江海中学高三高考考前辅导物理试题

1、江海中学考前辅导二1被称为 “ 史上最严交规” 于 20xx 年 1 月 1 日起施行对校车、大中型客货车、危险品运输车等重点车型驾驶人的严重交通违法行为，提高了记分分值如图是张明在20xx 年元旦假期试驾中某次小轿车在平直公路上运动的025s 内的速度随时间变化的图象，由图象可知( ) a小轿车在015s 内的位移为350m b小轿车在1015s 内加速度为最大c小轿车在28s 内的加速度大于1624s 内的加速度d小轿车在15s 末运动方向发生改变【答案】 c【解析】根据面积的数字等于位移的大小，在015s 内的位移为200m，a 项错误；1015s小轿车匀速， b 项错误；2 8s内的加

2、速度是2m/s2，1624s 内的加速度是1 m/s2，加速度比较的是绝对值，故c 项正确；速度数值不变号就没改变方向，d 项错误。2.如图所示， 一物块 a 放在固定水平地面上的斜面体b 上，处于静止状态 现用力 f 沿不同方向作用在物块a 上，物块a 始终保持则物块a 对斜面的压力一定减小的是( ) 【答案】 c【解析】设斜面的倾角为 ，对选项a、 b，施加f 前后物块a对斜面的压力均为fnmgcos ，选项 a、b 错误；对选项c，施加力f 前物块 a 对斜面的压力为fnmgcos ，施加力f 后， fn1 mgcos fsin ，压力减小，选项c 正确；对选项d，施加力f 前物块 a

3、对斜面的压力为fnmgcos ，施加力后，fn2(mgf)cos ，压力增大，选项d 错误3.中国第三颗绕月探测卫星“ 嫦娥三号 ” 计划于20xx 年发射， “ 嫦娥三号 ”卫星将实现软着陆、无人探测及月夜生存三大创新。假设为了探测月球，载着登陆舱的探测飞船在以月球中心为圆心，半径为 r1的圆轨道上运动，周期为 t1，总质量为m1。随后登陆舱脱离飞船，变轨到离月球更近的半径为r2的圆轨道上运动， 此时登陆舱的质量为m2， 则下列有关说法正确的是( ) a月球的质量m=21124gtrb登陆舱在半径为r2轨道上的周期t2=3132rrt1c登陆舱在r1与 r2轨道上的速度比为1221rmrmd

4、月球表面的重力加速度g月=21124tr【答案】 b【解析】根据g211rmm=m1r1224t可得，月球的质量m=213124gtr，a项错误；根据开普勒第三定律232121rrtt可得， t2=3132rrt1，b 项正确；根据g211rmm=1211rvm可得， v1=1rgm，同理可得， v2=2rgm，所以1221rrvv，c项错误；根据m1r1224t=m1a1可得，载着登陆舱的探测飞船的加速度211214tra，该加速度不等于星球表面的重力加速度，d 项错误。4.如图所示， a 和 b 是电荷量都为q 的两个固定的等量同种电荷，在它们连线的垂直平分线上有p、o、p三点， o 是

5、p，p的中点也是电荷a，b 的中点，从 p 点由静止释放一个不计重力的电子（设不改变原来的电场分布）则 ( ) ao 点的场强最大b电子将向o 点做匀加速运动c电子将向o 点加速运动，在远离o 点的过程中减速d电子在向o 点运动的过程中，电势能增大【答案】 c【解析】根据矢量的合成可以知道，在两个电荷连线中点的电场的场强是零，a 错误；由于连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，所以电子受到的电场力是指向o 点的，所以电子将向o点加速运动，但不是匀加速运动，故b 错误；根据b 的分析，电子将向o点加速运动，在远离o 点的过程中减速，减为零之后再反向加速，不断地重复这个过程，所以

6、c 正确电子在向o 点运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，所以d 错误5.20xx 年 1 月 10 日开始，我国华北、华东及江南部分地区连续遭遇严重的雾霾天气， 空气质量也随之急剧下降，众所周知， 此次北方遭遇的雾霾天气中，首要污染物便是pm2.5 pm2.5 是指空气中直径小于2.5 微米的颗粒物， 其浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后会进入血液对人体形成危害下列关于 pm2.5 的说法中正确的是( ) a环境温度低于0时， pm2.5 不具有内能b pm2.5 在空气中的运动属于分子热运动c pm2.5 在空中受到的是非平衡力作用dpm2.5 的空间尺度大于电子的直径e

7、pm2.5 在空气中仍受重力作用【答案】 cde【解析】环境温度低于0时，分子在不停地做无规则运动，pm2.5 内能不为零，选项a 错误；pm2.5 是固体小颗粒，不是分子，选项b 错误；pm2.5 在空中即不静止，又不做匀速直线运动，而是浮在空中做无规则运动处于非平衡状态，pm2.5 在空中受到的是非平衡力作用，选项c 正确； pm2.5 意指直径小于2.5 微米的悬浮颗粒，也被称为细颗粒物，而电子的尺寸远小于10-10m，选项 d 正确地面附近的任何物体都要受到重力作用，选项e 正确7.20xx 年 2 月 15 日，一团亮光划过俄罗斯车里雅宾斯克州上空，留下白色尾迹，有视频显示，当时巨大

8、的橘红色火球掠过天空，爆炸时散发出比太阳更耀眼的光芒，陨石雨降落后，车里雅宾斯克州各类建筑的窗户被震碎，屋顶被掀翻下面叙述中正确的是( ) a陨石坠入地球是内能转化为机械能的过程b陨石下落时，动能转化为重力势能c陨石坠入地球大气层成为流星是机械能转化为内能的过程d“鸡蛋大的陨石砸在地上就是一个坑”，说明陨石对地面做了功【答案】 cd【解析】陨石坠入地球大气层成为流星，是陨石和空气摩擦生热的过程，是机械能转化为内能的过程选项a 错误；陨石下落时，重力势能转化为动能和内能选项 b 错误； 陨石坠入地球大气层成为流星，是陨石和空气摩擦生热的过程，是机械能转化为内能的过程选项 c 正确 陨石落地时，对

9、地面有一个向下的力，地面发生了位移，陨石对地面做了功选项 d 正确8.如图所示为一理想变压器的原线圈通入的正弦交流电的输入电压u 随时间t的变化规律图象，已知原、副线圈匝数比为n1:n2=10:1，当副线圈中接入两个相同的并联电阻r20时，则( ) a通过电阻r 的电流最大值为2.2 a b与电阻并联的电压表示数为31.1 v c电阻在1 s 内产生的热量为24.22j d变压器的输入功率约为48.4 【答案】 d【解析】由图象可知原线圈电压有效值为220v ，根据匝数比n1:n2=10:1，可得副线圈电压有效值为22v，故与电阻并联的电压表示数为22v，选项 b 错；根据欧姆定律计算得到通过

10、副线圈的电流有效值为2.2a，即通过电阻的电流有效值为1.1a，最大值为1.12a，选项 a 错；电阻在1s内产生的热量为q22 1.1 1j24.2j，选项 c 错；变压器的输入功率等于电阻消耗的功率p22 2.2w48.4w，选项 d 对。9.如图所示，在竖直向下的恒定匀强磁场中有一光滑绝缘的1 4圆轨道，一重为g的金属导体mn垂直于轨道横截面水平放置，在导线中通入电流i，使导线在安培力的作用下以恒定的速率v从 a 点运动到c 点，设杆所在位置的轨道半径与竖直方向的夹角为， 安培力的瞬时功率为p，则从 a 到 c的过程中，下列有关说法正确的是( ) a电流方向从n指向mbcoticcosp

11、dsinp【答案】 d【解析】小球受力如下图所示，安培力方向始终水平向左，根据左手定则知电流方向从m指向n，a 错误；因为小球做匀速圆周运动，所以有sincos =cosgfbil安，故tangibl，即tani，b错误；又cossinpf vgv安安，所以sinp， c 错误， d 正确10 （3 分）一密闭气球中装有一定质量的理想气体，现使环境压强不变、气体温度缓慢升高对于气体在此过程中的下列说法正确的是( ) a气球中气体分子间的作用力增大b气球中气体每个分子的速率都增大c气球内壁单位面积上受到的压力不变d气球中气体吸收的热量等于气体增加的内能【答案】【解析】理想气体分子间没有作用力，选

12、项错误；气球中大多数分子速率增大了，但不排除个别分子速率是减小的，选项错误；气球内壁单位面积上受到的压力就是气体对气球内壁的压强，压强不变， 选项正确；气体体积变大，气体就要对外做功，根据热力学第一定律，气体吸收的热量应大于气体增加的内能，选项错误11如图所示，是研究抛体运动的实验装置是固定在水平桌面上半径为r 的四分之一光滑圆弧，其过点的切线水平，桌面的距地高度为h，点的距地高度为现将一质量为m 大小可不计的小球从点由静止释放，不计一切阻力，下列判断中正确的是( ) 若保持 h 不变只改变r，则小球脱离点以后在空中飞行的时间t 将随 r的增大而增大若保持h 不变只改变r，则小球脱离点前瞬间对

13、轨道点的压力将随 r 的增大而增大若保持不变只减小h，则小球落地时的动能k将减小若保持不变改变r 和 h，则小球脱离点以后在空中飞行的水平距离的最大值为h 【答案】【解析】脱离b 点后做平抛运动，其运动时间仅取决于高度h，与平抛初速度无关，所以选项a 错误；从 a 到 b 用机械能守恒求出b 点速度，再在 b 点用牛顿第二定律，可求得压力等于3mg，与 r 无关，所以选项b 错误；全过程用机械能守恒，可求得落地动能为mgh，与 h 无关，选项c错误；列 a 到 b 过程的机械能守恒方程和过b 后平抛的两分位移方程，可求得水平距离rhghgrx222,由于 r 与 h之和为定值，水平距离便有最大

14、值，且最大值为h，所以选项d 正确12下列物理量的“ ”号表示大小的是( ) a力对物体做功w= 5j b物体的加速度a = 2.0m/s2c物体的重力势能ep = 12.0j d电场中某点的电势5v 【答案】 cd【解析】功的正负，只表示是动力做功还是阻力做功，不表示大小，也不表示方向，a 项错误；矢量的正负，仅表示方向，b 项错误；势能的正负和电势的正负表示相对零电势的高低，c、d 项正确。h h r 图 3 13我国古代神话中传说：地上的“ 凡人 ” 过一年，天上的“ 神仙 ” 过一天。如果把看到一次日出就当作“ 一天 ” ，某卫星的运行半径为月球绕地球运行半径的361，则该卫星上的宇航

15、员24h 内在太空中度过的“ 天” 数约为（已知月球的运行周期为27 天）( ) a1 b8 cl6 d24 【答案】 b【解析】根据天体运动的公式rtmrmmg22)2(得22213231ttrr，解得卫星运行的周期为3h，故 24h 内看到 8 次日出， b 项正确。14如图，acb 是一光滑的、 足够长的、 固定在光滑水平桌面上的“ ” 形框架，其中 ca、cb 边与水平方向的夹角均为 p、q 两个环分别套在ca、 cb上，两根细绳的一端分别系在p、q 环上，另一端和一绳套系在一起，结点为 o，现用恒力f 拉结点， op、oq 两根细绳拉直后的长度分别用l1、l2表示，受到的拉力分别用f

16、1和 f2表示( ) a若 l1= l2，则两绳受到的拉力f1= f2b若 l1l2，则两绳受到的拉力f1f2c若 l1 l2，则两绳受到的拉力f1 f2d不管 l1和 l2的大小关系如何，两绳受到的拉力大小始终相等【答案】 ad 【解析】杆对环的弹力始终垂直于环，对结点o 受力分析，根据几何关系可知，不管两绳的大小关系如何，两绳的拉力方向与水平方向的夹角始终为090，做力的平行四边形，解三角形知两力大小始终相等，a、d 项正确，其它项错误。15足够长的粗糙斜面上，用力推着一物体沿斜面向上运动，t=0 时撤去推力，06s 内速度随时间的变化情况如图所示，由图 3 可知( ) a01s 内重力的

17、平均功率大小与16s 内重力平均功率大小之比为51 b0ls 内摩擦力的平均功率大小与16s内摩擦力平均功率大小之比为11 c 06s 内重力做功与克服摩擦力做功之比为15 d01s 内机械能变化量大小与16s 内机械能变化量大小之比为15 【答案】 bd【解析】上升和下滑过程，重力的平均功率大小都为sin21mgv，摩擦力的平均功率大小都为vumgcos21，故上升和下滑过程中重力和摩擦力的平均功率相等， a 项错误， b 项正确； 全过程根据动能定理0fgww，故fgww，因此c 项错误；由sumgwfcos，由于两过程的位移之比为 15，故克服摩擦力做功之比为1：5，根据克服摩擦力做的功

18、等于机械能的变化量，因此两过程的机械能变化量之比为1：5， d 项正确。16如图所示，在做“用落体法验证机械能守恒定律”的实验中，（1）下列说法中正确的是. a电磁打点计时器应接10v 以下直流电源b操作时应先放纸带后接电源c选择的重物应该相对质量较大、体积较小的物体d需使用秒表测出重物下落的时间（2）实验中误差产生的原因_.(写出两个原因 )通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度从纸带上选取多个点，测量从第一点到其余各点的下落高度h，并计算各点速度的平方 v2，然后以 _为纵轴， 以_为横轴， 根据实验数据作出图线若在实验误差允许的范围内，图线是一条过原点且斜率为g

19、的直线，则验证了机械能守恒定律【答案】（1）c （4 分） (2)下落过程中存在阻力，长度的测量； 3 计算势能变化时，选取始末两点距离过近， 4 交流电频率不稳定等；(写出两个原因 ) （2 分）v22（或 v2） （2 分） ； h （或 2v2） （2 分）【解析】（1）电磁打点计时器应接10v 以下交流电源，故a 错误；开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差故 b 错误实验供选择的重物应该相对质量较大、体积较小的物体，这样能减少摩擦阻

20、力的影响， 故 c 正确 通过打点计时器计算时间，不需要秒表 故 d 错误(2)实验中误差产生的原因：下落过程中存在阻力，长度的测量， 3 计算势能变化时，选取始末两点距离过近，4 交流电频率不稳定等；测量从第一点到其余各点的下落高度h，并计算各点速度的平方v2，然后以v22为纵轴，以h 为横轴，（或以 v2为纵轴，以2h 为横轴）根据实验数据作图线若在实验误差允许的范围内，图线是一条过原点且斜率为g 的直线， 则验证了机械能守恒定律17.（10 分）某次实验课上，一兴趣小组想要较准确地得到某一电阻的阻值，决定采用 “ 伏安法 ” 测量电阻，选用的仪器中，电压表内阻约为5k，电流表内阻约为5，

21、请完成以下问题：实验之前，先使用多用电表粗测待测电阻xr的阻值，测量时，将电表调至100挡，经正确操作，得到多用电表的示数如图所示，则待测电阻xr_ _在连接电路时，应采用电流表法（内接 /外接） 一个多量程多用电表的简化电路图如图所示，当测量较大电流时，应将s 旋到位置，该量程为i（用图中标注的物理量表示） 【答案】（1）1400（2 分） （2）内接（ 2 分） （ 3）1（2 分）21()+gggirrir（4 分）【解析】（1）测电阻应读最上面一排刻度，因为是100挡，所以读数为1400 xr（2）因为avxrrr，为减小误差，应采用电流表内接法（3）s接 1 或 2 是测电流的， 其

22、中接 1 时，量程为21()+gggirriir，较大18.（20 分）如图所示，可看作质点的物体a、b 相距为0 x，质量均为1kg，与倾角为37的固定斜面间的动摩擦因数分别是716和34，现将物体a、b从斜面上由静止释放，a 将从斜面顶端沿斜面匀加速下滑，并与 b 发生连续弹性正碰 （每次碰撞过程时间极短），已知sin 370.6，cos370.8，g取210/m s，斜面长36.2lm若00 x，求物体a、b 一起下滑的加速度；若00.2xm，求 a 由静止开始到第二次相碰前克服摩擦阻力所做的功；若00.2xm，求 a 到达斜面底端之前已经与b 发生了几次碰撞【答案】21.25/m s3

23、.5 j9次【解析】若00 x，假设 a、 b 没有发生相互作用时，合外力分别是11117sincos1 10(0.60.8)2.516fm gm gnn（1 分）22223sincos1 10(0.60.8)04fm gm gn（1 分）所以应该是a 推 b 匀加速下滑， 根据牛顿第二定律得112()fmm a（ 1 分）解得 a、b 共同加速度221122.5/1.25/1 1fam sm smm（ 1 分）若00.2xm， b 静止， a 的加速度为21112.5/fam sm（1 分）a 与 b 第一次碰撞前a 的速度110222.50.2/1/ava xm sm s（1 分）第一次碰

24、撞，根据动量守恒和机械能守恒得111bbaaaavmvmvm（1 分）2121212121bbaaaavmvmvm（1 分）解得011bavv，smvvab/111（1 分）即 a、b 速度交换从第 1 次碰后到第2 次碰撞前， 根据位移关系11baxx可得21 21 212bv ta t（1 分）所以第 2 次碰撞前a 的速度为21 2122/abvatvm s（1 分）22120.82.5avtssa（1 分）111 21 0.80.8abbxxv tmm（1 分）1107cos37 ()1 100.8(0.80.23.516awm gxxjj）（1 分）a 与 b 第二次碰撞后，速度交换

25、21/avm s，22/bvm s（1 分）从第 2 次碰后开始到第3 次碰撞时，根据位移关系得22 32 3312baav tvta t（1 分）解得stt8. 023，21.6bxm（1 分）依题意计算可知，a 第一次与b 碰撞前的速度为1m/s，a 第二次与b 碰撞前的速度为2m/s，a 第三次与b 碰撞前的速度为3m/s，由于碰后速度交换，因而碰后b 物体的速度为：第一次碰后：smvb/11第二次碰后：smvb/22第三次碰后：smvb/33第n次碰后：snmvbn/每段时间内， b 物体都做匀速直线运动，第n次碰前运动的距离为mnntnsb5)1(2)1(3212（1 分）带入02

26、(1)5n nlxm即2 (1)36.20.25n n（1 分）解得10n次，即 a 到达斜面底端之前已经与b 发生了 9 次碰撞（1 分）19 （16 分）如图所示，在竖直平面内有一场强为62.5 10/enc的匀强电场， 在内、 外半径分别为133rm和21.0rm的同心竖直圆环平面内，存在垂直圆环平面的匀强磁场，磁感强度1.0bt，一正电粒子进入该区域后恰好做匀速圆周运动，重力加速度210/gm s求电场e的方向和正电粒子的荷质比；求该粒子由圆心o点沿纸面发射，却不能穿越磁场外边界的最大速度；若以第（ 2）问中的最大速度从圆心o处沿纸面射出该正电粒子，求粒子再次经过圆心需要多长时间【答案】64.0 10/c kg电场方向竖直向上61.33 10/m s61.92 10s【解析】粒子在圆环区域内恰好做匀速圆周运动，有mgqe（2 分）解得6610/4.0 10/2.5 10qgc kgckgme，电场方向竖直向上（3 分）如图所示，根据几何关系可知22212()rrrr（ 2 分）由洛伦兹力提供粒子在磁场中做匀速圆周运动的向心力,得2vqvbmr联立解得61.33 10/vm s（3 分）粒子在磁场中运动的周期2 mtqb根据几何关系知13tan3rr，解