【2019最新】精选高考物理大二轮复习考前基础回扣练4牛顿运动定律及其应用

1、【 2019 最新】精选高考物理大二轮复习考前基础回扣练4 牛顿运动定律及其应用1如图所示，光滑的水平面上有一小车，以向右的加速度 a 做匀加速运动，车内两物体A、B 质量之比为21， A、B 间用弹簧相连并放在光滑桌面上， B 通过质量不计的轻绳与车相连，剪断轻绳的瞬间，A、B 的加速度大小分别为 ()Aa、0Ba、aCa、2aD0、2a解析：选 C.令物体 B 的质量为 m，剪断轻绳前，弹簧弹力大小为F，绳子拉力大小为T，将 A、B 及弹簧看作整体，则有T3ma；隔离物体 A 为研究对象，则有F2ma.剪断轻绳后，绳中拉力消失，弹簧弹力不变，所以物体A 受力不变，加速度大小仍为a，而物体

2、B 所受合力为 FmaB，即 aB2a.2光滑水平地面上有两个叠放在一起的斜面体A、B，两斜面体形状大小完全相同，质量分别为M、m.如图甲、乙所示，对上面或下面的斜面体施加水平方向的恒力F1、F2 均可使两斜面体相对静止地做匀加速直线运动， 已知两斜面体间的摩擦力为零，则 F1 与 F2 之比为()AMmBmM欢迎下载。Cm(M m)DM(M m)解析：选 A.F1 作用于 A时，设 A 和 B 之间的弹力为 N，对 A 有：Ncos Mg，对 B 有： Nsinma，对 A 和 B 组成的整体有： F1 (Mm)agtan ；F2 作用于 A 时，对 B 有： mgtan ma，对 A 和

3、B 组成的整体有： F2(Mm)a (Mm)·gtan ， .3在倾角为 30°的光滑斜面上，有一个箱子，箱内有一个斜面，在斜面上放置一个重60 N 的球，如图所示，当箱子在斜面上下滑时， 球对箱子后壁和箱内斜面的压力分别是 ()A40 N，30 NB30 N，50 NC40 N，50 ND50 N，60 N解析：选 C.对箱子和球整体分析，根据牛顿第二定律，有：(Mm)gsin 30 ° (Mm)a解得： agsin 30 ° 5 m/s2再隔离球受力分析，如图所示：在平行斜面方向，有： mgsin 30 ° N1N2sin 53 °

4、; ma在垂直斜面方向，有： mgcos 30° N2cos 53° 0联立解得： N140 N、N250 N根据牛顿第三定律，球对箱子后壁的压力为40 N，对箱内斜面的压力为 50 N，故 C项正确4如图所示，足够长的木板B 放置在水平地面上，大小可忽略【2019最新】精选高考物理大二轮复习考前基础回扣练牛顿运动定律及其应用的铁块 A 静止放在木板 B 的最左端从 t 0 时刻起对 A 施加一个水平向右的力 F，且力 F 的大小随时间 t 成正比增加，已知铁块 A 的加速度 aA 随时间 t 变化的图象如图乙所示，则木板 B 的加速度大小 aB随时间 t 的 aB-t 图

5、象是下列图中的 ()解析：选 C.F 的大小与时间 t 成正比，由图乙看出前2 s 铁块的加速度为零，这说明水平地面不光滑，t 6 s 前后铁块的加速度aA随时间 t 变化的图线斜率不同，这说明26 s 内 A、B 以共同的加速度运动，t 6 s 后，A 与 B发生相对滑动， 木板 B的加速度不再变化5如图甲所示，一水平传送带沿顺时针方向旋转，在传送带左端 A 处轻放一可视为质点的小物块， 小物块从 A 端到 B 端的速度时间变化规律如图乙所示，t 6 s 时恰好到 B 点，则 ()A物块与传送带之间动摩擦因数为 0.1BAB间距离为 24 m，小物块在传送带上留下的痕迹是8 mC若物块质量

6、m1 kg ，物块对传送带做的功为8 JD若物块速度刚好到4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块不能到达 B 端解析：选A. 由图乙可知，物块先加速后匀速，且由图乙可知，加速过程的加速度为a m/s2 1 m/s2 ，根据牛顿第二定律可知：a g，由以上两式解得： 0.1 ，故 A 正确； AB 间距离即为物块在 6 s 内发生的位移，即图乙的面积：S× 4 m16 m，故 B 错误；物块对传送带只在加速过程中做功，根据公式W fs ，其中 fmg0.1 ×1×10 N1 N，s4×4 m16 m，代入公式中可解得3 / 73 / 7W 16 J ，

7、故 C 错误；物块速度刚好到4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块由于惯性向前做匀减速直线运动，减速的加速度为ag 1 m/s2，物块从开始到速度为4 m/s时发生的位移为xm8 m，所以物块减速到零发生的位移为m8 m，所以物块刚好到达 B端，故D 错误6如图甲所示，在某部电梯的顶部安装一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧， 弹簧下端挂一质量为m的小球若该电梯在竖直方向行驶时突然停止，传感器显示弹簧弹力大小F 随时间 t 变化的图象如图乙所示，g 为重力加速度，则 ()A电梯突然停止前可能在加速上升B电梯停止后小球向下运动，加速度小于gC电梯停止后小球向上运动，加速度小

8、于gD0t1 时间内小球处于失重状态，t1 t2 时间内小球处于超重状态解析：选 C.从 t 0 时刻传感器示数为mg可知，电梯突然停止前做匀速运动，选项A 错误电梯停止前，弹簧处于伸长状态且弹力大小等于重力，电梯停止后，弹簧拉力小于mg，说明小球向上运动，小球受到弹簧拉力和重力，加速度小于g，选项 B 错误、 C 正确在0t1 时间内，弹簧弹力由 mg减小为 0，说明小球处于失重状态； t1 t2 时间内，弹簧弹力由 0 逐渐增大到 mg，说明小球仍处于失重状态，选项 D错误7( 多选 ) 甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，【2019最新】精选高考物理大二轮复习考前基础回扣练牛顿运动定律及

9、其应用甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动甲、乙两车的位置x 随时间t的变化如图所示下列说法正确的是()A在t1时刻两车速度相等B从0 到t1时间内，两车走过的路程相等C从t1到t2时间内，两车走过的路程相等D在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等解析：选 CD.x-t 图象斜率表示两车速度， 则可知 t1 时刻乙车速度大于甲车速度， A错由两图线的从截距知，出发时甲在乙前面，t1 时刻图线相交表示两车相遇，可得0 到 t1 时间内乙车比甲车多走了一段距离， B 错 t1 和 t2 两时刻图象相交，表明两车均在同一位置，从 t1 到 t2 时间内，两车走过的路程相等；在t1 到 t2 时间内

10、，两图线有斜率相等的一个时刻，即该时刻两车速度相等8( 多选 ) 如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中 ()A桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面解析：选 BD.鱼缸向右加速运动， 桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，选项 A 错误；鱼缸在桌布上加速运动， 脱离桌布后在桌面上做减速运5 / 75 / 7动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，选项

11、B 正确；若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，选项 D 正确； 鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，选项 C错误；故选 BD.9( 多选 ) 如图所示，长为 L6 m、质量为 m10 kg的木板放在水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为 0.2 ，一个质量为M50 kg 的人从木板的左端开始向右加速跑动，从人开始跑到人离开木板的过程中，以下 v-t图象可能正确的是(g 取 10 m/s2 ，a 为人的 v-t 图象， b 为木板的 v-t 图象 )( ) 解析：选 ABC.人在木板上加速，受到木板向右的摩擦力， f Ma1

12、，木板与地面之间的最大静摩擦力fm(Mm)g120 N；A 中人的加速度 a11 m/s2，f Ma150 N120 N，木板静止不动， t 2 s 内人的位移 x6 m，A 正确；同理 B 正确；C中人的加速度 a13 m/s2，f Ma1150 N120 N，木板向左加速， f (Mm)gma2，a23 m/s2，t s 内人的位移大小 x13 m，木板的位移大小 x23 m，C正确； D中木板的位移为负，应在时间轴的下方，因此D错误10( 多选 ) 如图所示，一水平传送带以v0 的速度顺时针传送， 其右端与一倾角为 的光滑斜面平滑相连，一个可视为质点的物块轻放在传送带最左端，已知物块的质量为 m，若物块经传送带与斜面的连接处无能量损失，则()A物块在第一次冲上斜面前，一定一直做加速运动【2019最新】精选高考物理大二轮复习考前基础回扣练牛顿运动定律及其应用B物块不可能从传送带的左端滑落C物块不可能回到出发点D物块的机械能最大增量不可能大于mv20解析：选 BD.设传送带的长度为L，物块运动的过程中，物块匀加速运动的位移： x,2a) ，若 xL，则物块在第一次冲上斜面前，一定一直做加速运动；若x<L，则物块先加速后匀速故A 错误；