走向高考·高考物理总复习·人教实验版：2013年高考物理模拟试题

1、2013 年高考物理模拟试题年高考物理模拟试题 本卷分第本卷分第卷卷(选择题选择题)和第和第卷卷(非选择题非选择题)两部分满分两部分满分 110 分，分，考试时间考试时间 60 分钟分钟 第第卷卷(选择题选择题 共共 48 分分) 一、选择题一、选择题(本大题共本大题共 8 小题，小题， 每小题每小题 6 分在每小题给出的四分在每小题给出的四个选项中， 有的只有一项符合题目要求， 有的有多项符合题目要求 全个选项中， 有的只有一项符合题目要求， 有的有多项符合题目要求 全部选对的得部选对的得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分分) 1下列说法正确

2、的是下列说法正确的是( ) A英国科学家胡克发现了弹簧的弹力与弹簧的伸长量间的关系英国科学家胡克发现了弹簧的弹力与弹簧的伸长量间的关系 B牛顿通过理想实验证实了物体自由下落时的速度与物体的重牛顿通过理想实验证实了物体自由下落时的速度与物体的重力无关力无关 C开普勒行星运动定律都是在牛顿万有引力的基开普勒行星运动定律都是在牛顿万有引力的基础上推导出来础上推导出来的的 D英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了引力英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量常量 答案答案 AD 解析解析 伽利略通过理想实验证实了物体自由下落时的速度与伽利略通过理想实验证实了物体自由下落时的速度

3、与物体的重力无关；开普勒行星运动定律是在观测的基础上发现的，牛物体的重力无关；开普勒行星运动定律是在观测的基础上发现的，牛顿的万有引力定律比开普勒行星运动定律发现得晚， 选项顿的万有引力定律比开普勒行星运动定律发现得晚， 选项 B、 C 错误错误 2如图所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块如图所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块 m 放在斜放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球 M 搁在挡板与弧形滑块上，搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力 F 拉住弧形滑块，使球与滑拉住弧形滑块，使球与滑块均

4、静止 现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离， 球仍搁在挡块均静止 现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离， 球仍搁在挡板与板与滑块上且处于静止状态，则与原来相比滑块上且处于静止状态，则与原来相比( ) A挡板对球的弹力增大挡板对球的弹力增大 B滑块对球的弹力增大滑块对球的弹力增大 C斜面对滑块的弹力不变斜面对滑块的弹力不变 D拉力拉力 F 减小减小 答案答案 C 解析解析 对对 M 受力分析，挡板对球的弹力受力分析，挡板对球的弹力 F1和滑块对球的弹力和滑块对球的弹力F2，在滑块向上移动时两者合力不变，夹角减小，故挡板对球的弹力，在滑块向上移动时两者合力不变，夹角减小，故挡板对球的弹力减小，

5、滑块对球的弹力也减小，减小，滑块对球的弹力也减小，A、B 错误；用整体法对球和滑块组错误；用整体法对球和滑块组成的整体分析可知斜面对滑块的弹力不变，又挡板对球的弹力减小，成的整体分析可知斜面对滑块的弹力不变，又挡板对球的弹力减小，故拉力故拉力 F 增大，增大，C 正确，正确，D 错误错误 3阴极射线示波管的聚焦电场是由电阴极射线示波管的聚焦电场是由电极极 A1、A2、A3、A4形成的，形成的，实线为电场线，虚线为等势线，实线为电场线，虚线为等势线，x 轴为该电场的中心轴线，轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上

6、的三点，则( ) A电极电极 A1的电势高于电极的电势高于电极 A2的电势的电势 B电场中电场中 Q 点的电场强度大于点的电场强度大于 R 点的电场强度点的电场强度 C电子在电子在 P 点处的动能大于在点处的动能大于在 Q 点处的动能点处的动能 D电子从电子从 P 运动到运动到 R 的过程中，电场力对它一直做正功的过程中，电场力对它一直做正功 答案答案 B 解析解析 沿电场线方向电势逐渐降低，结合电场线的走向可知电沿电场线方向电势逐渐降低，结合电场线的走向可知电极极 A2的电势高于电极的电势高于电极 A1的电势，的电势，A 错误；由电场线疏密错误；由电场线疏密情况可判断情况可判断电场中电场中

7、Q 点的电场强度大于点的电场强度大于 R 点的电场强度，点的电场强度，B 正确；电子由正确；电子由 P 运运动到动到 R 的过程中，电场力做正功，动能不断变大，故电子在的过程中，电场力做正功，动能不断变大，故电子在 P 点处点处的动能小于在的动能小于在 Q 点处的动能，点处的动能，D 正确，正确，C 错误错误 4. 如图所示，距离水平地面高为如图所示，距离水平地面高为 h 的飞机沿水平方向做匀加速直的飞机沿水平方向做匀加速直线运动，从飞机上以相对地面的速度线运动，从飞机上以相对地面的速度 v0依次从依次从 a、b、c 水平抛出甲、水平抛出甲、乙、丙三个物体，抛出的时间间隔均为乙、丙三个物体，抛

8、出的时间间隔均为 T，三个物体分别落在水平地，三个物体分别落在水平地面上的面上的 A、B、C 三点，若三点，若 ABl1、ACl2，不计空气阻力，下列说，不计空气阻力，下列说法正确的是法正确的是( ) A物体甲在物体甲在空中运动的时间为空中运动的时间为2hg B飞机的加速度为飞机的加速度为l2l1T2 C物体乙刚离开飞机时飞机的速度为物体乙刚离开飞机时飞机的速度为l22T D三个物体在空中运动时总在一条竖直线上三个物体在空中运动时总在一条竖直线上 答案答案 AC 解析解析 物体甲在空中做平抛运动，在竖直方向上有物体甲在空中做平抛运动，在竖直方向上有 h12gt2，解得解得 t2hg，选项，选项

9、 A 正确；正确；AB 等于等于 ab，BC 等于等于 bc，由，由 xaT2可得可得 al22l1T2，选项，选项 B 错误；物体乙刚离开飞机时，飞机的速度为错误；物体乙刚离开飞机时，飞机的速度为v，等于，等于 a、c 之间的平均速度，则之间的平均速度，则 vl22T，选项，选项 C 正确；三个物体正确；三个物体在空中运动时，并不在一条竖直线上，选项在空中运动时，并不在一条竖直线上，选项 D 错误错误 5 图甲中的变压器为理想变压器， 原、 副线圈的匝数之比为 图甲中的变压器为理想变压器， 原、 副线圈的匝数之比为 n1 n210 1.变压器原线圈加上如图乙所示的正弦式交变电压，副线变压器原

10、线圈加上如图乙所示的正弦式交变电压，副线圈接两个串联在一起的阻值大小均为圈接两个串联在一起的阻值大小均为 10 的定值电阻的定值电阻 R1、 R2.电压表电压表为理想交流电表则以下说法正确的是为理想交流电表则以下说法正确的是( ) A原线圈上电压的有效值为原线圈上电压的有效值为 100V B原线原线圈上电压的有效值约为圈上电压的有效值约为 70.7V C电压表电压表的读数为的读数为 5.0V D变压器的输入功率为变压器的输入功率为 25W 答案答案 B 解析解析 原线圈上电压的有效值为原线圈上电压的有效值为 U11002V50 2V70.7V，副线圈上的电压为副线圈上的电压为 U2n2n1U1

11、7.07V，电压表示数为副线圈电压的一，电压表示数为副线圈电压的一半，为半，为 3.535V，P入入P出出 U222R2.5W.故选故选 B. 6我国自主研制并发射的我国自主研制并发射的“天宫一号天宫一号”与俄罗斯与俄罗斯、美国等国共、美国等国共同研制并发射的同研制并发射的“国际空间站国际空间站”同在地球上空运动假设同在地球上空运动假设“天宫一天宫一号号”和和“国际空间站国际空间站”都绕地球做匀速圆周运动， 两者的轨道如图所都绕地球做匀速圆周运动， 两者的轨道如图所示，下列说法中正确的是示，下列说法中正确的是( ) A“天宫一号天宫一号”比比“国际空间站国际空间站”的加速度大的加速度大 B“天

12、宫一号天宫一号”比比“国际空间站国际空间站”运行的周期大运行的周期大 C“天宫一号天宫一号”比比“国际空间站国际空间站”运行的角速度小运行的角速度小 D“天宫一号天宫一号”比比“国际空间站国际空间站”受到的地球的万有引力小受到的地球的万有引力小 答案答案 A 解析解析 根据万有引力提供向心力，有根据万有引力提供向心力，有GMmr2mam42T2rm2r， 解得， 解得 aGMr2， T2r3GM， GMr3， 故， 故 A 对，对， B、 C 错 因错 因为不知道为不知道“天宫一号天宫一号”和和“国际空间站国际空间站”的质量大小关系， 所以无法的质量大小关系， 所以无法判断两者受到的地球的万有

13、引力大小关系，判断两者受到的地球的万有引力大小关系，D 错错 7. 如图所示， 一个金属圆环固定在处于径向对称方向水平发散的磁如图所示， 一个金属圆环固定在处于径向对称方向水平发散的磁场中，环面与磁感线平行，圆环的密度场中，环面与磁感线平行，圆环的密度 8g/cm3、横截面积、横截面积 S10mm2，环上各处的磁感应强度大小为，环上各处的磁感应强度大小为 B0.04T，若在环中通以顺，若在环中通以顺时针方向时针方向(俯视俯视)的恒定电流的恒定电流 I10A， 保持电流恒定， 将圆环由静止释， 保持电流恒定， 将圆环由静止释放不计空气阻力，不考虑磁场在圆环内外的差异，放不计空气阻力，不考虑磁场在

14、圆环内外的差异，g10m/s2，则，则下列说法正确的是下列说法正确的是( ) A圆环的张力为零圆环的张力为零 B圆环有扩张的趋势圆环有扩张的趋势 C圆环将向下做自由落体运动圆环将向下做自由落体运动 D圆环在圆环在 0.2s 内下落的高度为内下落的高度为 0.1m 答案答案 AD 解析解析 因为电流恒定，所以圆环受到向上恒定的安培力，因为电流恒定，所以圆环受到向上恒定的安培力，FBIL，L 是圆环的周长，由于圆环只受向下的重力和向上的安培力，是圆环的周长，由于圆环只受向下的重力和向上的安培力，因此圆环没有扩散和收缩的趋势，张力为零，因此圆环没有扩散和收缩的趋势，张力为零，A 项正确，项正确，B

15、项错误；项错误；由于由于 mgLSgBIL，因此圆环将向下做初速度为零的匀加速运动，因此圆环将向下做初速度为零的匀加速运动，agLSBILLS5m/s2，因此圆环在，因此圆环在 0.2s 内下落的高度内下落的高度 h12at20.1m，D 项正确，项正确，C 项错误项错误 8如图甲所示，光滑的平行导轨如图甲所示，光滑的平行导轨 MN、PQ 放在水平面上固定不放在水平面上固定不动，导轨表面上放着光滑导体棒动，导轨表面上放着光滑导体棒 ab、cd，两棒之间用细的绝缘细杆，两棒之间用细的绝缘细杆连接， 两导体棒平行且与导轨垂直， 现加一垂直导轨平面的匀强磁场，连接， 两导体棒平行且与导轨垂直， 现加

16、一垂直导轨平面的匀强磁场，设磁场方向向下为正，磁感应强度设磁场方向向下为正，磁感应强度 B 随时间随时间 t 的变化如图乙所示，的变化如图乙所示，t1t0t0，不计，不计 ab、cd 间电流的相互作用，不计导轨的电间电流的相互作用，不计导轨的电阻，每根导阻，每根导体棒的电阻为体棒的电阻为 R，导轨间距和绝缘细杆的长均为，导轨间距和绝缘细杆的长均为 L，则下列说法正确，则下列说法正确的是的是( ) A在在 0t1时间内，绝缘细杆先被拉伸后被挤压时间内，绝缘细杆先被拉伸后被挤压 B在在 0t1时间内，导体棒时间内，导体棒 ab 中感应电流的方向先是从中感应电流的方向先是从 b 到到 a，后是从后是

17、从 a 到到 b C若在若在 0t1时间内流过导体棒的电量为时间内流过导体棒的电量为 q，则，则 t1时刻的磁感应时刻的磁感应强度大小为强度大小为qR2L2 D若在若在 0t1时间内导体棒上产生的总电热为时间内导体棒上产生的总电热为 Q，则，则 t1时刻的时刻的磁感应强度大小为磁感应强度大小为QRt0L2 答案答案 AD 解析解析 在在 0t1时间内，磁感应强度先变小后增大，因此导体时间内，磁感应强度先变小后增大，因此导体棒和导轨所围的面积先有扩张趋势，后有收缩趋势， 因而绝缘细杆先棒和导轨所围的面积先有扩张趋势，后有收缩趋势， 因而绝缘细杆先被拉伸后被挤压，被拉伸后被挤压，A 项正确；项正确

18、； 在在 0t1时间内，磁感应强度先正向减时间内，磁感应强度先正向减小， 后反向增大， 根据楞次定律可知感应电流的方向不变，小， 后反向增大， 根据楞次定律可知感应电流的方向不变， B 项错误；项错误；设设 t1时刻磁感应强度的大小为时刻磁感应强度的大小为 B0，根据对称性可知，根据对称性可知，t0 时刻磁感时刻磁感应强度的大小也为应强度的大小也为 B0， 则回路中感应电流的大小为， 则回路中感应电流的大小为 IB0t0L22R， 若在， 若在 0t1时间内流过导体棒的电量为时间内流过导体棒的电量为 q，则，则 qIt1，解得，解得 B0qRL2，C 项错误；项错误；若在若在 0t1时间内导体

19、棒上产生的总电热为时间内导体棒上产生的总电热为 Q，则，则 I22R2t0Q，解得解得 B0QRt0L2，D 项正确项正确 第第卷卷(非选择题非选择题 共共 62 分分) 二、非选择题二、非选择题(包括必考题和选考题两部分第包括必考题和选考题两部分第 9 题第题第 12 题为题为必考题，每个试题考生都必须作答第必考题，每个试题考生都必须作答第 13 题第题第 15 题为选考题，考题为选考题，考生根据要求作答生根据要求作答) (一一)必考题必考题(4 题，共题，共 47 分分) 9(6 分分)某同学用如图甲所示的实验装置做了两个实验：一是验某同学用如图甲所示的实验装置做了两个实验：一是验证机械能

20、守恒定律， 二是研究匀变速直线运动 该同学取了质量分别证机械能守恒定律， 二是研究匀变速直线运动 该同学取了质量分别为为 m150g 和和 m2150g 的两个钩码的两个钩码 a、b，用一根不可伸长，用一根不可伸长的轻质细的轻质细绳跨过定滑轮将它们连在一起，取绳跨过定滑轮将它们连在一起，取 a、b 为研究系统使钩码为研究系统使钩码 b 从某从某一高度由静止下落， 钩码一高度由静止下落， 钩码 a 拖着纸带打出一系列的点图乙给出的是拖着纸带打出一系列的点图乙给出的是实验中获取的一条纸带，实验中获取的一条纸带，0 是打下的第一个点，每相邻两计数点间还是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有有 4 个

21、点未标出，计数点间的距离如图乙所示个点未标出，计数点间的距离如图乙所示(打点计时器所用电打点计时器所用电源频率为源频率为 50Hz) (1)由图乙中的数据可求得打第由图乙中的数据可求得打第“5”点时钩码速度的大小为点时钩码速度的大小为_m/s，钩码加速度的大小为，钩码加速度的大小为_m/s2. (2)在打在打 05 点的过程中，系统动能的增加量点的过程中，系统动能的增加量 Ek_J，系统重力势能的减少量系统重力势能的减少量 Ep_J(g 取取 9.8m/s，结果保留三，结果保留三位有效数字位有效数字) (3)根据计算结果知根据计算结果知 Ek_(填填“”、“”或或“”)Ep，出，出现上述结果的

22、原因是现上述结果的原因是_ 答案答案 (1)2.40 4.80 (2)0.576 0.588 (3) 系统不可避免系统不可避免地要克服摩擦力做功地要克服摩擦力做功 解析解析 (1)打第打第“5”点时钩码的速度等于打点点时钩码的速度等于打点“4”、“6”间钩码的间钩码的平均速度， 故平均速度， 故 v5 21.6026.40 1020.2m/s2.40m/s， 根据， 根据 xaT2，可求得可求得 axT2 26.4021.60 1020.12m/s24.80m/s2.(2)在打在打 05 点点的过程中， 系统重力势能的减少量等于的过程中， 系统重力势能的减少量等于 m2重力势能的减少量减去重力

23、势能的减少量减去 m1重力势能的增加量，即重力势能的增加量，即 Ep(m2m1)gh0.588J，两钩码运动的速，两钩码运动的速度相等，故系统动能的增加量为度相等，故系统动能的增加量为 Ek12(m1m2)v20.576J.(3)由由(2)知知 EkEp，出现这一结果是因为系统不可避免地要克服摩擦力做，出现这一结果是因为系统不可避免地要克服摩擦力做功功 10(9 分分)现要测量某未知电阻现要测量某未知电阻 Rx(阻值约阻值约 20)的阻值，实验室的阻值，实验室有如下实验器材：有如下实验器材： A电流表电流表 A1(量程为量程为 0150mA，电阻，电阻 r1约为约为 10) B电流表电流表 A

24、2(量程为量程为 020mA，电阻，电阻 r230) C定值电阻定值电阻 R0(100) D滑动变阻器滑动变阻器 R(010) E直流电源直流电源 E(电动势约电动势约 6V，内阻较小，内阻较小) F开关开关 S 与导线若干与导线若干 (1)请在方框中画出测量电阻请在方框中画出测量电阻 Rx的电路图，并标上相应元件的符的电路图，并标上相应元件的符号，要求电表的示数大于其总量程的三分之一号，要求电表的示数大于其总量程的三分之一 (2)写写出电阻出电阻 Rx的表达式：的表达式： Rx_(用已知量和用已知量和一组直接测得的量的字母表示一组直接测得的量的字母表示) 答案答案 (1)如图如图 (2)I2

25、 r2R0 I1I2 解析解析 (1)从题中给出的器材知，这里对电阻从题中给出的器材知，这里对电阻 Rx的测量可用伏的测量可用伏安法来设计电路由于题给的器材中没有电压表，且电流表安法来设计电路由于题给的器材中没有电压表，且电流表 A2的内的内阻阻 r2已知，因此电压可由电流表已知，因此电压可由电流表 A2来间接测出，那么电流的测量只来间接测出，那么电流的测量只能由电流表能由电流表 A1来完成由于电流表来完成由于电流表 A2的量程为的量程为 020mA，用它测，用它测出的最大电压为出的最大电压为 Um2010330V0.6V，电阻，电阻 Rx上的最大电流上的最大电流约为约为IxUmRx0.03A

26、30mA， 这时通过电流表， 这时通过电流表A1中的电流约为中的电流约为20mA30mA50mA，这样我们就不能保证在实际测量中电流表，这样我们就不能保证在实际测量中电流表 A1的示的示数大于其量程数大于其量程(150mA)的的13.为了增大电流表为了增大电流表 A1中的电流， 我们可以将中的电流， 我们可以将已知的固定电阻已知的固定电阻 R0(100) 与电流表与电流表 A2串联通过计算我们不难发串联通过计算我们不难发现，这种设计完全符合题中的测量要求本题如果用限流法，电路中现，这种设计完全符合题中的测量要求本题如果用限流法，电路中的最小电流还超出电流表的量程， 故控制电路宜采用分压式， 完

27、整的的最小电流还超出电流表的量程， 故控制电路宜采用分压式， 完整的实验电路设实验电路设计如答图所示计如答图所示(2)进行实验时，在某次合适的测量中记进行实验时，在某次合适的测量中记下电流表下电流表 A1与电流表与电流表 A2的示数分别为的示数分别为 I1与与 I2， 则有， 则有(I1I2)RxI2(r2R0)，故，故 RxI2 r2R0 I1I2. 11(13 分分) 一滑雪运动员以滑雪板和滑雪杖为工具在平直雪道上进行滑雪一滑雪运动员以滑雪板和滑雪杖为工具在平直雪道上进行滑雪训练如图所示，某次训练中，他站在雪道上利用滑雪杖对雪面的作训练如图所示，某次训练中，他站在雪道上利用滑雪杖对雪面的作

28、用第一次获得水平推力用第一次获得水平推力 F60N 而向前滑行，其作用时间为而向前滑行，其作用时间为 t11s，撤除水平推力撤除水平推力 F 经过经过 t22s 后，他利用滑雪杖对雪面的后，他利用滑雪杖对雪面的作用第二次作用第二次获得同样的水平推力且其作用时间仍为获得同样的水平推力且其作用时间仍为 1s，之后滑雪杖对雪面不再，之后滑雪杖对雪面不再发生相互作用已知该滑雪运动员连同装备的总质量为发生相互作用已知该滑雪运动员连同装备的总质量为 m50kg，假设在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为假设在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为 f10N，求该滑，求该滑雪运动员雪运动员(可视为质点可视

29、为质点)从运动到停下来滑行的总距离从运动到停下来滑行的总距离 答案答案 9.6m 解析解析 第第 1s 内对滑雪运动员受力分析，内对滑雪运动员受力分析， 设加速度为设加速度为 a1，运动，运动的位移为的位移为 x1，第，第 1s 末的速度为末的速度为 v1，则由牛顿第二定律得，则由牛顿第二定律得 a1Ffm1m/s2 根据运动学公式可得根据运动学公式可得 x112a1t210.5m v1a1t11m/s 第一次撤除水平推力第一次撤除水平推力 F 后，设加速度为后，设加速度为 a2，减速运动的位移为，减速运动的位移为x2，第，第 3s 末的速度为末的速度为 v2，则由牛顿第二定律得，则由牛顿第二

30、定律得 a2fm0.2m/s2 根据运动学公式得根据运动学公式得 x2v1t212a2t221.6m v2v1a2t20.6m/s 第二次水平推力第二次水平推力 F 作用时，设加速度为作用时，设加速度为 a3，运动的位移为，运动的位移为 x3，第第 4s 末的速度变为末的速度变为 v3，则由牛顿第二定律得，则由牛顿第二定律得 a3a1 根据运动学公式得根据运动学公式得 x3v2t312a3t231.1m v3v2a3t31.6m/s 第二次撤除水平推力第二次撤除水平推力 F 后，设加速度为后，设加速度为 a4，速度减为零时运动，速度减为零时运动的位移为的位移为 x4，则由牛顿第二定律得，则由牛

31、顿第二定律得 a4a2 根据运动学公式得根据运动学公式得 x40v232a46.4m 故该滑雪运动员从运动到停下来滑行的总路程为故该滑雪运动员从运动到停下来滑行的总路程为 xx1x2x3x49.6m 12(19 分分)如图所示， 一面积为如图所示， 一面积为 S 的单匝圆形金属线圈与阻值为的单匝圆形金属线圈与阻值为R 的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻线圈内的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻线圈内存在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀存在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀增加且变化率为增加且变化率为 k的磁场的磁场 Bt.电阻电阻 R 两端并联一对平

32、行金属板两端并联一对平行金属板 M、N，两板间距为，两板间距为 d，N板右侧板右侧 xOy 坐标系坐标系(坐标原点坐标原点 O 在在 N 板的下端板的下端)的第一象限内，有垂的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界直纸面向外的匀强磁场，磁场边界 OA 和和 y 轴的夹角轴的夹角AOy45 ，AOx 区域为无场区在靠近区域为无场区在靠近 M 板处的板处的 P 点由静止释放一质量为点由静止释放一质量为 m、带电荷量为带电荷量为q 的粒子的粒子(不计重力不计重力)，经过，经过 N 板的小孔，从点板的小孔，从点 Q(0，l)垂直垂直 y 轴进入第一象限，经轴进入第一象限，经 OA 上某点离开磁

33、场，最后垂直上某点离开磁场，最后垂直 x 轴离开轴离开第一象限求：第一象限求： (1)平行金属板平行金属板 M、N 获得的电压获得的电压 U； (2)yOA 区域内匀强磁场的磁感应强度区域内匀强磁场的磁感应强度 B； (3)粒子从粒子从 P 点射出到到达点射出到到达 x 轴的时间轴的时间 答案答案 (1)kS (2)2l2mkSq (3)(2d24l)m2qkS 解析解析 根据法拉第电磁感应定律，闭合电路的电动势为根据法拉第电磁感应定律，闭合电路的电动势为 EtB tSkS 因平行金属板因平行金属板 M、N 与电阻并联，故与电阻并联，故 M、N 两板间的电压为两板间的电压为 UUREkS (2

34、)带电粒子在带电粒子在 M、N 间做匀加速直线运动，有间做匀加速直线运动，有 qU12mv2 带电粒子进入磁场区域的运动轨迹如图所示，有带电粒子进入磁场区域的运动轨迹如图所示，有 qvBmv2r 由几何关系可得由几何关系可得 rrcot45 l 联立联立得得 B2l2mkSq (3)粒子在电场中粒子在电场中，有有 d12at21 qUdma 粒子在磁场中粒子在磁场中，有有 T2rv t214T 粒子在第一象限的无场区中粒子在第一象限的无场区中，有有 svt3 由几何关系得由几何关系得 sr 粒子从粒子从 P 点射出到到达点射出到到达 x 轴的时间为轴的时间为 tt1t2t3 联立以上各式可得联

35、立以上各式可得 t 2d24lm2qkS (二二)选考题：共选考题：共 15 分请考生从给出的分请考生从给出的 3 道物理题中任选一题道物理题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分作答如果多做，则按所做的第一题计分 13物理物理选修选修 33(15 分分) (1)(6 分分) 某高中课外探究小组将某高中课外探究小组将 4 只相只相同的气球充以质量相等的空气同的气球充以质量相等的空气(可可视为理想气体视为理想气体)，放在水平的玻璃板上，并在气球的上面再放一玻璃，放在水平的玻璃板上，并在气球的上面再放一玻璃板下列说法正确的是板下列说法正确的是_ A气球内气体的压强是由于气体分子之间的斥力而产

36、生的气球内气体的压强是由于气体分子之间的斥力而产生的 B气球内气体的压强是由于大量气体分子的碰撞而产生的气球内气体的压强是由于大量气体分子的碰撞而产生的 C若在上玻璃板上再放一个杯子，则气球内气体体积不变若在上玻璃板上再放一个杯子，则气球内气体体积不变(气气球内气体温度可视为不变球内气体温度可视为不变) D若在上玻璃板上再放一个杯子，则气球内气体内能不变若在上玻璃板上再放一个杯子，则气球内气体内能不变(气气球内气体温度可视为不变球内气体温度可视为不变) E 若在上玻璃板上再放一个杯子，则气球内气体压强不变 若在上玻璃板上再放一个杯子，则气球内气体压强不变(气球气球内气体温度可视为不变内气体温度

37、可视为不变) (2)(9 分分) 如图所示是正在使用的饮水机，在桶的上部有如图所示是正在使用的饮水机，在桶的上部有 1000mL 的气体，的气体，气体的压强为气体的压强为 1.0105Pa.某同学接了半杯水之后，再没有气体进入某同学接了半杯水之后，再没有气体进入水桶，但桶内气体体积增加了水桶，但桶内气体体积增加了 200mL.经过足够长的时间之后，桶内经过足够长的时间之后，桶内气体的温度与接水前一致，试求此时桶内气体的压强，并判断桶内气气体的温度与接水前一致，试求此时桶内气体的压强，并判断桶内气体是吸热还是放热体是吸热还是放热(结果保留两位有效数字结果保留两位有效数字) 答案答案 (1)BD

38、(2)8.3104Pa 吸热吸热 解析解析 (1)BD 根据气体压强的微观解释可知根据气体压强的微观解释可知 B 对，对，A 错若在上玻璃板上再错若在上玻璃板上再放一个杯子，由受力分析可知气球内气体的压放一个杯子，由受力分析可知气球内气体的压强增大，故气球内气体强增大，故气球内气体体积变小，体积变小，C、E 错气球内气体为理想气体，温度不变，故气体内错气球内气体为理想气体，温度不变，故气体内气体内能不变，气体内能不变，D 对对 (2)设气体初态压强为设气体初态压强为p1， 体积为， 体积为 V； 末态压强为； 末态压强为p2， 体积为， 体积为V. 由玻意耳定律得由玻意耳定律得 p1Vp2V

39、解得解得 p2p1VV8.3104Pa 气体温度不变，说明气体的内能不变气体体积增大，对外做气体温度不变，说明气体的内能不变气体体积增大，对外做功，要使气体的内能不变，气体要从外界吸热功，要使气体的内能不变，气体要从外界吸热 14物理物理选修选修 34(15 分分) (1)(6 分分)如图甲所示是一列沿如图甲所示是一列沿 x 轴正方向传播的简谐横波在轴正方向传播的简谐横波在 t0时刻的波形图，时刻的波形图，P 是离原点是离原点 x12m的一个介质的一个介质质点，质点，Q 是离原点是离原点 x24m 的一个介质质点，此时离原点的一个介质质点，此时离原点 x36m 的介质质点刚刚要开始的介质质点刚

40、刚要开始振动图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象振动图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象(计时起点计时起点相同相同)由此可知由此可知_ A这列波的波长这列波的波长 4m B这列波的周期这列波的周期 T3s C这列波的传播速度这列波的传播速度 v2m/s D这列波的波源起振方向为向上这列波的波源起振方向为向上 E乙图可能是图甲中质点乙图可能是图甲中质点 Q 的振动图象的振动图象 (2)(9 分分) 雨过天晴， 人们常看到天空中出现彩虹， 它是阳光照雨过天晴， 人们常看到天空中出现彩虹， 它是阳光照射到空中弥射到空中弥漫的水珠上时出现的现象在说明这个现象时， 需要分析光线射入水漫的

41、水珠上时出现的现象在说明这个现象时， 需要分析光线射入水珠后的光路一细束光线射入水珠，水珠可视为一个半径珠后的光路一细束光线射入水珠，水珠可视为一个半径 R10mm的球，球心的球，球心 O 到入射光线的垂直距离到入射光线的垂直距离 d8mm，水的折射率，水的折射率 n4/3. 在图上画出该束光线射入水珠后， 第一次从水珠中射出的光路在图上画出该束光线射入水珠后， 第一次从水珠中射出的光路图图 求这束光线从射入水珠到第一次射出水珠，光线偏转的角度求这束光线从射入水珠到第一次射出水珠，光线偏转的角度 答案答案 (1)ACE (2)光路如图所示光路如图所示 32 解析解析 (1)由图象可知波长由图象可知波长 4m，周期，周期 T2s，传播速度，传播速度 vT2m/s，由振动图象可知质点起振方向向下，结，由振动图象可知质点起振方向向下，结合波动图象与振动图合波动图象与振动图象的关系可知象的关系可知 Q 质点振动方向向