2019年广东省中山市中考物理二模试卷

1、2019年广东省中山市中考物理二模试卷题号一一二四五六总分一得分一、单选题（本大题共 7小题，共21.0分）1.踢足球是我国青少年喜爱的一项体育运动，如图所示是一次精彩的传球攻门过程,下列说法正确的是（）A.在此过程中，足球的重力势能是不变的B,足球对脚的作用力和脚对足球的作用力是一对平衡力C.足球飞行路线发生了变化，说明力能改变物体的运动状态D.足球在空中能够继续飞行，是因为受到惯性力的作用2 .下列四种自然气候现象对应的物态变化连线正确的是（A.霜-凝华 B.雾-汽化C.露熔化3 . 关于声现象，下列说法中正确的是（）A.用声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能够传递信息B.声音在真空中

2、传播的速度是340m/sC.市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处减弱噪声D. “闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的4.如图所示的四个实例中，属于增大压强的是（）D.雪-升华第9页，共19页5.如图所示的四幅图中能说明发电机工作原理的是（）6. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当烛焰、凸透镜（焦距约为13cm）、光屏处于如图所示的位置时，在光屏上恰好得到一个清晰的像，利用这一成像规律可以制成（）A.照相机B.投影仪C.放大镜D.潜望镜7 .巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻值随外磁场减小而增大的现象，在图中所示的电路中（电源电压不变），当闭合开关Si、S2并使滑片P向右滑动

3、时，指示灯亮度及电流表的变化情况是（）A.指示灯变亮电流表示数增大B.指示灯亮度不变电流表示数减小C.指示灯亮度不变电流表示数增大D.指示灯变暗电流表示数减小二、填空题（本大题共 10小题，共27.0分）8 .在水银、硅、铁、玻璃中，可以用来制作二极管材料的是 .在煤、石油、 水能和天然气中属于可再生能源的是 .在输电导线、滑动变阻器、灯丝、 电炉丝中，可能应用超导材料的是 .9 .某同学在湖边树荫下乘凉，发现地面上有很多圆形光斑，这是由于光的直线传播形成 （选填“树叶”或“太阳”）的像.她看到湖水中有树的倒影和鱼，其 中“倒影”是光的 现象.实际看到的鱼是由于光的折射形成的 像.（选填“实”

4、或“虚”）10 .某同学用托盘天平和量筒测量一小块岩石的密度.他调节天平时出现了图甲所示情形，他应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）移动使天平平衡.图乙和 图丙分别是测量质量和体积时的读数，则该岩石的密度为 kg/m3,若将该岩 石带到月球，其质量 （选填“变大”、“变小”或“不变”）内11.如图所示，是甲、乙两种物质的熔化图象。 由图可知（选填“甲”或“乙”） 物质是晶体，该晶体的熔点是 C,图甲中物体在 a点时具有的内能 则该售货员对货物做功J,货物的重力做功是N.13 .如图所示，一根轻质木杆A端细线下重50N的物体， 静止在水平地面上，物体的底面积是200cm2,已知OA=15cm,

5、 OB=5cm,在杠杆B点施加竖直向下的力为 30N,此时，物体受到杠杆对它的拉力是 N,物体受到个力的作用，物体对地面的压强是Pa。14 .如图所示的电路中，R1为5定值电阻，R2为滑动变阻器,关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压 2所示，则电源电压为 V, R2的最大阻值为 耗的功率为W.斤（ 外r i心工0.2I_ Q图1图？15 .如图所示，画出对应的入射光线和折射光线；_ J,物体受到的摩擦阻力Fif I<r电源电压/、交.闭合开 同数U的变化关系如图帛当P在中点时，R2消士 LfrVF工12.某商场售货员用20N的水平推力使质量为65kg的货物沿水平方向匀速移动

6、了3m,16 .如图所示用刻度尺和直角三角尺联合测出一枚硬币的直径，刻度尺的分度值是,硬币的直径为 cm。17 .如图是弹簧测力计测出该滑轮组提起重物所需的拉力，图中弹簧测力计的示数为 N,若已知提升重物的重 力为10.8N,则动滑轮的重力为 N （不计绳子与滑 轮的摩擦）。三、计算题（本大题共 5小题，共31.0分）18 .在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒定为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,正常发光时的电阻约为10所用滑动变阻器的规格为“ 50 a 1A” .（1）测量原理是 （填写公式）.（2）请用笔画线代替导线将图甲中未完成的实物电路连接完整（要求根据图中滑 片的位置连接滑动

7、变阻器）.（3）连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数， 则电路中发生的故障是小灯泡 （选填“断路”或“短路”）.（4）排除故障后，继续进行实验：闭合开关后，移动滑片使灯泡L正常发光，判断是否正常发光的依据是 ,此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额 定电功率是 W.19.如图“长春”舰满载时排水量为7.5 106kg,吃水深度6m。(海水的密度为 1.0 103kg/m3, g 取 10N/kg)求：(1)满载时“长春”舰受到的浮力有多大？(2) “长春”舰底受到海水的压强是多少？(3) “长春”舰以36km/h的速度匀速航行6h,海水平均阻力为1.0X06N,则

8、这一过程中军舰所做的功至少为多少?20 .去年冬天，小辉家在洗手间里安装了图甲所示的某款电热水龙头，即开即热、冷热兼用。图乙是它的简化工作原理图，Ri、R2为阻值不变的电热丝。通过旋转手柄带动开关S接通对应的电路，从而实现冷水、温水、热水之间切换，当开关置于1时, 水龙头放出冷水。阅读该电热水龙头的说明书可知：额定电压为 220V,放温水时 功率为220W,放热水时功率为 4000W。(1)当开关S置于2、3触点时，水龙头放出的水是温水还是热水？求此时电路的 总电流。(2) R的电阻是多大？(3)当水龙头放热水时，如果进水口的水温是14C,放出热水的水温能达到50c.如果该水龙头的电热效率为

9、63%,水龙头流出1kg的热水要加热多长时间？c 水=4.2 103J/ (kg? C)21 .阅读短文，回答问题。uaranta是当前问世的外表最圆润同时也最富动感的太阳能汽车之一(如题21图甲所示)。其前风窗玻璃和顶盖玻璃皆采用防太阳辐射的层压玻璃制作而成，车身轻便灵活。电池完全由太阳能供能-通过安装在车顶和前端的电池板收集太阳能。某辆太阳能汽车接收太阳光能的面板面积S=8m2,正对太阳时产生 U=120V的电压，并对整车提供最大为 10A的电流，机车最大可获得 800W的机械功率。太阳光照射 到地面上1平方米面积上的辐射功率 Po=1.0 103W.该车加速性能优越，从静止开 始加速10

10、0m的路程最短仅需5s。(1)车载导航系统是利用 来传递信息的；车窗玻璃能有效防止来自太阳过 量的辐射对人皮肤的伤害，主要是能阻挡太阳光中的 。(选填“紫外线”或“红外线”)(2) Quaranta在设计时充分利用了流体力学的知识。如图乙所示，当汽车行驶时,流过它上方的空气速度比下方空气速度大，此时，上方空气压强比下方空气压强 (选填“大”或“小”)。(3) Quaranta从静止加速100m路程的过程中可以达到的最大平均速度为m/so(4)太阳能属于 (选填“可再生”或“不可再生”)能源；太阳能电池将 太阳能转化为电能的效率为 。图甲图乙22 .当前“雾霾”成为全社会关注的热点，雾霾笼罩已经

11、 严重污染了空气质量.为了缓解空气污染，我国多地 市启动了 “光伏工程”示范项目，在屋顶安装太阳能 光伏板，利用太阳能电池在太阳光照射下发电.如图 所示是某中学的教学楼顶安装了总功率为20kW的光伏发电系统.请回答：(1)雾是空气中的水蒸气 形成的；(2)光伏发电系统发电时， 能转化为 (3)按一天的有效光照时间 8h计算，某中学光伏发电系统一天共发电 kw?h,这些发电量如果由热电转换效率为30%的热电厂来完成，需要燃烧kg煤；(煤的热值 q煤=3.0 107J/kg )(4)你一定很关注“雾霾天气”的报道，请结合所了解的知识，谈谈家庭光伏发 电的优点： (谈一点即可).四、综合题（本大题共

12、 1小题，共6.0分）23.阅读短文，回答问题：超声波加湿器超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒170万次的高频率振动，将水抛离水面雾化成大量 1师5 Mm的超微粒子（水雾），'吹散到空气中使空气湿润，改变空气的湿度。如图所示是某型 号超声波加湿器，下表为其部分技术参数，其中额定加湿量是 指加湿器正常工作1h雾化水的体积；循环风量是指加湿器正常 工作1h通过风扇的空气体积；加湿效率是指实际加湿量和实际 输入功率的比值。型号XXX额定加湿量15L/h额定电压220V额定输入功率500W水箱容量25L循划、风量2000m3/h加湿效率>1.2 X-2L/ (h?W)轮子与地面接触的

13、总面积6.0 M0-4m2净重95 kg（1）加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量为 kg.（空气密度p =1.29g/m3）（2）下列说法中错误的是。A.加湿器产生的超声波是由雾化片振动产生的B.加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能C.水雾化成超微粒子的过程是汽化现象D.水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力（3）在没有其他用电器接入电路的情况下，加湿器工作30min,标有“ 3000r/kW?h”的电能表转盘转过 720次，此过程中加湿器实际消耗的电能为 J。作图题（本大题共 2小题，共5.0分）五、24.25.如图，渔民用杠杆和滑轮的组合机械起吊鱼网。请 画出杠杆OBA

14、所受动力的力臂L1和阻力F2的示意 图。高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关 上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢中指示牌内 的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”。请你设计上述 电路，并将电路图画在图中方框内。六、实验探究题(本大题共 2小题，共10.0分)26 .小明做“观察水的沸腾”实验时， 沸腾时温度计示数如图所示，为 C,此时气压 (选填“大于”、“等于"或“小于”)1个标准大气压。27 .如图甲是“探究浮力大小”的实验过程示意图。(1)实验步骤B、C和D可以探究浮力大小与 的关系。两步骤可以 测出圆柱体浸没在水中时受到的浮力F s=N.步骤AE可测出

15、圆柱体排开的水所受重力G排，比较F浮与G排，可以得到浮力的大小跟物体排开的水所受重力的 关系。(2)图乙是圆柱体缓慢浸入水中时，弹簧测力计示数F随圆柱体浸入深度 h变化的关系图象。分析图象，可得：当圆柱体没有浸没之前，h增大时，弹簧测力计的示数 (选填“变大” “变小”或“不变”)。圆柱体的高度为 cm.圆柱体的密度是 kg/m3。(3)若要探究物体所受浮力大小是否与液体密度有关，需要增加的器材是。2019年广东省中山市中考物理二模试卷答案和解析【答案】1. C 2, A 3. C 4. D 5. D 6. A 7. B8 .硅；水能；输电导线9 .太阳；反射；虚10,右；3.7 103；不变

16、11.甲 50 小于12.60; 0; 2013.10 三 200014 . 3； 10； 0.4515 .解：过焦点的入射光线，经过凸透镜折射后，平行于主光轴；过光心的光线经凸透 镜后，传播方向不变。如下图所示：18 . P=UI;短路；电压表的示数为2.5V; 0.619 .解：(1)根据阿基米德原理可知：5浮=6 排=m 排g=7.5 106kgM0N/kg=7.5 107N。(2) “长春”舰底受到海水的压强：p= pgh=1.0 103kg/m3X10N/kgX6m=6M04Pa；(3)由；得航行路程：s=vt=36km/hX6h=216km=2.16 105m,因为舰艇匀速直线运动

17、，所以水平方向受力平衡，因此： F=f=1.0X106N,舰艇做功为：W=Fs=1.0 M06NX2.16 105m=2.16 1011J。答：(1)满载时，“长春”舰受到的浮力为7.5X07N；(2) “长春”舰底受到海水的压强是6X104Pa；(3)军舰所做的功2.16M011J。20 .解：(1)开关处于位置1时，电路断路，R、R2均没有接入电路，放出来的是冷水，开关处于触点1、2时，电阻R1单独接入电路；开关处于触点2、3时，电阻R1和电阻R2并联接入电路，总电阻比开关处于位置1、2I电源电压不变，由 P=可知，开关处于位置 2、3时，电路中总电阻小，功率大，放出来的是热水；此时电路的

18、总电流：JP氤曲。印I =" 二生而18.A;(2)当开关处于位置1、2时，只有电阻R1接入电路，电路电阻最大，功率小，可见 此时放出的是温水；由表格可知：温水功率 P温水=220W,由P=；得：R1=%加出=220 Q；(3)水吸收的热量：Q ®=cm (t-t。)=4.2 103J/ (kg?C) X1kgX (50C-14C) =1.512 105J;第 13 页，共 19 页根据刀;知消耗的电能:W=1.512 X LQJ=2.4 M05J;答：(1)当开关 18.2A;(2) Ri的电阻是 (3)水龙头流出220 Q;1kg的热水要加热60s。根据 W=Pt知加热

19、时间:N K 唠 Ac= 一 =60s。4QM出S置于2、3触点时，水龙头放出的水是热水，求此时电路的总电流为21 .电磁波紫外线小 20可再生 15%22 .液化；光；电；160; 64;清洁无污染，有利于环境的改善；光能可再生，节约化 石能源，有利于能源的可持续发展23.2580 C 8.64 10524 .解：25 .解：由题意可知，只有当两间洗手间的门都关上时(即两开关都闭合)，指示灯才 会发光，说明两开关相互影响、不能独立工作，即两开关为串联，共同控制指示灯，如 下图所示：26.97 小于27.排开液体体积BD 1.2 变小 4 2.5 103盐水(盐)或酒精等【解析】 1.解：A、

20、在运动过程中，足球的高度发生了变化，所以足球的重力势能是变化的，故A错误；B、足球对脚的作用力和脚对足球的作用力，作用在不同的物体上， 是一对相互作用力,不是一对平衡力，故 B错误；C、足球飞行路线发生了变化，是重力作用的结果，说明力能改变物体的运动状态，故C正确；D、足球在空中能够继续飞行，是由于足球具有惯性，但不能说受到惯性力的作用，因为惯性不是力，故 D错误。故选：Co(1)重力势能的影响因素是质量和高度，据此判断其是否发生改变；(2) 一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；(3)力可以改变物体的运动状态；(4) 一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫

21、惯性。本题考查了足球运动当中，与力、运动相关的多个知识点，综合性强，但都是力学的基 础规律，难度不大。2. 解：A 、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故A 正确B 、雾是空气中的水蒸气遇冷液化附着在灰尘粒上形成的，故B 错误；C 、露是空气中的水蒸气遇冷液化附着在草地上形成的，故 C 错误；D 、雪主要是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故D 错误。故选： A。（ 1）物质由固态变成液态叫熔化，由液态变成固态叫凝固；（ 2）物质由液态变成气态叫汽化，由气态变成液态叫液化；（ 3）物质由固态直接变成气态叫升华，由气态直接变成固态叫凝华。本题通过生活中的现象考查了物态变化的相关知识， 知道物态变化的

22、概念， 知道变化前后物质的状态，是解题的关键。3.解：A、用声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波能够传递能量，故 A错误；B、声音在真空中不能传播，其在空气中的传播速度约是340m/s,故B错误；C 、市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处减弱噪声，故 C 正确；D 、“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，故D 错误。故选： C。（ 1）声波可以传递信息，也可以传递能量；（ 2）声音在真空中不能传播；（ 3）防治噪声的途径有三个：在声源处、在传播中、在人耳处；（ 4）根据声调、响度、音色的不同特点做出判断。本题考查了我们对声音的应用、 声音的传播条件、 防治噪声的途径、 声音特征

23、的判断等，属声学综合题意。4. 解：A 、 铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故 A 不合题意；B 、 背包带做的较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故 B 不合题意；C 、拧紧螺母时用垫圈，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故 C 不合题 意；D 、用尖刀雕刻，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D 符合题意。故选： D 。影响压强大小的因素是压力大小和受力面积，要想增大压强，可以增大压力，也可以在压力一定时，减小受力面积，据此判断。知道影响压强大小的因素， 会根据压强大小的影响因素来判断增大或减小压强的方法是解答的关键，难度不大。

24、5. 解：A、这是研究电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数关系的实验，不能说明发电机工作原理，故 A 错；B 、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，不能说明发电机工作原理，故B错；C 、这是研究通电导体在磁场中受力的实验，是电动机的原理，不能说明发电机工作原理，故 C 错；D 、开关闭合后，在外力作用下使导体做切割磁感应线运动，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D 正确。故选： D 。（ 1）电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈的匝数有关；（ 2）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场；（ 3）电动机的工作原理是磁场对电流

25、的作用，即通电导体在磁场中受力运动；（ 4）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。本题涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部有没有电源，后者外部有电源。6 .解：A、由图知，u>2f,所以此时成倒立、缩小的实像，照相机是根据这个原理制 成的；B、投影仪是根据物距大于 1倍焦距小于2倍焦距时，像距大于物距，成倒立、放大实 像的原理制成的.C、放大镜是根据物距小于焦距时，成正立、放大虚像的原理制成的.D、潜望镜是根据平面镜成像的原理制成的.故选A.凸透镜

26、成像的规律：当u>2f时，成倒立、缩小的实像.照相机、摄像机就是根据这个原理制成的.当u=2f时，成倒立、等大的实像.当f< uv 2f时，成倒立、放大的实像.幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的.当u=f时，无像.经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点.当uvf时，成正立、放大的虚像.放大镜就是根据这个原理制成的.本题考查了凸透镜成像和平面镜的应用.放大镜利用了能成正立放大的像的规律；照相机利用了凸透镜能成倒立缩小的像的规律；投影仪利用了凸透镜能成倒立放大的像的规律；潜望镜利用了平面镜可以改变光的传播方向.7 .解：(1)由左图可知，滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中接入电路中电

27、阻变大，由I=；可知，电路中的电流变小，因电磁铁磁性的强弱与线圈匝数和通过的电流有关，且匝数不变，通过的电流越大，磁性越强，所以，此时电磁铁的磁性变弱；(2)由右图可知，灯泡和巨磁电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，磁场变化时，通过灯泡的电流不变，实际功率不变，指示灯的亮暗不变，故AD错误；因巨磁电阻的电阻值随外磁场减小而增大，所以，此时巨磁电阻的阻值变大，由匚:可知，通过巨磁电阻所在电路的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流减小，即电流表的示数减小，故 B正确，C错误。故选：B。(1)由左图可知，滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中

28、接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步根据影响电磁铁磁场的因素可知其磁场变化， 据此可知右图巨磁电阻的变化；(2)由右图可知，灯泡和巨磁电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过指示灯的电流和实际功率不变，进一步可知亮暗的变化，根据磁场的变化可知巨磁电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，明确磁场对巨磁电阻阻值 的影响是关键。8 .解：在在水银、硅、铁、玻璃中，属于半导体材料的是硅，可以用来制作二极管材 料，水银和铁是导体，而玻璃是绝缘体

29、.水能从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，煤、石油和天气热属于非可再 生资源；用超导体制作输电导线， 可以避免因电流的热效应而损失电能，因此超导体是制作输电线的理想材料.电炉丝和灯丝是利用电流热效应而工作的，电流流过超导体时不发热，因此不能用超导体制作，动变阻器的作用是改变电阻的大小，若用超导体电阻为0,就不能起到改变电阻的作用.故答案为：硅；水能；输电导线.常见的半导体材料有错、硅等；从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源.人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源；由于超导体的电阻为零

30、，电流流过超导体时，导体不会发热，不会由于焦耳热而损失电能，只要不是靠电流的热效应工作的用电器，都可以用超导体制作.本题考查半导体的作用、超导体的作用及能源的分类，属物理常识题，难度不大.9 .解：树叶间有空隙，形成一个个小孔，树荫下地面上的光斑是太阳经小孔成的实像， 是光的直线传播形成的.湖水中树的倒影是树经湖水这个“平面镜”成的像，是光的反射形成的，成的是虚像.水中的“鱼”是鱼反射的光线从水中进入空气发生折射形成的虚像.故答案为：太阳；反射；虚.解决此题，要掌握：(1)光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的.(2)光的反射现象，知道平面镜成像是由于光

31、的反射形成的，平面镜成的是虚像.(3)光的折射现象，知道看水中的物体如“鱼”、水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼等都是光的折射形成的.本题主要考查光的直线传播、光的反射、光的折射现象在生活当中的应用，考查了生活当中出现的光现象，是一道基础题.10 .解：(1)由图甲知，指针左偏，所以应将平衡螺母向右移动使天平平衡.(2)由图乙知，标尺的分度值为0.2g,所以岩石的质量 m=50g+20g+1.4g=71.4g;(3)由图丙知，水的体积为 60ml,水和石块的总体积为 80ml,则岩石的体积V=80ml-60ml=20ml=20cm3；rrr 714"该岩石的密度

32、为 p亍.=痴消=3.7g/cm3=3.7 M03kg/m3 .(4)质量是物质的一种属性，不随物体位置的改变而改变，因此将该岩石带到月球，其质量不变.故答案为：右；3.7 X03;不变.(1)在进行天平的调平时，遵循指针左偏右调、右偏左调的原则；(2)天平平衡时，物体的质量等于祛码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；(3)读出水的体积、水和岩石的总体积，计算出岩石的体积；由pg计算出岩石的密度;(4)质量是物质的一种属性，不随物体的状态、形状、位置的改变而改变.此题是测量岩石的密度实验，考查了天平和量筒的使用及读数及密度的计算，测固体密度，在初中物理中是重要内容，学习中必须掌握！11.解：由图

33、象知，乙在整个过程中，吸热且温度不断升高，则乙是非晶体；甲在熔化过程中温度保持 50c不变，所以甲是晶体，熔点为 50C;甲物质从第4min到第8min处于熔化过程，是固液共存态，在此过程中要不断吸热，所以物体在a点时具有的内能小于在 b点时的内能；故答案为：甲；50;小于。解答此题从以下知识点入手：(1)掌握晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点或凝固点，在熔化(或凝固)过程 中吸热(或放热)但温度保持不变；(2)掌握晶体在不同阶段的状态：熔化前处于固态，熔化过程中处于固液共存态，熔 化后处于液态。本题考查熔化和凝固的图象，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。12 .解：售货员对物体做

34、功为 W=Fs=20 X3J=60J;因为货物在重力的方向上没有移动距离，所以货物的重力做功为0J;货物沿水平方向匀速移动，推力与摩擦阻力是一对平衡力，故摩擦阻力等于拉力的大小为 20N.故答案为：60; 0; 20.判断力是否对物体做功，关键是看物体有没有在力的方向上移动距离，已知拉力和物体水平方向移动的距离，根据公式 W=FS可求做的功，物体在重力的方向上没有移动距离， 所以重力不做功，物体做匀速运动，则拉力与阻力是一对平衡力，已知拉力大小，便可 以求出阻力的大小.本题考查力对物体做功的必备条件，有力和在力的方向上移动距离，物体做匀速运动拉力大小等于阻力，特别是判断重力是否做功是一个易错点

35、.13 .解：已知OA=15cm, OB=5cm,在杠杆B点施加竖直向下的力为 30N, 根据杠杆平衡条件得，Fa >OA= FbXOBFaM5cm=30N X5cm解得，物体对杠杆的拉力：Fa=10N物体间力的作用是相互的，杠杆给物体一个大小相等的力，杠杆对物体的拉力大小也是F 拉=10N,物体受到竖直向下的重力，竖直向上的拉力和地面对物体的支持力，故物体受到三个力的作用，这三个力是平衡力，所以，F Js+F支=G10N+F 支=50N解得，地面受到的支持力：F支=40N物体间力的作用是相互的，物体对地面的压力：F = F支=40Nf I 掌”物体对地面的压强：p= =2000Pa。3

36、 200 x 10，广故答案为：10；三；2000。(1)知道动力臂和动力，还知道阻力臂，根据杠杆平衡条件求出阻力。(2)物体间力的作用是相互的，物体给杠杆一个力，杠杆给物体一个等大的力，地面给物体一个支持力，物体还受重力，根据物体受到平衡力作用，求出物体对地面的压力，知道受力面积，根据压强公式求出物体对地面的压强。(1)物体间力的作用是相互的，这是相互作用力，相互作用力只是大小相等。(2)在计算压强和浮力问题时，一般对物体进行受力分析是常用的方法。14 .解：(1)由图1可知，两电阻串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的 电流.当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，

37、由图 2可知I1=0.6A,由片可得，电源的电压：U = I1R1=0.6A XR1,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小, 由图 2 可知，I2=0.2A, U2=2V,则滑动变阻器的最大阻值：廿I 2VR2= j7=(j'=10 Q，电源的电压U=0.6AXRi=0.6AX 5 制（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以，当P在中点时，电路中的电流：R2消耗的功率:P2=I2x =（0.3A） 2x"：=0.45W.故答案为：3; 10; 0.45.（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为。时，电路为Ri的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出

38、电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中 的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表的示数，利用欧姆定律求出滑动变 阻器的最大阻值.（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出P在中点时电路中白电流，利用P=I2R求出R2消耗的功率.本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用， 关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大.15 .仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图。凸透镜三条特殊入射光线：平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后，折射光线 过焦点；过焦点的入射光线，经过凸透镜折射后，平行

39、于主光轴；过光心的光线传 播方向不变。16 .解：图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm;本次测量起始端没从 0开始，把5.00cm处当作“ 0”刻度，读出末端刻度值，减去5.00cm即为物体长度，即硬币的直径为：7.50cm-5.00cm=2.50cm。故答案为：1mm； 2.50。刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。 刻度尺读数时要估读到分度值的下一位；其它测量工具对这一点没有

40、特殊的要求，能正确读出示数就可以。17 .解：弹簧测力计上，最大示数是 5N,所以其量程为05N； 1N之间有5个小格， 一个小格代表0.2N,即弹簧测力计的分度值为 0.2N,指针在“4”后3个小格处，所以 弹簧测力计的示数为 4.6N；承担物重的绳子有 n=3段，因为F（G+G动），所以动滑轮的重力为G动=3F-G=3X4.6N-10.8N=3N;故答案为：4.6； 3。使用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线相垂直；使用滑轮组提升重物时，承担物重的绳子有几段，不计绳子与滑轮的摩擦，提起物体所用的力是物重和动滑轮重的几分之一。本题考查了测力

41、计的读数、滑轮组中力的计算，难度不大。18 .解：（1）本实验的原理是 P=UI .（2）根据I = /$：=0.25A,电流表用小量程；滑片在最右端，所以使用左下端的接线柱可以保证阻值最大；电压表并联在灯泡两端.如图所示：(3)发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，故障是电压表所测的电路短 路，即小灯泡短路.(4)当灯泡电压达到额定电压时正常发光，电流表使用0-0.6A量程，分度值为0.02A,由乙图，其正常发光时的电流为 0.24A,所以灯泡的额定功率 P=UI=2.5V>0.24A=0.6W. 故答案为：(1) P=UI. (2)如图所示.(3)短路.(4)电压表的示数为

42、2.5V; 0.6.(1)测电功率的实验的原理是 P=UI .(2)电流表与灯泡串联，电压表与灯泡串联，连电路时滑动变阻器滑片要放在阻值最 大处，注意电流表量程的选择.(3)电路故障有两类：短路和断路；电路短路时，短路部分无电压，电流大；电路断 路时，断路部分无电流，电压大.(4)当灯泡电压达到额定电压时正常发光，读出其正常发光时的电流，根据P=UI计算额定功率.本题考查了电路连接、故障分析、电表读数、滑动变阻器的调节、求功率等问题，对电 表读数时，应先确定电表的量程与分度值，然后再读数.19 . (1)利用漂浮条件确定浮力与总重力的关系；利用阿基米德原理计算浮力大小；(2)根据压强计算公式

43、p= pgh计算海水产生的压强；(3)根据速度计算公式 8;计算舰艇行驶的路程， 根据二力平衡计算拉力的大小，再根 据W=Fs计算舰艇所做的功，本题是一道力学综合题，综合考查了阿基米德原理、压强的计算、速度公式及其应用、 功和功率的计算、二力平衡条件及其应用，难度不是很大，但要熟练掌握和运用各种公 式。解答过程中还要注意单位换算。国20 . (1)当开关处于不同位置时，分析电阻的接入方式，根据P=靠判断放出的是温水还是热水，根据 P=UI算出此时电路的总电流(2)当开关处于位置2时，只有电阻R1接入电路，电路电阻最大，功率最小，结合表格中热水、温水功率判断放出的是温水还是热水；知道温水功率，利

44、用P=；求R的阻值；(3)知道水的比热容和温度变化，可利用热量公式 Q吸=cm (t-t。)计算出水吸收的热量，根据刀令求出消耗的电能，根据 W=Pt算出加热时间。本题考查电功和电功率公式的应用，解题的关键是正确分析判断出开关处于不同的位置时电热水龙头的档位，并能对计算公式进行灵活变形。21 .解：(1)车载导航系统是利用电磁波来传递信息的；车窗玻璃能有效防止来自太 阳的辐射，主要是能阻挡太阳光中的紫外线。(2)飞机机翼上方的空气流速大、压强小，机翼下方流速小、压强大，气体就会产生一个向上的压力差，这就是飞机升力的产生原因；(3)车的最大平均速度 v=r=20m/s；(4)太阳能属于一次能源；

45、太阳能电池的效率：刀M00%=' M00%=jX100%=15%。| w IPStJMKHV x 孰/ x【故答案为：(1)电磁波；紫外线；(2)小；(3) 20; (4)可再生；15%。(1)导航系统利用电磁波传递信息，玻璃可以阻挡阳光中的紫外线。(2)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。(3)由平均速度公式可以求出平均速度。(4)从自然界直接获得不需要加工处理的能源是一次能源；求出获得的太阳能与获得 的电能，然后求出效率。本题是一道综合题，涉及的知识点很多，但难度不大，认真审题，应用相关知识点即可 正确解题。22 .解：(1)空气中的水蒸气遇冷液化为小水滴

46、，附着在尘埃上形成雾；(2)光伏发电系统发电时，将太阳能转化为电能；(3)发电的多少： W=Pt=20kWX8h=160kW?h;光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；W=160kW?h=160X3.6 M06J=5.76 108J；因为所以燃烧煤放出的热量：Q=斗七:丁 '=1.92 M09J；bl M 赃'因为Q=qm,所以燃烧煤的质量 m=J=1V：l；=64kg;(4)国家对家庭光伏发电补贴的好处：减少污染、节约能源.答：(1)液化；(2)光；电；(3) 160; 64;(4)清洁无污染，有利于环境的改善；光能可再生，节约化石能源，有利于能源的可 持续发展.(1)物质由气

47、态变为液态叫做液化；(2)光伏发电系统发电时，将太阳能转化为电能；(3)已知功率和时间，根据公式W=Pt可求该光伏发电系统一天共发电的度数；根据公式Q=qm可求燃烧的煤的质量；(4)从节约能源、减少污染的角度作出分析和解答.本题考查了：光伏发电系统转换效率、发电的度数、煤的质量、太阳能的优点等知识，是一道计算题，难度适中，是一道中档题.23.解：(1)由表中数据得出，加湿器正常工作1h通过风扇的空气体积 V=2000m3,由p得加湿器正常工作时，每小时通过风扇的空气质量:m= pV=1.29 kg/m3 X2000m3/h X1h=2580 kg ；170万次的高频率振动,(2) A、由题知，超声波加湿器通电工作时，雾化片产生每秒 故A正确；B、加湿器通电使雾化片振动，电能主要转化为机械能，故 B正确；C、水雾化成的超微粒子仍为液体，该过程不是汽化现象，故 C错误;D、水雾化成超微粒子需要能量，说明分子间有引力，故 D正确；本题选错误的，故选 Co(3)加湿器消耗的电能：WX1kW?h=0.24kW?h=8