分）（2010株洲）如图是2010年上海世博会中国馆的外景图中国馆采用了太阳能光伏技术从能量转化的角度看，这种技术

24、的原理是将 太阳能转化为 电能考点：太阳能的转化专题：应用题分析：太阳能光伏技术，是一种有效地利用太阳能的方式，它可以将太阳能转化为人们可以利用的资源解答：解：光伏技术可以将太阳能转化为电能，这样可以有效地减少对环境的污染故答案为：太阳，电点评：本题考查学生对能量转化的理解，需要平时在生活中积累经验17（2分）（2012连云港）中国改装的“瓦良格”号航空母舰出海试航，当航母在平静的水面航行时，它所受的浮力等于它的总重力（选填“大于”、“等于”或“小于”）当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）考点：物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理专题：应用题分析：

25、（1）知道航母在平静的水面上航行（漂浮），利用漂浮条件确定浮力与总重力的关系；（2）战机在起飞前是停在航母上的，应将其与航母看成一个整体，再根据漂浮的条件，可判断战机起飞前后浮力的变化情况解答：解：（1）因为航母漂浮，所以它受到的浮力等于总重力；（2）战机从航母上起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮物体的重力等于自身重力，所以浮力将减小，由阿基米德原理可知排开水的体积会减小故答案为：等于；减小点评：本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，明确战机起飞后对航母总重力的影响是本题的关键18（2分）（2010仙桃）如图1所示是标有“2.5V”字样的小灯泡L的电阻随它两端电压变化的图象

26、将小灯泡L和电阻R接入图2所示的电路中，电源电压为6V当开关S断开时，小灯泡的阻值为 2；当开关S闭合时，小灯泡恰能正常发光，则电阻R消耗的功率为 0.875W考点：串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算；额定电压专题：计算题；应用题；压轴题；图析法分析：解答本题需要先明确“2.5V”所表示的含义是小灯泡的额定电压，“正常发光”的含义是小灯泡两端的电压等于它的额定电压开关断开时，电路中没有电流，小灯泡两端没有电压，由图1可找出当电压为0V时，小灯泡的电阻值由小灯泡正常发光入手，根据串联电路电压规律计算出电阻R两端的电压，并从图1中找出当电压为2.5V时对应的电阻值，然后根据欧姆定律公

27、式I=算出电路中的电流，最后根据电功率公式P=UI算出电阻R消耗的功率解答：解：由图2可知，灯泡L与电阻R串联当开关S断开时，电路中没有电流，此时小灯泡两端的电压为0V从图1中可知，当电压为0V时，电阻是2，所以此时小灯泡的阻值2当开关S闭合时，小灯泡恰能正常发光，此时小灯泡两端的实际电压是2.5V，由图1可知此时小灯泡的电阻是10，则电路中电流：I=0.25A，根据串联电路电压规律可知，电阻R两端的电压：UR=UUL=6V2.5V=3.5V，所以电阻R消耗的电功率：PR=URI=3.5V×0.25A=0.875W故答案为：2，0.875点评：解答本题需要根据串联电路电压规律、欧姆定

28、律和电功率公式进行求解，是一道好题19（2分）（2013香坊区二模）小明家买了一台“220V 2000W”的热水器，由于安装位置离固定插座太远，于是到商店买了标有“220V 8A”字样的插座、标有“220V 12A”字样的两脚插头及导线，组装了一个多孔移动插座（如图所示）请从安全用电的角度指出这个移动插座在供该热水器使用中存在问题：插座：允许通过的电流小于热水器正常工作时的电流；插头：两脚插头无法接地线考点：安全用电原则专题：电与热、生活用电分析：家用电器工作时的总电流不能大于干路能够承受的最大电流，由功率公式计算出热水器工作时的电流，与多功能插座额定电流比较，可以发现存在的问题；有金属外壳或

29、与水接触的用电器应接地线，防止漏电解答：解：P=UI热水器的额定电流I=9.1A，而多功能插座的额定电流为8A，即热水器的额定电流大于了多功能插座的额定电流，会造成用电事故的；热水器是金属外壳，应使用三脚插头接地线故答案为：插座：允许通过的电流小于热水器正常工作时的电流；插头：两脚插头无法接地线点评：此题考查了家庭电路用电安全的知识有金属外壳的用电器应通过地线接地，以防止触电事故的发生20（2分）（2013香坊区二模）有一太阳能热水器内装100kg、温度为20的水，经阳光照射一天后，水温升高到90，已知水的比热容为4.2×l03J/（kg），则热水器内的水吸收了2.94×1

30、07J的太阳能；若这些能量从热值为3×107 J/kg煤燃烧获取，煤燃烧释放的热量只有50%被水吸收，则将这些水加热到同样的温度需1.96kg的煤考点：热平衡方程的应用专题：比热容、热机、热值分析：根据吸热公式Q吸=cmt可以求出水所吸收的热量；由Q=mq的变形公式可以求出煤的质量解答：解：Q吸=c水m水t=4.2×103J/（kg）×100kg×（9020）=2.94×107J；Q吸=Q放Q放=5.88×107J，又Q放=mqm=1.96kg故答案为：2.94×107；1.96点评：本题考查了求水吸收的热量、煤的质量，应用

31、吸热公式与热值公式即可正确解题21（2分）（2010百色）如图表示撑杆跳高运动的几个阶段：助跑、撑杆起跳、越横杆从运动员撑杆起跳到越横杆的过程中，有关机械能变化的情况是：运动员的重力势能增大，杆的弹性势能先增大后减小考点：动能和势能的大小变化专题：控制变量法分析：（1）弹性势能大小跟物体弹性形变的大小有关，弹性形变越大，弹性势能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大解答：解：（1）运动员撑杆起跳到越横杆的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大（2）运动员起跳时，杆开始发生弹性形变，到越过横杆时，杆恢复原状，中间过程中杆的弹性形变最大，弹性势能最大整个过

32、程杆的弹性势能先增大后减小故答案为：增大；先增大后减小点评：掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，根据能量的影响因素判断动能、重力势能、弹性势能大小的变化22（2分）（2013香坊区二模）有一种亮度可调的台灯，其电路如图甲电源电压27，灯泡的额定电压24，通过灯泡的电流跟其两端电压的关系如图乙则灯泡的额定功率为9.6W；调节滑动变阻器，使灯泡的实际功率为3.6W时，滑动变阻器连入电路的阻值是50考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；图像综合题分析：（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据图象读出24

33、V对应的电流，利用P=UI求出额定功率；（2）根据图象读出灯泡的实际功率为3.6W时电路中的电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻解答：解：（1）由图象可知，灯泡两端的电压U额=24V时，通过灯泡的电流I额=0.4A，灯泡的额定功率：P额=U额I额=24V×0.4A=9.6W；（2）由图象可知，当UL=12V，I=IL=0.3A时，灯泡的实际功率为3.6W，串联电路中总电压等于各分电压之和，U滑=UUL=27V12V=15V，I=，R滑=50故答案为：9.6；50点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率

34、公式的应用，关键是根据图象读出灯泡的实际功率为3.6W时两端的电压和通过的电流23（2分）（2013香坊区二模）如图是汽车的刹车踏板，请在图中画出踏力F1的力臂，并在A点画出阻力F2的示意图考点：力臂的画法；力的示意图专题：简单机械分析：先确定阻力作用点（即A点），然后过阻力作用点表示阻力的方向（即水平向左）；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段（即力臂）解答：解：过支点O做力F1的垂线段，记为L1，就是动力臂；刹车踏板运动时，液压装置中的液体就会对A点施加了以水平向左的力F2，就是阻力；如下图所示：点评：此类题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂24

35、（2分）（2013香坊区二模）现代家庭厨房中的排油烟机，主要由电动机和照明灯等构成，前面面板上的开关有快速、慢速和照明等，照明灯一般为220V 15W的两盏灯，由一个照明开关控制请在上面的方框中连出排油烟机的内部电路考点：串、并联电路的设计专题：作图题；电流和电路分析：前面面板上的开关有快速、慢速和照明说明三者可以独立工作、互不影响即为并联，且慢速是由限流电阻限制的即两者串联，两灯泡的额定电压均为220V，要使正常工作应为并联，据此连接电路图解答：解：由题意可知，慢速开关和限流电阻串联后与快速开关并联共同控制电动机，两灯泡并联后与位于干路的照明开关控制，然后它们并联，最后与电源组成电路，如下图

36、所示：点评：本题考查了电路图的设计，关键是得出各用电器的连接方式和开关的位置，要注意利用好“前面面板上的开关有快速、慢速和照明等”和“220V 15W的两盏”25（6分）（2013香坊区二模）在探究“光的折射规律”实验中：（1）小组同学所用器材有激光笔、水、玻璃，为了探究折射角与入射角的关系，还需要的器材是量角器（2）探究中小组同学在清水中滴入几滴牛奶并搅匀，并在水面上方的空气中熏了点烟雾，上面的做法是为了更好的显示光路（3）小组同学探究情况如下图：分析甲、乙两图，并回忆光的反射定律的探究，你总结出的探究结论有：（写出两条即可）当光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角；折射角随入射角的减小

37、而减小分析丙、丁两图，你总结出的探究结论是当光从一种透明介质垂直射入另一种透明介质时，光的传播方向不变（4）在实验探究中，小组同学还有意外的发现：在水中或玻璃中看到的光线没有空气中的粗而亮，你分析原因是光在传播过程中有能量损耗考点：光的折射规律专题：探究型实验综合题分析：（1）为了探究折射角与入射角的关系，还需要测量角的工具；（2）利用光的反射进行分析；（3）根据折射角与入射角的关系以及折射角随入射角的改变得出相应的结论；观察丙、丁的传播方向即可得出相应的结论；（4）光和声音一样，传播过程中都有能量损耗解答：解：（1）需要测量角的工具：量角器；（2）在清水中滴入几滴牛奶并搅匀，并在水面上方的空

38、气中熏了点烟雾，这些烟雾可以反射光，依次此做法是为了更好的显示光路；（3）根据甲、乙可得，当光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角；从甲图中可以看出，折射角随入射角的减小而减小；分析丙、丁两图可得，当光从一种透明介质垂直射入另一种透明介质时，光的传播方向不变（4）在水中或玻璃中看到的光线没有空气中的粗而亮，说明了光在传播过程中有能量损耗故答案为：（1）量角器；（2）更好的显示光路；（3）当光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角；折射角随入射角的减小而减小；当光从一种透明介质垂直射入另一种透明介质时，光的传播方向不变（4）光在传播过程中有能量损耗点评：此题主要考查光的折射现象，理解掌握光

39、的折射规律是解决此类折射问题的关键；并且能根据图中信息与已知的结论相对应26（5分）（2013香坊区二模）如图所示，为探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验装置（1）实验中从弹簧测力计上的读数便可知道滑动摩擦力的大小，这是运用了物理学的二力平衡原理，这要求用测力计拉动木块做匀速直线运动（2）探究过程中小明同学猜想：滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面积大小有关根据生活经验和已有知识，请你也提出一个影响滑动摩擦力的合理因素：滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关（3）实验中可用器材有弹簧测力计、长木板、长毛巾、带挂钩的长方体木块两块，若要一起探究（2）问中的三个因素，请你设计本次实验探究过程的记录表格考点

40、：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验专题：探究型实验综合题分析：（1）用弹簧测力计匀速拉动木块，然后木块做匀速运动，木块处于平衡状态，由二力平衡知识可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力（2）根据经验可猜想：滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关（3）控制控制变量法的要求设计实验数据记录表格解答：解：（1）实验中从弹簧测力计上的读数便可知道滑动摩擦力的大小，这是运用了物理学的二力平衡原理，这要求用测力计拉动木块做匀速直线运动（2）根据生活经验和已有知识，可以猜想滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关（3）根据控制变量法的要求，探究摩擦力与压力大小关系时，应控制接触面的面积与粗糙程度相同而压力

41、不同，探究摩擦力与面积的关系时，应控制压力与接触面的粗糙程度相同而接触面面积不同，探究摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，应控制压力与接触面面积相同而接触面粗糙程度不同；据此设计实验数据记录表格，如下表所示实验次数压力接触面木块放置测力计示数1一个木块长木板平放2一个木块长木板侧放3两个木块长毛巾平放4两个木块长毛巾侧放故答案为：（1）二力平衡；匀速直线；（2）滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关；（3）如上表所示点评：本题考查了实验原理、实验数据记录表格设计，应用控制变量法是正确设计实验数据记录表格的关键27（6分）（2013香坊区二模）如图，是用来探究“焦耳定律”的实验装置（1）现在想探究“电流通

42、过导体产生的热量与电阻大小的关系”，则应选取R甲不等于R乙的两个电阻（选填“等于”或“不等于”），为便于探究，甲、乙瓶内所盛液体应满足的条件是：质量相同的同种液体（2）仍用此装置探究“电流通过导体产生的热量与电流大小的关系”，请写出实验步骤（注：电路已连好，只书写收集对比一次数据的操作步骤，必要的物理量用相应的字母表示出来，不必分析论证结论）（3）若用此装置来探究“水和煤油谁的吸热能力强”，装置中除要在甲乙瓶中分别盛有质量和初温都相同的水和煤油外，装置中必要改动的地方还有两瓶中电阻丝的电阻相同实验中发现煤油中的温度计温度升高的快，则得出的结论应为比热容大的物质的吸热能力好考点：焦耳定律专题：探究型实验综合题分析：（1）根据控制变量法的思路进行分析，探究与某个因素的关系时，该因素不改变，其它因素都不变；（2）可以改变通过电阻的电流，由焦耳定律可知在电阻一定时，电流越大，电阻产生的热量越多，温度升高越快；（3）由吸热公式Q吸=cmt可知，要比较不同物质的吸热能力，应让两瓶中液体的初温相同、质量m相等、吸收的热量相等，通过比较它们升高的温度大小关系，得出吸热能力的关系解答：解：（1）探究“电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系”，则只有电阻不同，其它因素均相同，因此R甲不等于R乙的两个电阻，为便于探究，甲、乙瓶内所盛液体应满足的条件是：质