物理步步高大一轮复习第十章 第2讲重点

1、考点一理想变压器基本关系的应用1构造如图1所示，变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的图1(1)原线圈：与交流电源连接的线圈，也叫初级线圈(2)副线圈：与负载连接的线圈，也叫次级线圈2原理电流磁效应、电磁感应3基本关系式(1)功率关系：P入P出(2)电压关系：.有多个副线圈时.(3)电流关系：只有一个副线圈时.由P入P出及PUI推出有多个副线圈时，U1I1U2I2U3I3UnIn.4几种常用的变压器(1)自耦变压器调压变压器(2)互感器思维深化1理想变压器物理量的制约关系：(1)电压：副线圈电压U2由原线圈电压U1和匝数比决定(2)功率：原线圈的输入功率P1由副线圈的输出功率P2决定(

2、3)电流：原线圈电流I1由副线圈电流I2和匝数比决定2判断下列说法是否正确：(1)变压器不但能改变交变电流的电压，还能改变交变电流的频率(×)(2)理想变压器能改变交变电压、交变电流，但不改变功率，即输入功率总等于输出功率()(3)变压器副线圈并联更多的用电器时，原线圈的输入电流随之增大()1变压器的有关规律(2015·课标·16)一理想变压器的原、副线圈的匝数比为31，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220 V的正弦交流电源上，如图2所示设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则()图2AU66

3、 V，k BU22 V，kCU66 V，k DU22 V，k答案A解析原、副线圈电压比等于匝数比，根据副线圈负载电阻的电压U，可知副线圈电压为U，原线圈电压为3U，副线圈电流I2，根据得原线圈电流I1，那么原线圈输入电压220 V3U·R，整理可得U66 V；原、副线圈电阻消耗的功率可根据PI2R求得，电阻相等，I1I213，可得功率之比为P1P219，即k.根据以上分析可知选项A正确2交变电流和理想变压器的综合应用(2013·四川·2)用220 V的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电，变压器输出电压是110 V，通过负载的电流图象如图3所示，则()图3A变压器

4、输入功率约为3.9 WB输出电压的最大值是110 VC变压器原、副线圈匝数比是12D负载电流的函数表达式i0.05sin (100t) A答案A解析由题意知：U1220 V，U2110 V，所以21，U2m110 V，选项B、C均错误由图象可知：I2m0.05 A，T0.02 s，则负载电流的函数表达式为i0.05sin (100t) A，选项D错误变压器的输入功率P1P2I2U2×110 W3.9 W，选项A正确3变压器的有关规律(2013·广东·16)如图4，理想变压器原、副线圈匝数比n1n221，和均为理想电表，灯泡电阻RL6 ，AB端电压u112sin 1

5、00t (V)下列说法正确的是()图4A.电流频率为100 HzB.的读数为24 VC.的读数为0.5 AD.变压器输入功率为6 W答案D解析由2f100 rad/s得：f50 Hz，A错有效值U112 V，又因为得：U26 V，I21 A，选项B、C错由能量守恒得P1P2U2I26 W，D选项对4变压器的基本关系与交流电有效值自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分一升压式自耦调压变压器的电路如图5所示，其副线圈匝数可调已知变压器线圈总匝数为1 900匝，原线圈为1 100匝，接在有效值为220 V的交流电源上当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为2.0 kW.设

6、此时原线圈中电流的有效值为I1，负载两端电压的有效值为U2，且变压器是理想的，则U2和I1分别约为()图5A380 V和5.3 AB380 V和9.1 AC240 V和5.3 AD240 V和9.1 A答案B解析由题图并根据理想变压器电压比关系，代入数据解得副线圈两端的电压有效值U2380 V，因理想变压器原、副线圈输入和输出的功率相等，即P入P出U1I1，解得I1 A9.1 A，选项B正确，选项A、C、D错误5交变电流与变压器的综合应用如图6所示，匝数为50匝的矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B T的水平匀强磁场中，线框面积S0.5 m2，线框电阻不计线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度

7、100 rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只“220 V,60 W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10 A，下列说法正确的是()图6A在图示位置线框中产生的感应电动势最大B线框中产生电动势的有效值为250 VC变压器原、副线圈匝数之比为2522D允许变压器输出的最大功率为1 000 W答案C解析在图示位置线框和磁感线垂直，磁通量最大，线框中产生的感应电动势为零，A错误；线框中产生的感应电动势最大值EmNBS250 V，其有效值EEm250 V，B错误；灯泡能正常发光，则副线圈两端电压U2220 V，由可知变压器原、副线圈匝数之比为2522，C正确；熔断

8、器允许通过的最大电流为10 A，即I110 A，P1U1I1250×10 W2 500 W，因此变压器允许输出的最大功率为2 500 W，D错误关于理想变压器的四点说明1变压器不能改变直流电压2变压器只能改变交变电流的电压和电流，不能改变交变电流的频率3理想变压器本身不消耗能量4理想变压器基本关系中的U1、U2、I1、I2均为有效值考点二理想变压器的动态分析1匝数比不变的情况(如图7所示)(1)U1不变，根据，输入电压U1决定输出电压U2，不论负载电阻R如何变化，U2不变(2)当负载电阻发生变化时，I2变化，输出电流I2决定输入电流I1，故I1发生变化(3)I2变化引起P2变化，P1

9、P2，故P1发生变化图7图82负载电阻不变的情况(如图8所示)(1)U1不变，发生变化，故U2变化(2)R不变，U2变化，故I2发生变化(3)根据P2，P2发生变化，再根据P1P2，故P1变化，P1U1I1，U1不变，故I1发生变化6(2015·安徽理综·16)如图9所示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是()图9A电压表V1示数增大B电压表V2、V3示数均增大C该变压器起升压作用

10、D变阻器滑片是沿cd的方向滑动答案D解析由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，故电压表V1示数不变，选项A错误；由理想变压器原理公式且U1、n1、n2不变，则U2不变，即V2的示数不变，V3的示数U3U2I2R0应减小，故选项B错误；由公式得：4，则n1n2，该变压器起降压作用，故C错误；又I2，I2增大，R应减小，故滑片应沿cd方向滑动，故D正确7(2015·天津理综·6)(多选)如图10所示，理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节，在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，P为滑动变阻器的滑动触头在原线圈上加一电压为U的正

11、弦交流电，则()图10A保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变大B保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变小C保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变大D保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变小答案BC解析Q位置不动，副线圈电压U2不变，当P上滑时，R增大，由P可知总功率减小，原线圈电压U1不变，由PU1I1可知原线圈电流I1减小，故A错误，B正确；当P位置不动，Q上滑时，由知U2增大，同理分析原线圈电流I1增大，故C正确，D错误8(2014·课标·21)(多选)如图11，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2.原线圈通过一理想电流表接正弦

12、交流电源，一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大，用交流电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为Uab和Ucd，则()图11AUabUcdn1n2B增大负载电阻的阻值R，电流表的读数变小C负载电阻的阻值越小，cd间的电压Ucd越大D将二极管短路，电流表的读数加倍答案BD解析变压器的变压比，其中U1、U2是变压器原、副线圈两端的电压U1Uab，由于二极管的单向导电特性，UcdU2，选项A错误增大负载电阻的阻值R，负载的电功率减小，由于P入P出，且P入I1Uab，所以原线圈上的电流I1减小，即电流表的读数变小，选项B正确c、d端的电压由输入

13、电压Uab决定，负载电阻R的阻值变小时，Ucd不变，选项C错误根据变压器上的能量关系有E输入E输出，在一个周期T内，二极管未短路时有UabI1T·0(U为副线圈两端的电压)，二极管短路时有UabI2TT，由以上两式得I22I1，选项D正确9图12甲为理想变压器，其原、副线圈的匝数比为41，原线圈接图乙所示的正弦交流电图甲中Rt为阻值随温度升高而减小的热敏电阻，R1为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表则下列说法正确的是()图12A图乙所示电压的瞬时值表达式为u51sin 50t VB变压器原、副线圈中的电流之比为14C变压器输入、输出功率之比为14DRt处温度升高时，电压表和电流表的

14、示数均变大答案B解析题图乙所示电压的瞬时值表达式为u51sin 100t V，A错误；根据可知，原、副线圈中的电流与匝数成反比，理想变压器的输入、输出功率相等，B正确，C错误；Rt处温度升高时，Rt的阻值减小，电压表示数不变，电流表示数变大，所以D选项错误10如图13甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为n1n221，电表均为理想电表，两个电阻的阻值均为1 ，C是电容器，其击穿电压为 V图乙为原线圈两端的输入电压与时间的关系图象下列说法正确的是()图13A输入电压的频率为50 Hz，经过变压器后通过电阻的交流电频率为25 HzBS断开时电压表的示数为1.41 V，电流表的示数为0.35 ACS断

15、开时电压表的示数为1 V，电流表的示数为0.25 AD闭合开关S，电容器将被击穿答案C解析由题图乙知T0.02 s，则f50 Hz，变压器不改变交流电的频率，所以输出的交流电的频率仍为50 Hz，故A错误当S断开时，由可知，电压表的示数U2U11 V，I20.5 A，又，则电流表的示数I1I20.25 A，所以B项错误，C项正确开关S闭合前，右端电阻R两端电压最大值为 V，开关S闭合后，电容器C与右端电阻R并联，则并联总电阻小于1 ，电容器两端的最大电压小于 V，因为电容器的击穿电压为 V，所以电容器不能被击穿，D项错误变压器动态问题的分析流程U1U2I2I1P1考点三远距离输电问题1减少输电

16、电能损失的两种方法(1)理论依据：P损I2R.(2)减小输电线的电阻：根据电阻定律R，要减小输电线的电阻R，在保证输电距离情况下，可采用减小材料的电阻率、增大导线的横截面积等方法(3)减小输电导线中的电流：在输电功率一定的情况下，根据PUI，要减小电流，必须提高电压2远距离高压输电的几个基本关系(以图14为例)图14(1)功率关系：P1P2，P3P4，P2P损P3.(2)电压、电流关系：，U2UU3，I2I3I线(3)输电电流：I线.(4)输电线上损耗的电功率：P损I线UIR线()2R线当输送功率一定时，输电电压增大到原来的n倍，输电线上损耗的功率就减小到原来的.思维深化输电线路功率损失的计算

17、方法(1)P损PP，P为输送的功率，P为用户所得功率(2)P损IR线，I线为输电线路上的电流，R线为线路电阻(3)P损，U为输电线路上损失的电压，R线为线路电阻(4)P损UI线，U为输电线路上损失的电压，I线为输电线路上的电流11(多选)在远距离输电中，当输电线的电阻和输送的电功率不变时，那么()A输电线路上损失的电压与输送电流成正比B输送电压越高，输电线路上损失的电压越大C输电线路上损失的功率跟输送电压的平方成反比D输电线路上损失的功率跟输电线上的电流成正比答案AC解析输电线路上损失电压UIr，在r一定时，U和I成正比若U越高，I，I越小，那么U越小输电线路上损失的功率PI2r，当P一定时，

18、I，所以P()2r，即P和U的平方成反比，跟I的平方成正比，故A、C正确12(2014·四川理综·1)如图15所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则()图15A用户用电器上交流电的频率是100 HzB发电机输出交流电的电压有效值是500 VC输电线上的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小答案D解析由ut图象可知，交流电的周期T0.02 s，故频率f50 Hz，选项A错误；交流电的电压最大值Um500 V，故有效值U250 V，选项B错误；输电线上的电流由降压变压器副线圈上的电阻和降压变压

19、器原副线圈的匝数比决定，选项C错误；当用户用电器的总电阻增大时，副线圈上的电流减小，根据，原线圈(输电线)上的电流减小，根据PIR得，输电线损失的功率减小，选项D正确13(多选)一台发电机最大输出功率为4 000 kW，电压为4 000 V，经变压器T1升压后向远方输电输电线路总电阻为R1 k.到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡(220 V、60 W)若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的损耗可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则()AT1原、副线圈电流分别为103 A和20 ABT2原、副线圈电压分别为1.8×105 V和220 VCT1

20、和T2的变压比分别为150和401D有6×104盏灯泡(220 V、60 W)正常发光答案ABD解析远距离输电的模型如图所示T1原线圈的电流为I1 A1×103 A，输电线上损失的功率为P损IR10%P1，所以I2 A20 A，A正确；T1的变压比为；T1副线圈的电压为U250U12×105 V，T2原线圈的电压为U3U2I2R2×105 V20×103 V1.8×105 V，B正确；T2的变压比为，C错误；能正常发光的灯泡盏数为N6×104，D正确14(2014·福建理综·16)图16为模拟远距离输电实

21、验电路图，两理想变压器的匝数n1n4<n2n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻RL>2R，忽略灯丝电阻随温度的变化当A、B端接入低压交流电源时()图16AA1、A2两表的示数相同BL1、L2两灯泡的亮度相同CR1消耗的功率大于R3消耗的功率DR2两端的电压小于R4两端的电压答案D解析设A、B两端所加电压为U.由欧姆定律知，通过A2表的电流大小I2.通过升压变压器升压后输出电压UU，降压变压器获得电压为UI1·2RUI1·2R，灯泡L1两端电压为(UI1·2R)

22、，则通过灯泡L1的电流为.故由变压器电流变化规律得I1.又因为n1n4<n2n3，解上式得I1.因为RL>2R，所以I1<I2.选项A错误通过灯泡L1的电流为I1I1>I2，故灯炮L1亮度更大，选项B错误由于I1<I2，根据欧姆定律以及电功率的有关知识可知，选项C错误，选项D正确远距离输电问题的分析思路及常见的“三个误区”1分析思路：对高压输电问题，应按“发电机升压变压器远距离输电线降压变压器用电器”，或按从“用电器”倒推到“发电机”的顺序一步一步进行分析2三个误区：(1)不能正确地利用公式P损2R计算输电线上的损耗功率导致错误；(2)不能正确理解升压变压器的输出

23、电压U2、降压变压器的输入电压U3和输电线上损失的电压U的关系导致错误，三者关系是U2UU3；(3)不能正确理解升压变压器的输入功率P1、降压变压器的输出功率P4和输电线上损失的功率P损的关系导致错误，三者关系是P1P损P4.1(2015·江苏单科·1)一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V交变电流改变为110 V已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为()A200 B400 C1 600 D3 200答案B解析根据变压器的变压规律得，n2n1×800400，选项B正确2(多选)如图17，一理想变压器原、副线圈匝数之比为41，原线圈与一可变电阻串联后

24、，接入一正弦交流电源；副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R11R0，是理想电压表现将负载电阻的阻值减小为R5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为5.0 V，则()图17A此时原线圈两端电压的最大值约为34 VB此时原线圈两端电压的最大值约为24 VC原线圈两端原来的电压有效值约为68 VD原线圈两端原来的电压有效值约为48 V答案AD解析当R5R0时，示数为5.0 V，所以输出电流I出，UR0I出R01 V，则变压器输出电压为6 V，由得到输入电压的有效值为24 V，所以原线圈两端电压最大值为U134 V，A正确，B错误因I入I出n2n1不变，故输入电流不变时输出电流

25、也不变，当负载由R11R0变为R5R0时，由UIR知副线圈电压由I(R011R0)降到I(R05R0)6 V，则副线圈两端原来的电压有效值为12 V，原线圈两端原来的电压有效值为48 V，C错误，D正确3如图18所示，匀强磁场的磁感应强度B T，单匝矩形线圈的面积S1 m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO匀速转动线圈通过电刷与理想变压器原线圈相连接，A为交流电流表调整副线圈的触头P，当变压器原、副线圈的匝数比为21时，副线圈电路中标有“6 V6W”的灯泡正常发光，以下判断正确的是()图18A电流表的示数为1 AB矩形线圈产生电动势的有效值为18 VC从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈产生的

26、电动势随时间的变化规律为e12sin 30t VD若矩形线圈的转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当上移答案D解析因灯泡正常发光，则副线圈两端的电压有效值为U26 V，通过灯泡的电流为I2 A1 A，电流表的示数为I1I20.5 A，原线圈两端电压的有效值为U1U212 V，矩形线圈产生电动势的有效值为12 V，最大值为EmBS12 V，得60 rad/s，矩形线圈产生的电动势随时间的变化规律为e12sin 60t V，矩形线圈的转速增大，产生的感应电动势增大，P适当上移可以保持副线圈两端电压不变，小灯泡仍能正常发光4(多选)如图19甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为51，原线圈接交流

27、电源和交流电压表，副线圈与热水器、抽油烟机连接已知副线圈上的电压按图乙所示规律变化，现闭合开关S接通抽油烟机，下列说法正确的是()图19A电压表示数为44 VB副线圈上电压的瞬时值表达式u220sin(100t) VC热水器消耗的功率变大D变压器的输入功率增大答案BD解析由题图乙可知，交变电流的峰值是220 V，角速度100 rad/s，则副线圈两端电压的瞬时值表达式为u220sin(100t) V，选项B正确；根据得，U1U21 100 V，则电压表示数为1 100 V，选项A错误；接通开关，变压器的输出功率增大，则变压器的输入功率增大，选项D正确；热水器消耗的功率P不变，选项C错误5(20

28、14·浙江理综·15)如图20所示为远距离交流输电的简化电路图发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1.在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流是I2.则()图20A用户端的电压为B输电线上的电压降为UC理想变压器的输入功率为IrD输电线路上损失的电功率为I1U答案A解析根据理想变压器的工作原理，得I1U1I2U2，所以用户端的电压U2，选项A正确；输电线上的电压降UI1rUU1，选项B错误；变压器的输入功率P1I1UIrI1U1，选项C错误；输电线路上损失的功率PIrI1(UU1)，选项D错误6(多选)

29、如图21为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变若输送功率增大，下列说法中正确的有()图21A升压变压器的输出电压增大B降压变压器的输出电压增大C输电线上损耗的功率增大D输电线上损耗的功率占总功率的比例增大答案CD解析已知发电厂的输出电压不变，升压变压器的原、副线圈匝数比不变，则由知，升压变压器的输出电压U2不变，A错；若输送功率增大，输电电压U2不变，则由PU2I2知，输电线上电流I2增大，又输电线的电阻不变，由U损I2R知输电线上损失电压增大，则降压变压器输出电压减小，B错因输电电流增大，则由PIR知，输电线上损耗的功率

30、变大，C对输电线上损耗功率占总功率的比例()增大，D对练出高分基础巩固1有一种调压变压器的构造如图1所示线圈AB绕在一个圆环形的铁芯上，C、D之间加上输入电压，转动滑动触头P就可以调节输出电压图中A为交流电流表，V为交流电压表，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C、D两端接正弦交流电源，变压器可视为理想变压器，则下列说法正确的是()图1A当R3不变，滑动触头P顺时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小B当R3不变，滑动触头P逆时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小C当P不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变小，电压表读数变小D当P不动，滑动变阻器滑动触头向下滑动时，电流表

31、读数变大，电压表读数变大答案A解析当R3不变，P顺时针转动时，nMN减小，由，知UMN减小，则电压、电流表读数均减小，A项正确，同理知B项错；当P不动时，匝数nMN不变，输出电压UMN不变，滑动触头向上滑动，R3阻值变大，根据串反并同，得电压表示数变大，电流表示数变小，C项错误，同理知D项也错误2如图2所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为101，b是原线圈的中心接头，电压表V和电流表A均为理想电表，除滑动变阻器电阻R、定值电阻R0以外的其余电阻不计，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1220sin 100t(V)下列说法中正确的是 ()图2At s时刻，c、d两点间

32、的电压瞬时值为110 VB当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22 VC单刀双掷开关与a连接，在滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小D当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流表的示数均变大答案D解析由c、d两点间的电压瞬时值表达式u1220sin 100t(V)，当t s时，u1220sin V110 V，选项A错误由得U2220× V22 V，选项B错误单刀双掷开关与a连接，滑片P向上移动时，电压表示数变大，选项C错误3如图3为远距离输电的示意图，若电厂输出电压u1220sin 100t(V)，则下列表述不正确的是()图3AU1U2，U3U4BU1220

33、 VC若U2提高为原来的10倍，输电线上损失的功率为原来的D用户得到的交变电流频率为25 Hz答案D解析远距离输电采用高压输电，降压后才能使用，所以A正确；U1为有效值，应该是220 V，所以B正确；输电线上损失的功率为P损()2R线，所以C正确；由交变电流的瞬时值表达式可得交变电流的频率为f Hz50 Hz，所以D错误4(多选)图4甲为一火灾报警系统其中R0为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小理想变压器原、副线圈匝数比为51，副线圈输出电压如图乙所示，则下列说法正确的是()图4A原线圈输入电压有效值为220 VB副线圈输出电压瞬时值表达式u44cos 100t(V)CR处出现火

34、情时，原线圈电流增大DR处出现火情时，电阻R0的电功率减小答案AC解析由题图乙可知，副线圈电压的峰值Um44 V，则副线圈电压的有效值为44 V，根据，得U1220 V，故选项A正确由题图乙可知，副线圈电压的峰值Um44 V，周期T0.016 s，125 rad/s，所以u44cos 125t(V)，故选项B错误R处出现火情时，其阻值变小，则副线圈电流变大，线圈匝数比不变，所以原线圈电流增大，故选项C正确R处出现火情时，其阻值变小，则副线圈电流变大，通过电阻R0的电流变大，根据PI2R，可知电阻R0的电功率增大，故选项D错误5(多选)如图5甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1n2101，b

35、是原线圈的中心抽头，S为单刀双掷开关，定值电阻R10 .从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是()图5A当S与a连接后，理想电流表的示数为2.2 AB当S与a连接后，t0.01 s时理想电流表示数为零C当S由a拨到b后，原线圈的输入功率变为原来的4倍D当S由a拨到b后，副线圈输出电压的频率变为25 Hz答案AC解析S与a连接后，由，又知U1 V220 V，得U222 V，则理想电压表的示数为22 V，又知定值电阻R10 ，可得理想电流表示数为I2.2 A，故A对，B错；S由a拨到b后，n1n251，则U1U251，得U22U2，据P得功率变为原来的4倍，故

36、C对；输出电压频率不变，仍为50 Hz，故D错6(多选)在如图6所示的电路中，T为一降压式自耦调压变压器，开始时灯泡L正常发光，现在电源电压U略降低，为使灯L仍能正常发光，可采取的措施是()图6A将自耦调压变压器的滑片P适当上滑B将自耦调压变压器的滑片P适当下滑C适当增大滑动变阻器R2的阻值D适当减小滑动变阻器R2的阻值答案AC解析根据可得U2·U，所以应增加n2，故A正确；匝数比不变，应使R1两端电压减小，则总电流减小，所以使R2阻值增加，故C正确7(多选)远距离输电装置如图7所示，升压变压器和降压变压器均是理想变压器当S由2改接为1时，下列说法正确的是()图7A电压表读数变大B电

37、流表读数变大C电流表读数变小D输电线损失的功率减小答案AB解析改接为1时，升压变压器的原线圈匝数不变，副线圈匝数变大，所以输送电压变大，降压变压器的输入电压和输出电压均变大，电压表示数变大，A正确降压变压器的输出电压变大时，流过灯泡的电流I灯也变大，输电线上的电流I线随着I灯的变大而变大，所以电流表读数变大，B正确，C错误I线变大时，输电线损失的功率P线IR变大，D错误8(多选)如图8所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为110，接线柱a、b接在电压为u22sin 100t(V)的交流电源上，R1为定值电阻，其阻值为100 ，R2为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器下列说法中正确的是()图8At s时，a、b两点间电压的瞬时值为11 VBt s时，电压表的读数为220 VC当温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大D在1分钟内电阻R1上产生的热量为29 040 J答案BCD解析t s时，U22sin 100× V11 V，故A错误；原线圈电压U122 V，则副线圈电压U2220 V，故B正确；温度升高时，U1不变，则U2不变，R2阻值减小，副线圈电流增大，则原线圈电流增大，故C正确；Q·t×60 J29 040 J，故D正确综合应用9(2014·江苏·3)远距离输电的原理图如图