高考数学一轮复习总教案：9.3　抛物线

1、淘宝店铺：漫兮教育9.3抛物线典例精析题型一抛物线定义的运用【例1】根据下列条件，求抛物线的标准方程.(1)抛物线过点p(2，4)；(2)抛物线焦点f在x轴上，直线y3与抛物线交于点a，|af|5.【解析】(1)设方程为y2mx或x2ny.将点p坐标代入得y28x或x2y.(2)设a(m，3)，所求焦点在x轴上的抛物线为y22px(p0)，由定义得5|af|m|，又(3)22pm，所以p±1或±9，所求方程为y2±2x或y2±18x.【变式训练1】已知p是抛物线y22x上的一点，另一点a(a,0) (a0)满足|pa|d，试求d的最小值.【解析】设p(x

2、0，y0) (x00)，则y2x0，所以d|pa|.因为a0，x00，所以当0a1时，此时有x00，dmina；来源:当a1时，此时有x0a1，dmin.来源:题型二直线与抛物线位置讨论 【例2】(2013湖北模拟)已知一条曲线c在y轴右侧，c上每一点到点f(1,0)的距离减去它到y轴距离的差都是1.(1)求曲线c的方程；(2)是否存在正数m，对于过点m(m,0)且与曲线c有两个交点a，b的任一直线，都有0？若存在，求出m的取值范围；若不存在，请说明理由.【解析】(1)设p(x，y)是曲线c上任意一点，那么点p(x，y)满足：x1(x0).化简得y24x(x0).(2)设过点m(m,0)(m0

3、)的直线l与曲线c的交点为a(x1，y1)，b(x2，y2).设l的方程为xtym，由得y24ty4m0，来源:16(t2m)0，于是 又(x11，y1)，(x21，y2).0(x11)(x21)y1y2x1x2(x1x2)1y1y20.又x，于是不等式等价于 ·y1y2()10y1y2(y1y2)22y1y210.由式，不等式等价于m26m14t2.对任意实数t,4t2的最小值为0，所以不等式对于一切t成立等价于m26m10，即32m32.由此可知，存在正数m，对于过点m(m,0)且与曲线c有两个交点a，b的任一直线，都有·0，且m的取值范围是(32，32).来源:数理化

4、网【变式训练2】已知抛物线y24x的一条弦ab，a(x1，y1)，b(x2，y2)，ab所在直线与y轴的交点坐标为(0,2)，则.【解析】y24my8m0，所以.题型三有关抛物线的综合问题【例3】已知抛物线c：y2x2，直线ykx2交c于a，b两点，m是线段ab的中点，过m作x轴的垂线交c于点n.(1)求证：抛物线c在点n处的切线与ab平行； (2)是否存在实数k使·0？若存在，求k的值；若不存在，说明理由.【解析】(1)证明：如图，设a(x1,2x)，b(x2,2x)，把ykx2代入y2x2，得2x2kx20，由韦达定理得x1x2，x1x21，所以xnxm，所以点n的坐标为(，).

5、设抛物线在点n处的切线l的方程为ym(x)，将y2x2代入上式，得2x2mx0，来源:因为直线l与抛物线c相切，所以m28()m22mkk2(mk)20，所以mk，即lab.(2)假设存在实数k，使·0，则nanb，又因为m是ab的中点，所以|mn|ab|.由(1)知ym(y1y2)(kx12kx22)k(x1x2)4(4)2.因为mnx轴，所以|mn|ymyn|2.又|ab|·|x1x2|···.来源:所以·，解得k±2.即存在k±2，使·0.【点拨】直线与抛物线的位置关系，一般要用到根与系数的关系；有

6、关抛物线的弦长问题，要注意弦是否过焦点，若过抛物线的焦点，可直接使用公式|ab|x1x2p，若不过焦点，则必须使用一般弦长公式.【变式训练3】已知p是抛物线y22x上的一个动点，过点p作圆(x3)2y21的切线，切点分别为m、n，则|mn|的最小值是.【解析】.总结提高1.在抛物线定义中，焦点f不在准线l上，这是一个重要的隐含条件，若f在l上，则抛物线退化为一条直线.2.掌握抛物线本身固有的一些性质：(1)顶点、焦点在对称轴上；(2)准线垂直于对称轴；(3)焦点到准线的距离为p；(4)过焦点垂直于对称轴的弦(通径)长为2p.3.抛物线的标准方程有四种形式，要掌握抛物线的方程与图形的对应关系.求抛物线方程时，若由已知条件可知曲线的类型，可采用待定系数法.4.抛物线的几何性质，只要与椭圆、双曲线加以对照，很容易把握.但由于抛物线的离心率为1，所以抛物线的焦点有很多重要性质，而且应用广泛