天津市南开区中考物理二模试卷

1、天津市南开区中考物理二模试卷一.单项选择题（本大题共10 小题，每小题3 分，共 30 分）下列每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意1 （ 3 分）如图所示用木槌敲击同一个音叉，第一次轻敲，第二次重敲。两次比较，下列判断正确的是（）a重敲音调高b轻敲响度大c两次敲击音色不同d两次敲击音调一样高2 （ 3 分）如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，下列说法正确的是（）a水的沸腾是一种缓慢的汽化现象b水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气c水的温度必须达到100时，水才会沸腾d水沸腾时温度保持不变，却需要不断吸收热量3 （ 3 分）小兰同学用托盘天平和量简测量一小石块的密度，图甲是

2、调节天平时的情形，图乙和图丙分别是测量石块质量和体积时的情形，下列说法正确的是（）a甲图中应将平衡螺母向左调，使横梁平衡b乙图中测石块质量时，天平的读数是44.8gc由两图量简的示数测得石块的体积是20mm3d计算出石块的密度是2.2103kg/m34 （ 3 分）如图所示，是某同学检查视力时的情景，下列说法正确的是（）a镜中视力表的像是实像b镜中视力表的像比视力表小c镜中视力表的像到该同学的距离为5md镜中视力表的像是光的直线传播形成的5 （ 3分 ） 如 图 所 示 ， 对 于 图 中 所 述 的 物 理 过 程 ， 下 列 分 析 正 确 的 是 （）a图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，

3、空气的内能增大b图乙，试管内的水蒸汽推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少c图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大d图丁，小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作的6 （ 3 分）下列事例中解释正确的是（）a轮船由大海驶入长江，所受浮力不变，船体下沉一些b上坡前加紧用力蹬自行车是为了增大惯性c用注射器将药液注入病人体内，利用了大气压的作用d橡皮泥捏成小船后可以漂浮在水面，是通过改变自身重力实现的7 （ 3 分）如图所示，小球由abcba摆动，忽略空气阻力，下列说法在确的是（）a小球在 a 点具有最大动能b小球在 b 点势能最大c小球从 a 摆到 b 的过程中，动能转化为势能d小球从 b 摆

4、到 c 的过程中，机械能不变8 （3 分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电键s1、 s2同时闭合时，电路中（）a电压表 v 的示数不变b电流表 a1的示数变大c电压表 v 示数与电流表a1示数的比值不变d电压表 v 示数与电流表a 示数的乘积变大9 （ 3 分）家庭电路中的保险丝熔断了，以下原因中不可能的是（）a使用的用电器总功率过大b插座中的两根导线的线头相碰了c拉线开关中两根导线的线头相碰了d保险丝的规格不符合规定的要求10 （3 分） l1、l2两只灯额定电压相同均为u，额定功率p额1p额2，把它们接入电压为u 的电路中，下列说法中错误的是（）a两灯串联使用时，实际功率p1p2b

5、两灯并联使用时，实际功率p1p2c串联时两灯消耗的总功率p总p额2d并联时两灯消耗的总功率p总p额1二、多项选择题（本大题共3 小题，每小题3 分，共 9 分）每小题给出的四个选项中，有一个以上选项符合题意，全部选对的得3 分，选对但不全的得1 分，不选或选错的得0 分11 （3 分）图甲中，凸透镜焦距为10cm保持透镜位置不变，当蜡烛在25cm 刻度处时（）a为了找到像的位置，光屏应在光具座的（6070）cm 的刻度范围内移动b为了找到像的位置，光屏应在光具座的大于70cm 的刻度范围内移动c在光屏上所成烛焰的像应该是图乙中的（d）图d利用这种成像原理可以制成照相机12 （3 分）某物理兴趣

6、小组同学设计了如图甲所示的电路图进行实验探究，电源为可调压直流学生电源，电压表量程为“015v” ，电流表量程为“00.6a” ，小灯泡标有“6v 1.2w ”字样， r0为 20的定值电阻。小组根据记录的电流表和电压表示数变化，描绘出u i 关系图象，如图乙所示，则（）a小灯泡正常发光时的电阻为30b电流表的示数可以随着电源电压的增加而不断增大c当电压表示数为1v 时，通过小灯泡的电流为0.3ad调节电源电压，当小灯泡与定值电阻r0消耗的总功率为0.8w 时，小灯泡的实际电功率为0.6w13 （3 分）底面积为100cm2的烧杯中装有适量水。当金属块浸没在水中静止时，如图甲所示，弹簧测力计的

7、示数f1为 3.4n，水对杯底的压强为p1；当金属块总体积的露出水面静止时，如图乙所示，水对杯底的压强为p2；若 p1、p2之差为 50pa， g取 10n/kg，则（）a水面降低的高度为5104mb金属块的重力为5.4nc图乙中金属块部分露出水面时，金属块受的浮力2nd图乙中金属块部分露出水面时，弹簧测力计的示数为3.9n三、填空题（本大题共7 小题，每小题2 分，共 24 分）14 （2 分）特技跳伞运动员跳离飞机后，在没有打开降落伞的情况下自由下落，当下落速度达到50m/s时开始做匀速直线运动，若运动员以这样的速度下落600m，需要s 的时间。15 （2 分）高铁站台离边缘1m 处有一条

8、黄色的安全警示线，旅客应站在安全警示线以外候车。其原因是列车急速驶入车站时，列车旁边空气流速较大，压强较，若旅客距列车太近，容易发生人身安全事故。16 （4 分）使用简单机械可以给人们的生活带来便利。（1）如图甲所示， 把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小臂（选填 “动力” 或“阻力”） ，剪断物体更省力。（2）如图乙所示，旗杆的顶端安装着一个滑轮，用来改变拉力的方向。17 （4 分）利用如图所示的滑轮组提起一个重为2400n 的物体，不计滑轮自重和摩擦，绳子的拉力f；如果用这个滑轮组达到更加省力的效果，就要改变绳子的绕线方法，则此时拉力f。18 （4 分）如图甲、乙所示，是探究“电流产生的

9、热量跟电阻有关”的实验装置。两个透明容器中都有一段电阻丝，密闭着等量的空气，通电之前，u 型管中液面都相平，装置的两根导线分别接到电源两端，通电一段时间后u 型管中的液柱高度发生变化，如图所示：（1）甲装置通过比较电流产生热量的多少；（2）如果通过乙装置左边容器中5电阻的电流为0.8a ， 则右边容器中的空气1min 最多可从电阻丝吸收的热量的多少为（忽略环境影响） 。19 （4 分）如图所示为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入一段金属丝， 电源的两极分别与水银和金属丝相连。当温度达到金属丝下端所指的温度时，电流通过电磁铁的线圈产生磁性，吸引衔铁，电铃响起，发出

10、报警信号，电磁铁的a 端为极。若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度将（选填“升高”或“降低”） 。20 （4 分）如图， 电源电压保持不变，电阻 r1r2r310 要使 r2、r3并联， 应闭合开关，此时电流表的示数为i1；若断开开关s1、 s2，此时电流表的示数为i2；则 i1：i2。四、综合题（本大题共6 小题，共37 分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位21 （7 分）如图所示，烧瓶中装有0.2kg 煤油，电阻丝的阻值为10 ，闭合开关。调节滑动变阻器滑片，当电流表的示数为2a 时通电 10min，煤油的温度由20升高到60求：（1）煤

11、油吸收的热量；（2）电阻丝加热煤油的效率。（c煤油2.1103j/（kg?） ）22 （6 分）在“测量小灯泡的电阻”实验中，小灯泡的额定电压是2.5v。（1）请你根据图甲电路图用笔画线代替导线将图乙所示电路连接完整；（2）小青在接完最后一根导线时，小灯泡立即发光，请你分析产生这一现象的原因是；（3）小红在第一次测量时的电压等于2.5v ，小灯泡正常发光，请在丙图中画出这时电压表指针的位置，以后小红继续调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐次下降，使灯丝温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光， 测量数据如下表所示。 从数据可以看出， 实验中滑动变阻器的滑片逐渐向（选“a”或“ b” ）端滑动，小灯

12、泡不接入电路时，其电阻最接近 。实验次数1234567电压 u/v2.52.11.71.30.90.50.1电流 i/a0.280.260.240.210.190.160.05（4）对比不同电压下的小灯泡电阻值，我们得出结论：随着小灯泡灯丝温度不断降低，小灯泡的电阻（选填“逐渐变大” “不变”或“逐渐变小”）23 （5 分）小红和小黄在探究“液体压强的大小与液体深度和液体密度的关系”实验中， 所用的器材有：u 形管压强计、烧杯、刻度尺，足量的酒精、水和盐水，已知酒精水盐水。（1）小红同学用如图所示装置分别测得水和盐水在不同深度时，压强计（u 形管中是水）两液柱的液面高度情况。为了研究同一深度液

13、体在各个方向的压强是否相等，她应控制的量有和相同。（2）小黄探究 “液体压强的大小与液体密度的关系”，下面是小黄为了记录实验数据画出的表格但信息不完整。 请你帮他把表格中（a） 、 （b）两处的信息补充完整：实验次数（a）液体深度h/cm（b）液体压强的大小比较123 表格中“液体深度h/cm”数据填写时的要求是（选填“由大到小” 、 “从小到大” 、 “相同“或“无要求”） 。24 （7 分）某物理课外活动小组按图所示电路图连接电路，进行实验，电源电压保持不变，r1为定值电阻、滑动变阻器r2的最大值为25 ，三次改变滑动变阻器滑片p 的位置，得到下表的实验数据。通过计算，求：（1）电压表v

14、上三次的示数各为多大？（2） r1的阻值是多少欧？（3） r1的两端电压最小为多少伏？次数a1表示数（ a）a2表示数（ a）v1表示数（ v）v2表示数（ v）10.40.46620.50.57.54.530.60.69325 （6 分）某学习小组想测量一块形状不规则的小矿石的密度，他们手边只有以下器材：天平一台（但没有砝码），两个质量相近的烧杯，量简（其内径略小于矿石块的尺寸，无法将小矿石块直接放入其中） ，细线，滴管和足量的水（已知水的密度为水） 。请你利用上述器材帮助他们写出实验步骤，并写出小矿石密度的表达式。（提示：本题要求烧杯不可当作溢水杯使用）实验步骤：矿石密度的表达式：26 （

15、6 分）物理小组想利用学到的浮力知识制作一个浮力秤。他们找来一个瓶身为柱状体的空饮料瓶，剪掉瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖系上一块质量适当的石块，然后将其倒置在水桶里，如图甲所示。使用时，只要把被测物体投入瓶中，从水面所对的刻度就可以直接读出被测物体的质量，请你按要求完成：（1）写出石块所起的作用，并在乙图中画出石块在甲图中所示状态的受力示意图。（2）已知被测物体的质量为m，饮料瓶圆柱状部分的半径为r，在浮力秤中放入被测物体后，瓶身浸入的深度增加值为k，通过计算分析，这种浮力秤的质量刻度是否均匀。（3）经测量，该饮料瓶圆柱状部分的直径为8.0cm，当浮力秤中不放被测物体时，水面所对位置为零刻度（如图甲

16、所示） 。请根据甲图中左侧标明的长度值，通过计算，在左侧“4”刻度线的右侧给浮力秤标明对应的质量值是g （取 3.14，最后结果只保留整数，不必写出计算过程）。天津市南开区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一.单项选择题（本大题共10 小题，每小题3 分，共 30 分）下列每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意1 （ 3 分）如图所示用木槌敲击同一个音叉，第一次轻敲，第二次重敲。两次比较，下列判断正确的是（）a重敲音调高b轻敲响度大c两次敲击音色不同d两次敲击音调一样高【分析】 声音的三个特征分别是：音调、响度、 音色， 是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音

17、的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。同一个音叉的发声频率是固定不变的，故音调不变； 音色也是不变的， 用大小不同的力敲击音叉，改变了音叉的振动幅度，导致音叉的响度不同。【解答】 解：同一个音叉的发声频率是固定不变的，故音调不变；音色也是不变的，用大小不同的力敲击音叉，改变了音叉的振动幅度，导致音叉的响度不同。故选： d。【点评】 声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。2 （ 3 分）如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，下列说法正确的是（）a水的沸腾是一种缓慢的汽化现象b水沸腾时出现大量的“白

18、气”是水蒸气c水的温度必须达到100时，水才会沸腾d水沸腾时温度保持不变，却需要不断吸收热量【分析】（1）蒸发和沸腾时汽化的两种方式；（2）水沸腾时温度不变，持续吸热；（3）水沸腾的条件是到达沸点，持续吸热；（4） “白气”是液化现象。【解答】 解：a、水的沸腾是一种剧烈的汽化现象，故a 错误；b、水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故b 错误。c、水沸腾的条件是到达沸点，持续吸热，故c 错误；d、水沸腾时温度保持不变，需要不断吸收热量，故d 正确。故选： d。【点评】 本题考查了水的沸腾现象，熟悉沸腾的特点是解题的关键。3 （ 3 分）小兰同学用托盘天平和量简测量一小石块的密度

19、，图甲是调节天平时的情形，图乙和图丙分别是测量石块质量和体积时的情形，下列说法正确的是（）a甲图中应将平衡螺母向左调，使横梁平衡b乙图中测石块质量时，天平的读数是44.8gc由两图量简的示数测得石块的体积是20mm3d计算出石块的密度是2.2103kg/m3【分析】 a、调节天平平衡时，平衡螺母的移动方向与指针的偏转方向相反；b、天平的读数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；c、石块的体积等于水和石块的总体积减水的体积；d、根据 计算出石块的密度。【解答】 解： a、由图甲知，指针左偏，应将平衡螺母向右调使横梁平衡，故a 错误；b、由图乙知，标尺的分度值为0.2g，石块的质量m20g+2

20、0g+4g44g，故 b 错误；c、由图丙知，水的体积为60ml，水和石块的总体积为80ml，则石块的体积v80ml60ml20ml20cm3，故 c 错误；d、石块的密度 2.2g/cm32.2103kg/m3，故 d 正确。故选： d。【点评】 此题是测量岩石的密度实验，考查了天平和量筒的使用及读数及密度的计算，测固体密度，在初中物理中是重要内容，学习中必须掌握。4 （ 3 分）如图所示，是某同学检查视力时的情景，下列说法正确的是（）a镜中视力表的像是实像b镜中视力表的像比视力表小c镜中视力表的像到该同学的距离为5md镜中视力表的像是光的直线传播形成的【分析】 根据平面镜成正立、等大的虚像

21、可对选项a、b 作出判断；根据平面镜成像特点像距等于物距可对选项c 作出判断；根据平面镜成像原理可对选项d 作出判断。【解答】 解： a、b、因为平面镜成像的特点是成正立、等大的虚像，所以选项a、 b 错误；c、从图示中可以看出，视力表距离平面镜3m，因为像距等于物距，可知视力表的像距离平面镜也为 3m，而该同学距离平面镜为2m，所以镜中视力表的像到该同学的距离为3m+2m 5m，故本选项正确；d、因为平面镜成像是由于光反射形成的，所以选项d 错误。故选： c。【点评】 平面镜成像的原理和特点在近年中考题中较为热点。此类题目看起来非常繁琐，其实有规律可循，只要紧扣平面镜的特点，解答就不难。5

22、（ 3分 ） 如 图 所 示 ， 对 于 图 中 所 述 的 物 理 过 程 ， 下 列 分 析 正 确 的 是 （）a图甲，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大b图乙，试管内的水蒸汽推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少c图丙，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大d图丁，小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作的【分析】（1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题；（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。【解答】 解：a、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小；故a 错误；b

23、、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低；故b 正确；c、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体对活塞做功，所以气体的内能会减小，故c 错误；d、图中小蒸汽轮机是利用内能做功的，即将内能转化成机械能的；故d 错误。故选： b。【点评】 本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。6 （ 3 分）下列事例中解释正确的是（）a轮船由大海驶入长江，所受浮力不变，船体下沉一些b上坡前加紧用力蹬自行车是为了增大惯性c用注射器将药液注入病人体内，利用了大气压的作用d橡皮泥捏成小船后可以漂浮在水面，是通过

24、改变自身重力实现的【分析】 （1）当轮船由大海驶入长江后，都是漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积（浸入水中的体积）的变化，得出是上浮一些，还是下沉。（2）惯性的大小由质量决定，与速度大小无关；（3）注射器吸药液时利用了大气压，但将药液注入人体时是借助了手的推力；（4）利用“空心”的办法增大排开液体的体积，从而增大物体受到的浮力。【解答】 解： a、当轮船由从大海驶入长江后，仍然漂浮，船受到的浮力：f浮g，因为船受到的重力不变，所以船受到的浮力不变，海水江水，根据 f浮水v排g 可知，排开江水的体积大于排开海水的体积，即：船浸入水中的体积变大，船下沉一

25、些。故a 正确；b、上坡前加紧用力蹬车是为了增加动能，上坡更容易，惯性的大小由质量决定，与速度大小无关，所以惯性大小不变，故b 错误；c、用注射器将药液注入病人体内，是利用了手的信力，没有利用大气压的作用，故c 错误；d、 橡皮泥捏成小船后可以漂浮在水面，橡皮泥的重力不变，是通过改变排开水的体积来实现漂浮的，故 d 错误。故选： a。【点评】 本题综合考查了惯性的理解、漂浮条件、 大气压的应用等，都是重要的物理规律，值得关注。7 （ 3 分）如图所示，小球由abcba摆动，忽略空气阻力，下列说法在确的是（）a小球在 a 点具有最大动能b小球在 b 点势能最大c小球从 a 摆到 b 的过程中，动

26、能转化为势能d小球从 b 摆到 c 的过程中，机械能不变【分析】 根据动能与重力势能的转化的知识分析，动能由物体的速度决定，势能由物体的高度决定。【解答】 解： a、a 点是最高点，速度为零，即动能为零，重力势能最大，故a 错误；b、b 点高度最低，故此时重力势能最小，故b 错误；c、从 a 到 b 的过程中，物体的高度降低，速度增大，即重力势能减小，动能增大；故重力势能转化为动能；故c 错误；d、小球从 b 到 c 的过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的，故d 正确；故选： d。【点评】 本题考查了动能与重力势能的转化与守恒，动能与质量和速度有关，重力势能与高度和质量有关。8 （3 分）在如

27、图所示的电路中，电源电压保持不变，电键s1、 s2同时闭合时，电路中（）a电压表 v 的示数不变b电流表 a1的示数变大c电压表 v 示数与电流表a1示数的比值不变d电压表 v 示数与电流表a 示数的乘积变大【分析】 当电键s1、s2同时闭合时，电路为r1的简单电路，电压表无示数，两电流表均测通过r1的电流，当电键s1、s2均闭合时， r1与 r2并联，电压表测电源的电压，电流表a 测干路电流，电流表 a1测 r1支路的电流；根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过r1电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后判断选项得出答案。【解答】

28、 解：当电键s1、s2断开时，电路为r1的简单电路，电压表无示数，两电流表均测通过r1的电流，当电键s1、s2均闭合时， r1与 r2并联，电压表测电源的电压，电流表a 测干路电流，电流表a1测 r1支路的电流；a、电压表 v 的示数变大，故a 错误；b、因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以， 通过 r1的电流不变， 即电流表a1的示数不变，故 b 错误；c、因为电压表v 的示数变大，电流表a1的示数不变，故电压表v 示数与电流表a1示数的比值变大，故 c 错误；d、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表a 的示数变大，故电压表 v 示数与电流表a 示数的

29、乘积变大，故d 正确。故选 d。【点评】 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点，分析好电键s1、s2同时闭合时电路连接方式的判断和电表所测电路元件的辨别是关键。9 （ 3 分）家庭电路中的保险丝熔断了，以下原因中不可能的是（）a使用的用电器总功率过大b插座中的两根导线的线头相碰了c拉线开关中两根导线的线头相碰了d保险丝的规格不符合规定的要求【分析】家庭电路中的保险丝熔断，是由于电路中的电流过大引起的，而产生电流过大的原因有两个：一是发生了短路，另一个是用电器总功率过大。【解答】 解： a、根据pui 可得： i，家庭电路中的电压是一定的，u220v，所以用电器总功率过大， 电路中的总

30、电流就会过大，电流通过保险丝产生的热量就会过多，保险丝温度升高而熔断，故 a 可能；b、插头中的两根导线线头相碰，电路中发生短路，导致电路中电流过大，熔断保险丝，故b 可能；c、拉线开关中两根导线的线头相碰，使电路闭合，用电器工作，不会使保险丝熔断，故c 不可能，故 c 正确；d、如果保险丝的熔断电流小于电路中的正常工作电流，电流通过保险丝产生的热量多，保险丝会熔断，故 d 可能；故选： c。【点评】 解决本题的关键是要知道保险丝是怎样来保护家庭电路的，并结合各种情况分析电路中电流大小的变化。10 （3 分） l1、l2两只灯额定电压相同均为u，额定功率p额1p额2，把它们接入电压为u 的电路

31、中，下列说法中错误的是（）a两灯串联使用时，实际功率p1p2b两灯并联使用时，实际功率p1p2c串联时两灯消耗的总功率p总p额2d并联时两灯消耗的总功率p总p额1【分析】 根据 r比较两灯泡电阻的大小；（1）根据串联电路中处处电流相等以及pi2r 比较两灯泡实际功率的大小；（2）利用并联电路两端电压相等以及p比较两灯泡的实际功率；（3）根据 p比较串联时两灯消耗的总功率与l2额定功率的大小；（4）根据 p比较串联时两灯消耗的总功率与l1额定功率的大小。【解答】 解：因为l1、 l2两只灯额定电压相同均为u，额定功率p额1p额2所以由 r可知， r1r2；a、两灯串联使用时，电路中的电流相等，并

32、且r1r2，由 p i2r 可知，实际功率p1p2；故 a 正确；b、两灯并联使用时，并联电路两端电压相等，并且r1r2，由 p可知，实际功率p1p2；故b 正确；c、因为串联电路的总电阻大于l2的电阻，由p可知， p总p额2；故 c 正确；d、两灯并联使用时，并联电路两端电压相等，并联电路中的总电阻小于任何一个电阻的阻值，由p可知， p总p额1；故 d 错误。故选： d。【点评】 本题考查了串联电路电流特点和并联电路电压特点，关键是电功率公式的灵活选取，即pui 、pi2r 及 p。二、多项选择题（本大题共3 小题，每小题3 分，共 9 分）每小题给出的四个选项中，有一个以上选项符合题意，全

33、部选对的得3 分，选对但不全的得1 分，不选或选错的得0 分11 （3 分）图甲中，凸透镜焦距为10cm保持透镜位置不变，当蜡烛在25cm 刻度处时（）a为了找到像的位置，光屏应在光具座的（6070）cm 的刻度范围内移动b为了找到像的位置，光屏应在光具座的大于70cm 的刻度范围内移动c在光屏上所成烛焰的像应该是图乙中的（d）图d利用这种成像原理可以制成照相机【分析】 根据凸透镜成像的规律，知道当物距大于2f 时，成倒立缩小的实像，此时像距处于f 和 2f之间；照相机就是利用此原理制成的。【解答】 解： ab、此时物体处于2 倍焦距以外，为了找到像的位置，光屏应在1 倍焦距和2 倍焦距之间，

34、所以光屏应在光具座的（6070）cm 的刻度范围内移动，故a 正确， b 错误；c、由于物体在2 倍焦距以外，即此时能成一个倒立缩小的实像，故此时的像应是图乙中的（b）图，故错误；d、由于物体在2 倍焦距以外，利用这种成像原理可以制成照相机，故正确；故选： ad 。【点评】 此题主要考查了凸透镜成像的规律及其应用，特别搞清像距与物距之间的关系，凸透镜三种成像情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。12 （3 分）某物理兴趣小组同学设计了如图甲所示的电路图进行实验探究，电源为可调压直流学生电源，电压表量程为“015v” ，电流表量程为“00.6a” ，小灯泡标有“6v 1.2w ”

35、字样， r0为 20的定值电阻。小组根据记录的电流表和电压表示数变化，描绘出u i 关系图象，如图乙所示，则（）a小灯泡正常发光时的电阻为30b电流表的示数可以随着电源电压的增加而不断增大c当电压表示数为1v 时，通过小灯泡的电流为0.3ad调节电源电压，当小灯泡与定值电阻r0消耗的总功率为0.8w 时，小灯泡的实际电功率为0.6w【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式p计算出灯泡正常发光时的电阻；（2）分析电路的连接情况和电流表作用，根据并联电路特点和欧姆定律结合图象分析解答；（3）从乙图中读出电路消耗的功率为0.8w 时，对应的电压表和电流表示数，进而可求出通过定值电阻的电

36、流大小，根据并联电路的电流特点，进一步可求出通过灯泡的电流大小，然后根据p ui计算出其实际功率。【解答】 解：a、由题可知，灯泡的额定电压u额6v，额定功率p额12w，由 p可得，灯泡正常发光时的电阻为：r30 ，故 a 正确；bc、由图甲知， l 与 r0并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，当电源电压增大，l 与 r0两端电压都增大，由图知灯泡的电流增大，由i可知通过r0的电流增大，由并联电路的电流特点可知电流表示数增大，故b 正确；当电压表示数为1v 时，灯泡两端电压也为1v，由图乙知，此时通过小灯泡和定值电阻的总电流为0.3a，故 c 错误；d、当电路消耗的总功率为0.8w，根据

37、pui ，从乙图中可以看出，电流表和电压表的示数分别为0.4a 和 2v；此时通过定值电阻r0的电流为： i00.1a，通过灯泡的电流为：il ii0 0.4a0.1a 0.3a，所以此时灯泡的实际功率为：pl实uil 2v 0.3a0.6w，故 d 正确。故选： abd 。【点评】 本题考查了并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键是从图象中获取有用的信息。13 （3 分）底面积为100cm2的烧杯中装有适量水。当金属块浸没在水中静止时，如图甲所示，弹簧测力计的示数f1为 3.4n，水对杯底的压强为p1；当金属块总体积的露出水面静止时，如图乙所示，水对杯底的压强为p2；若 p1、p2

38、之差为 50pa， g取 10n/kg，则（）a水面降低的高度为5104mb金属块的重力为5.4nc图乙中金属块部分露出水面时，金属块受的浮力2nd图乙中金属块部分露出水面时，弹簧测力计的示数为3.9n【分析】 （1）知道两种情况下杯底受到的压强差，根据液体压强公式求杯内水面下降的高度，从而可求出金属块排开水的体积，也就可以求出金属块的体积；（2）利用称重法f浮g+f 示分别得出一个方程，而金属块重相同，求出两种情况下金属块受到的浮力，又知道f1，据此求出图乙弹簧测力计的示数；【解答】 解： （1）根据 p gh 可得水面降低的高度：h 5103m，故 a 错误；（2）此时 v排sh 1001

39、04m25103m5105m3，由于金属块的体积露出水面：所以 v金45105m32104m3200cm3；在图甲和图乙中，金属块受力如图1 和 2所示：由于两次金属块都处于平衡状态，则有：f1+f浮g，f2+f浮 g；图甲中金属块受到的浮力为：f浮水gv物1103kg/m310n/kg 2104m32n，所以，金属受到的重力为g 3.4n+2n 5.4n，故 b 正确；图乙中物体受到的浮力为：f浮（ 1）f浮2n1.5n ，故 c 错误所以， f25.4n1.5n3.9n，故 d 正确。故选： bd 。【点评】 解决本题的关键是灵活运用阿基米德原理和称重法测浮力，在解答的过程中要注意单位的换

40、算。三、填空题（本大题共7 小题，每小题2 分，共 24 分）14 （2 分）特技跳伞运动员跳离飞机后，在没有打开降落伞的情况下自由下落，当下落速度达到50m/s时开始做匀速直线运动，若运动员以这样的速度下落600m，需要12s 的时间。【分析】 已知下落速度和下落路程，利用速度公式计算下落时间即可。【解答】 解：由题知，运动员匀速运动的速度v50m/s，下落路程s600m，根据 v可得，需要的时间：t12s。故答案为： 12。【点评】 此题考查速度公式及其应用，难度不大，是一道较为简单的计算题。15 （2 分）高铁站台离边缘1m 处有一条黄色的安全警示线，旅客应站在安全警示线以外候车。其原因

41、是列车急速驶入车站时，列车旁边空气流速较大，压强较小，若旅客距列车太近，容易发生人身安全事故。【分析】 液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小。【解答】 解：高铁进站，列车速度大造成列车周围空气流速大，人和列车之间的压强小，人在压强差下被压向列车，容易造成危险，故旅客应站在安全警示线以外候车。故答案为：小。【点评】 掌握流体流速和压强的关系，并能用流体压强知识解释有关问题。16 （4 分）使用简单机械可以给人们的生活带来便利。（1）如图甲所示， 把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小阻力臂（选填“动力” 或 “阻力”） ，剪断物体更省力。（2）如图乙所示，旗

42、杆的顶端安装着一个定滑轮，用来改变拉力的方向。【分析】（1）根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力。（2）定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向。【解答】 解： （1）图中剪刀在使用过程中，在同样的情况下，把被剪物体往剪刀转动轴靠近，减小了阻力臂， 由 f1l1f2l2可知： 阻力臂 l2越小， 越省力。 因此这样做的目的是减小阻力臂，可以省力。（2）旗杆上的滑轮为定滑轮，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；当旗帜缓慢下降时，绳子相对于手向上运动，手对绳的拉力方向向下。故答案为：（1）阻力；（2）定。【点评】 本题主要考查学生对定滑轮工作特点以及杠杠的应用的了解和

43、掌握，是一道基础题。17 （4 分）利用如图所示的滑轮组提起一个重为2400n 的物体，不计滑轮自重和摩擦，绳子的拉力f600n；如果用这个滑轮组达到更加省力的效果，就要改变绳子的绕线方法，则此时拉力f480n。【分析】（1）不计摩擦及绳子、滑轮自重，利用fg 计算绳子的拉力；（2）要使这个滑轮组达到更加省力的效果，绳子从下面的动滑轮上挂钩开始绕起；利用fg 计算绳子的拉力。【解答】 解：（1）由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数为4，不计滑轮自重和摩擦，绳子的拉力：fg2400n600n；（2）要使这个滑轮组达到更加省力的效果，绳子应从动滑轮上面的挂钩开始绕起，依次经过上面的定滑轮、下面的动滑

44、轮，如图所示：；此时承担物重的绳子段数为5，此时拉力：fg2400n480n。故答案为： 600n；480n。【点评】 本题考查了使用滑轮组绳子拉力的计算，以及滑轮组的设计与组装，属于基础题目。18 （4 分）如图甲、乙所示，是探究“电流产生的热量跟电阻有关”的实验装置。两个透明容器中都有一段电阻丝，密闭着等量的空气，通电之前，u 型管中液面都相平，装置的两根导线分别接到电源两端，通电一段时间后u 型管中的液柱高度发生变化，如图所示：（1）甲装置通过液面高度差的变化比较电流产生热量的多少；（2）如果通过乙装置左边容器中5电阻的电流为0.8a ， 则右边容器中的空气1min 最多可从电阻丝吸收的

45、热量的多少为48j（忽略环境影响） 。【分析】 （1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；（2）根据串并联电路的电流、电压、电阻关系和焦耳定律q放i2rt 解答。【解答】 解： （1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化得到；（2）图乙装置中一个5的电阻与两个5 的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即i右i左0.8a ，两个 5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知i右i1+i2，由 i可知，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，i1

46、i2，所以右边容器中的通过电阻的电流i10.4a ，右边容器中空气吸收的热量等于电阻放出的热量，q吸q放i2rt（ 0.4a）25 60s48j。故答案为：液面高度差的变化；48j。【点评】 掌握电流产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系。19 （4 分）如图所示为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入一段金属丝， 电源的两极分别与水银和金属丝相连。当温度达到金属丝下端所指的温度时，电流通过电磁铁的线圈产生磁性，吸引衔铁，电铃响起，发出报警信号，电磁铁的a端为s极。若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度将降低（选

47、填“升高”或“降低”） 。【分析】 温度自动报警器是由于温度计所在的环境温度的变化导致了控制电路的接通，从而实现了自动控制。电磁铁的n、 s 极可以利用安培定则来确定；将金属丝向下调整，报警温度降低。【解答】 解：温度自动报警器的工作过程是这样的，当温度升高时， 玻璃泡中的液体膨胀，液注上升，当升高到警戒温度即金属丝下端对应的温度时，控制电路接通， 电磁铁有磁性，吸引衔铁， 从而使工作电路接通报警。要使金属丝的下端向下调整，则报警温度会降低；由电路可知电磁铁中的电流是从右端流入，左端流出，利用安培定则可以确定，电磁铁的a 端为s极。故答案为： s；降低。【点评】 本题考查了电磁铁在电磁继电器上

48、的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关，解题时结合电磁继电器的原理进行分析。20 （4 分）如图，电源电压保持不变，电阻r1r2r310 要使 r2、r3并联，应闭合开关s1、s2，此时电流表的示数为i1；若断开开关s1、s2，此时电流表的示数为i2；则 i1：i24：1。【分析】 电路元件的连接有串联和并联两种方式：由于串联电路只有一条电流路径，流过一个元件的电流同时流过另一个元件，因此各元件相互影响；而并联电路中有多条支路，所以各元件独立工作、互不影响。利用欧姆定律计算电流i1、i2的大小，然后相比即可。【解答】 解： （1）如图所示，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使

49、电阻r2、r3并联，则电流必须分别流入电阻r2、 r3中，所以应闭合开关s1、s2；（2）电阻r1r2r310 。r2、r3并联时， r并r210 5 ，则电流i1；当开关 s1、s2断开时， r1、r2串联， r串2r1 210 20 ，电流 i2；故 i1：i2：20 ：5 4：1。故答案为： s1、s2；4：1。【点评】 本题是一道关于电路组成、电阻的串并联以及欧姆定律的综合题，在解题时应先根据串、并联电路电阻的特点，分别表示出电流的大小，再计算电流的比值。四、综合题（本大题共6 小题，共37 分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位21 （7

50、分）如图所示，烧瓶中装有0.2kg 煤油，电阻丝的阻值为10 ，闭合开关。调节滑动变阻器滑片，当电流表的示数为2a 时通电 10min，煤油的温度由20升高到60求：（1）煤油吸收的热量；（2）电阻丝加热煤油的效率。（c煤油2.1103j/（kg?） ）【分析】（1）知道煤油的质量，煤油的比热容和温度变化，可利用热量公式q吸cm（tt0）计算出煤油吸收的热量。（2）从图可知， 电阻丝与滑动变阻器串联，电流表测量的是整个电路中的电流。知道电阻丝的阻值、通过电阻丝的电流和通电时间，可利用公式qi2rt 计算出电流通过电阻丝放出的热量，再利用公式 计算出电阻丝加热煤油的效率。【解答】 解：（1） c

51、煤油2.1103j/（kg?） ，m0.2kg，t020， t60，煤油吸收的热量为：q吸c煤油m（tt0） 2.1103j/（kg?） 0.2kg（ 60 20） 1.68104j；（2）电阻丝与滑动变阻器串联，电流表测量的是整个电路中的电流，通过电阻丝的电流为i2a，而 r10 ，t 10min600s，电流通过电阻丝放出的热量为：qi2rt（ 2a）210 600s2.4104j，则电阻丝加热煤油的效率为： 100%100%70%。答： （ 1）煤油吸收的热量为1.68104j。（2）电阻丝加热煤油的效率为70%。【点评】 本题考查了学生对吸热公式和焦耳定律公式的掌握和运用，以及对能量利

52、用效率的理解和应用，是一道电学与热学的综合应用题，在计算过程中要注意单位的换算。22 （6 分）在“测量小灯泡的电阻”实验中，小灯泡的额定电压是2.5v。（1）请你根据图甲电路图用笔画线代替导线将图乙所示电路连接完整；（2）小青在接完最后一根导线时，小灯泡立即发光，请你分析产生这一现象的原因是连接电路时，开关没有断开；（3）小红在第一次测量时的电压等于2.5v ，小灯泡正常发光，请在丙图中画出这时电压表指针的位置，以后小红继续调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐次下降，使灯丝温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光， 测量数据如下表所示。从数据可以看出， 实验中滑动变阻器的滑片逐渐向b（选“a”或

53、“ b” ）端滑动，小灯泡不接入电路时，其电阻最接近2 。实验次数1234567电压 u/v2.52.11.71.30.90.50.1电流 i/a0.280.260.240.210.190.160.05（4）对比不同电压下的小灯泡电阻值，我们得出结论：随着小灯泡灯丝温度不断降低，小灯泡的电阻逐渐变小（选填“逐渐变大” “不变”或“逐渐变小”）【分析】（1）变阻器按一下一上接入电路中；（2）为保护电路，连接电路时，开关要断开；（3）丙图中，电压表选用小量程，分度值为0.1v，据此画出2.5v 电压表指针的位置；以后调节滑动变阻器， 让小灯泡两端的电压逐次下降，根据串联电路电压的规律，分析变阻器分

54、得电压变化，由串联电路的分压原理可知，确定变阻器连入电阻变化；由题知，小灯泡两端的电压逐次下降，使灯丝温度不断降低，由表格数据知，小灯泡不接入电路时，电阻最接近第7 次实验时灯泡电阻，由欧姆定律求第7 次实验时的电阻；（4）由表中数据，根据欧姆定律，分别求出第17 次电阻的大小得出结论。【解答】 解：（1）变阻器按一上一下接入电路中，如下图左所示：（2）小青在接完最后一根导线时，小灯泡立即发光，说明连接电路时，开关没有断开；（3）丙图中，电压表选用小量程，分度值为0.1v，据此画出2.5v 电压表指针的位置，如上图右所示：以后调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐次下降，根据串联电路电压的规律，

55、变阻器分得电压增大，由串联电路的分压原理可知，变阻器连入电阻变大，应将滑片向b 端滑动；由题知，小灯泡两端的电压逐次下降，使灯丝温度不断降低，由表格数据知，小灯泡不接入电路时，电阻最接近第7 次实验时灯泡电阻，所以： rl 2 ；（4）由表中数据，根据欧姆定律，第17 次电阻的大小分别为：r18.93 、8.08 、2 ，随着小灯泡灯丝温度不断降低，小灯泡的电阻逐渐变小；故答案为：（1）见上图；（2）连接电路时，开关没有断开；（3）b；2； （4）逐渐减小。【点评】 本题测量小灯泡的电阻，考查电路的连接、注意事项、电路的分析、电阻计算等知识。23 （5 分）小红和小黄在探究“液体压强的大小与液

56、体深度和液体密度的关系”实验中， 所用的器材有：u 形管压强计、烧杯、刻度尺，足量的酒精、水和盐水，已知酒精水盐水。（1）小红同学用如图所示装置分别测得水和盐水在不同深度时，压强计（u 形管中是水）两液柱的液面高度情况。为了研究同一深度液体在各个方向的压强是否相等，她应控制的量有液体的密度和液体的深度相同。（2）小黄探究 “液体压强的大小与液体密度的关系”，下面是小黄为了记录实验数据画出的表格但信息不完整。 请你帮他把表格中（a） 、 （b）两处的信息补充完整：实验次数（a）液体深度h/cm（b）液体压强的大小比较123 表格中“液体深度h/cm”数据填写时的要求是相同（选填“由大到小” 、

57、“从小到大” 、 “相同“或“无要求” ） 。【分析】 （1）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中， 应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度可判断此题；（2） 液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，液体压强计就是利用u 形管中液面的高度差来体现压强的大小，压强越大，u 形管液面高度差越大； 探究“液体压强的大小与液体密度的关系”的实验中，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度。【解答】 解： （1）根据控制变量法的要求，为了研究同一深度液体在各个方向的压强是否相等，她应控制的量有液体密度和液体的深度相同，改变橡皮膜的方向。（2） 液体内部

58、的压强与液体的深度和密度都有关系，实验中选用了水和盐水来探究液体压强与液体密度的关系，故表格（a）处应该填“液体的密度”，实验通过u 形管中液面的高度差来体现压强的大小，故表格（b）处应该填“ u 形管两侧液面高度差h/cm” ； 根据控制变量法的要求，要探究“液体压强的大小与液体密度的关系”的关系，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，故表格中“液体深度h/cm”应该都相同。故答案为：（1）液体的密度；液体的深度；（2） （a）液体的密度； （b）u 形管两侧液面高度差h/cm； 相同。【点评】 掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法和转化法探究液体压强大小的影响因素。24 （7 分）

59、某物理课外活动小组按图所示电路图连接电路，进行实验，电源电压保持不变，r1为定值电阻、滑动变阻器r2的最大值为25 ，三次改变滑动变阻器滑片p 的位置，得到下表的实验数据。通过计算，求：（1）电压表v 上三次的示数各为多大？（2） r1的阻值是多少欧？（3） r1的两端电压最小为多少伏？次数a1表示数（ a）a2表示数（ a）v1表示数（ v）v2表示数（ v）10.40.46620.50.57.54.530.60.693【分析】（1）分析电路图可知r1和 r2串联在电路中，电流表a1、a2都测电路电流，电压表v1测r1的电压， v2测 r2的电压， v 测电源电压。根据串联电路电压规律可计算

60、v 的示数。（2）从表格中选取一组对应的电压值和电流值根据欧姆定律可计算r1的阻值多大。（3） r1的电阻不变，根据欧姆定律通过电路电流最小时r1的电压最小，则滑动变阻器接入电路的电阻应为最大，进一步计算r1的两端电压最小为多少。【解答】 解：由电路图可知，r1和 r2串联，电流表a1、a2都测电路中的电流，电压表v1测 r1的电压， v2测 r2的电压， v 测电源电压。（1）串联电路中总电压等于各分电压之和，则第 1 次电压表v 的示数： uu1+u26v+6v 12v，第 2 次电压表v 的示数： u u1+u27.5v+4.5v 12v，第 3 次电压表v 的示数： u u1+u29v