生物化学课后习题答案集

1、第二章糖类1、 判断对错，如果认为错误，请说明原因。1所有单糖都具有旋光性。答：错。二羟酮糖没有手性中心。2凡具有旋光性的物质一定具有变旋性，而具有变旋性的物质也一定具有旋光性。答：凡具有旋光性的物质一定具有变旋性：错。手性碳原子的构型在溶液中发生了改变。大多数的具有 旋光性的物质的溶液不会发生变旋现象。具有变旋性的物质也一定具有旋光性：对。3所有的单糖和寡糖都是复原糖。答：错。有些寡糖的两个半缩醛羟基同时脱水缩合成苷。如：果糖。4 自然界中存在的单糖主要为D-型。答：对。5 如果用化学法测出某种来源的支链淀粉有57个非复原端，那么这种分子有56个分支。答：对。2、戊醛糖和戊酮糖各有多少个旋光

2、异构体包括a-异构体、B -异构体？请写出戊醛糖的开链结构式注明构型和名称。答：戊醛糖：有 3个不对称碳原子，故有 2 3 =8种开链的旋光异构体。如果包括a-异构体、B -异构体，那么又要乘以2=16 种。戊酮糖：有2个不对称碳原子，故有 2 2 =4种开链的旋光异构体。没有环状所以没有a-异构体、B -异构体。CHOIH C 0HIH C 0HIH C 0HICH2OHD-核糖CHOIHOC HIHOC HIHOC HIch2ohL-核糖CHOIHOC HIH C OHIH C OH I ch2ohD-阿拉伯糖CHOIH C OHIHO C HIHO C HICH2OHL-阿拉伯糖CHOC

3、HOCHOCHOI1H C OHHO -C HHO1C H1H C OH|1HO C HH-1 C OHHO11C HIH C OH|1H C0HHO -1 C HH-11C OHHOCH |1ch2oh1CH2OH1CH2OHch2ohD-木糖L-木糖D-来苏糖L-来苏糖3、乳L糖是葡萄糖苷还是半乳糖苷，是a-苷还是p -苷?蔗糖是什么糖苷，是a-苷还是p -苷？两分子的 D-吡喃葡萄糖可以形成多少种不同的二糖?答：乳糖的结构是 4-O- p -D-吡喃半乳糖基D-吡喃葡萄糖B -1 , 4或者半乳糖B 1-4葡萄糖苷，为B -D-吡喃半乳糖基的半缩醛羟基形成的苷因此是B-苷。蔗糖的结构是葡

4、萄糖a1-2果糖苷或者果糖 2- 1葡萄糖，是a -D-葡萄糖的半缩醛的羟基和p- D -果糖的半缩醛的羟基缩合形成的苷，因此既是a苷又是p苷。两分子的D-吡喃葡萄糖可以形成 19种不同的二糖。4种连接方式a a,a B,B a,B p，每个5种，共 20种-1种a B,B a的 1位相连=19。4、某种a -D-甘露糖和p -D-甘露糖平衡混合物的aD为+ 14.5°求该 平衡混合物中a -D-甘露糖和p -D-甘露糖的比率纯a -D-甘露糖的aDJ为+ 29.3 °纯 -D-甘露糖的aD为-16.3 °解：设a -D-甘露糖的含量为 X,那么29.3x- 16

5、.3(1-x)= 14.5:67.5/32.5=2.08X=67.5%该平衡混合物中a -D-甘露糖和B -D-甘露糖的比率a -D-吡喃葡萄糖1- 2B -D-呋喃果糖的结构式。.B -D-吡喃葡萄糖1- 65、请写出龙胆三糖6、 水解仅含D-葡萄糖和D-甘露糖的一种多糖30g，将水解液稀释至平衡100mL。此水解液在10cm 旋光管中测得的旋光度 a为+ 9.07°试计算该多糖中 D-葡萄糖和D-甘露糖的物质的量的比值a/B - 葡萄糖和 a B -甘露糖的aD5分别为+ 52.5。和+ 14.5°。解：aD = a5 /cL X00= 9.07/ 30 1X 100=

6、 30.2设D-葡萄糖的含量为x,那么52.5x + 14.51-x= 30.2X=41.3%平衡混合物中D-葡萄糖和D-甘露糖的比率：41.3/58.7=0.707、假设某种支链淀粉的相对分子质量为1X106，分支点残基占全部葡萄糖残基数的11.8%，问：11分子支链淀粉有多少个葡萄糖残基；2在分支点上有多少个残基；3有多少个残基在非复原末端上？解：葡萄糖残基：1 X06/162=6 1 73分支点上残基：6173X11.8%=728非复原末端上的残基：728+1=729.180x- x-11X0.118 x 1X = 1 X6180x-1.118 x X18+18 = 1106x =625

7、5分支点上残基：6255X11.8%=738非复原末端上的残基：738+1=739 .8、今有32.4mg支链淀粉，完全甲基化后酸水解，得10卩mol2,3,4,6-四甲基葡萄糖，问：1此外还有多少哪些甲基化产物，每种多少；2通过1-6糖苷键相连的葡萄糖残基的百分数是多少；3假设该种支链淀粉的相对分子质量为1.2 M06，那么1分子支链淀粉中有多少个分支点残基？解：1 32.4mg支链淀粉所含葡萄糖残基：32400/162=200卩mol。2.3.4.6- 四甲基葡萄糖：n+1个非复原端10 mol1.2.3.6- 四甲基葡萄糖：复原端一条支链淀粉1个可忽略不计 32.4 M03/1.2 10

8、6=0.027卩mol2,3-二甲基葡萄糖：分支点残基n个 10卩mol2.3.6- 三甲基葡萄糖：200-10-10=180 » mol2通过1-6糖苷键相连的葡萄糖残基的百分数:10/200 100%=5%3假设该种支链淀粉的相对分子质量为1.2 M06，那么1分子支链淀粉中有多少个分支点残基？葡萄糖残基：1.2 X106/162=74 07分支点上残基：7407X5%=3709、请用两种方法分别区分一下各组糖类物质：1葡萄糖和半乳糖：测旋光，乙酰化后GC2蔗糖和乳糖：Fehling反响，盐酸水解后加间苯三酚3淀粉和糖原：碘液，溶解性4淀粉和纤维素：碘液，溶解性5香菇多糖和阿拉伯

9、聚糖：盐酸水解后加间苯三酚，甲基间苯二酚10、某种糖类物质可溶于水，但参加乙醇后又发生沉淀，菲林反响呈阴性。当参加浓盐酸加热后，加碱可使Cu2+复原为Cu+。加酸、参加间苯二酚无颜色变化，但参加间苯三酚却有黄色物质生成。试判断这是哪类糖类物质，并说明判断依据。答：糖原。1:可溶于水，但参加乙醇后又发生沉淀2:复原性末端1个3:加浓盐酸水解后生成葡萄糖，可发生Fehling反响加碱可使 Cu2+复原为Cu + 。：加酸、参加间苯二酚无颜色变化：为醛糖。5:参加间苯三酚却有黄色物质生成：为己糖。第三章脂类1、判断对错，如果认为错误，请说明原因。1混合甘油酯是指分子中除含有脂肪酸和甘油外，还含有其他

10、成分的脂质。答：错。分子中除含有脂肪酸和甘油外，还含有其他成分的脂质称为复脂。混合甘油酯是指分子中与甘油成脂的脂肪酸的烃基有2个或者3个不同者。2磷脂是生物膜的主要成分，它的两个脂肪酸基是处于膜的内部。答：错。磷脂是生物膜的主要成分，但是它的两个脂肪酸基是处于膜的外部。37-脱氢胆固醇是维生素 D3原，而麦角固醇是维生素 D2原。答：对。4生物膜的内外两侧其膜脂质和膜蛋白分布都是不对称的。答：对。5膜脂的流动性并不影响膜蛋白的运动。答：错。因为整个生物膜的流动性在很大程度上取决于膜脂的流动性，脂蛋白也不例外。2、三酰甘油有没有构型？什么情况下有构型？什么情况下没有构型?答：甘油本身并无不对称碳

11、原子，但是它的三个羟基可被不同的脂肪酸酰化，那么当甘油分子两头的碳原子的羟基被相同脂肪酸酰化时，那么三酰甘油没有构型，当甘油分子两头的碳原子上的羟基被不同脂肪酸酰化时，那么有构型计算一软脂酰二硬脂酰甘油酯的皂化值。M=862CH 2OCC15H31OOIICH?。- CC仃H35OCHO C C17H35CHO C C15H31CH 2。一CC17H35CH2O C C17H35解：皂化值 =56.1 >(1000/862)>3=195.24皂化值 二(3>56.1 X1000) /相对分子质量 二(3>56.1 >000) /862=195.244、计算用下法测

12、定的甘油的碘值。称取80mg菜油，与过量的溴化碘作用，并参加一定量的碘化钾。然后用0.05mol/L硫代硫酸钠标准溶液滴定，用去硫代硫酸钠11.5mL。另做一空白对照不加菜油，消耗硫代硫酸钠 24.0mL。解：碘值=(NVX (127/1000)/m >00=(24.0-11.5) X05 >127/1000)/0.08>00=99.25、生物膜外表亲水、内部疏水的特性是由膜蛋白决定的还是由膜脂决定的？如何形成这种特性？答：由膜脂决定的。组成生物膜的磷脂分子具有1个极性的头部膜外表和2个非极性的尾部膜内部，水为极性分子，根据相似相溶原理，使生物膜外表亲水，内部疏水。第四章蛋白

13、质化学1、用对或者不对答复以下问题。如果不对，请说明原因( 1 )构成蛋白质的所有氨基酸都是L- 氨基酸，因为构成蛋白质的所有氨基酸都有旋光性。答：错。除了甘氨酸外构成蛋白质的氨基酸都有旋光性，但是这与氨基酸都是 L- 氨基酸没有关系。是两个完全不相关 的概念。( 2 )只有在很低或者很高的PH 值时，氨基酸的非电离形式才占优势。答：错。在等电点时氨基酸的非电离形式才占优势。(3) 当PH大于可电离基团的pKa时，该基团半数以上解离。答：对。( 4)一条肽链在回折转弯时，转弯处的氨基酸常常是脯氨酸或甘氨酸。答：对。( 5)如果一个肽用末端检测方法测定不出它的末端，这个肽只能是个环肽。答：错。假

14、设这个肽的N-末端封闭的话，比方：N-末端是pro，用末端检测方法也测定不出它的末端。(6) 如果用Sephadex-G-100来别离细胞色素 C、血红蛋白、谷氨酸和谷胱甘肽，那么洗脱顺序为谷氨酸一谷胱甘肽-细胞色素C血红蛋白。答：错。正确的洗脱顺序为：血红蛋白一细胞色素C -谷胱甘肽谷氨酸。(7) a -螺旋中每个肽键的酰胺氢都参与氢键的形成。答：错。脯氨酸所含亚氨基参与肽键的形成，再无氢原子用来形成氢键。( 8)蛋白质的等电点是可以改变的，但等离子点不能改变。答：对。2、向 1mol/L 的处于等电点的甘氨酸溶液中参加 0.3mol HCl ，问所得溶液的 pH 值是多少？如果参加 0.3

15、mol NaOH 代替 HCl 时， pH 值又是多少？解： Ph 低= pK a1 +lg(n (AA) -n(H+)/ n (H+)= 2.34+lg(1-0.3)/0.3=2.71pH 高= pK a2+lgn (OH -)/(n (AA) -n OH)= 9.60+lg0.3/(1-0.3) =9.233、 1.068g的某种结晶a -氨基酸，其pKa1和pKa2值分别是2.4和9.7，溶解于100mL的1mol/L的NaOH溶液中 时，其 pH 值为 10.4。计算氨基酸的相对分子质量，并提出其可能的分子式。解： pH 高= pK a2+lgn (OH -)/(n (AA) -n O

16、H)10.4= 9.7+lg0.01/( n(AA) - 0.01)n(AA) =0.012M=1.068/0.012=89mol/g可能的分子式:C3H7O2N,为丙氨酸。4、Lys的e -氨基的pKa为10.5，问在pH 9.5时，Lys水溶液中将有多少这种基团给出质子？解： pH = pK +LogA -HA9.5=10.5+ LogNH 2NH3+NH 2NH 3+=1/10NH 2: 1/11;NH 3+=10/115、 有一个肽段，经酸水解测定有4 个氨基酸组成。用胰蛋白酶水解成为两个片段；其中一个片段在280nm 有强的光吸收，并且 Pauly 反响，坂口反响都是阳性；另一个片段

17、用 CNBr 处理后释放出一个氨基酸与茚三酮反响呈黄色。 试写出这个氨基酸排列顺序及其化学结构式 。答：用胰蛋白酶水解成为两个片段：碱性氨基酸羧基端肽键;280nm 有强的光吸收： Tyr;Pauly 反响阳性 : Tyr;坂口反响阳性 :Arg ；用 CNBr 处理 :Met 羧基端肽键；茚三酮反响呈黄色： Pro。氨基酸排列顺序：(N) -Tyr- Arg-Met- Pro ( C)化学结构:NHSCHH2CCH2CHCOOHCH3OHNH2 C CH ONHCHCH CH6、一种纯的含钼蛋白质，用 1cm的比色杯测定其吸光吸收& 280为1.5。 该蛋白质的浓溶液含有 MO10.

18、56卩g/mL。1:50稀释该浓溶液后 A280为0.375。计算该蛋白质的最小相对分子质量(Mo的相对原子质量为 95.94)E= E 2%00.1/10=1.5/10=0.15解：比尔定律：A=ECL(C=g/L; L=cm ; E=L/g )吸光系数C= A/ EL= (0.375 >50) /(0.15 t)=125g/L=125mg/mL =125000 |ig/mL最小相对分子质量 =95.94X(100心0.56/125000) =11.35105=11.35KD7、1.0mg某蛋白质样品进行氨基酸分析后得到58.1卩g的亮氨酸和36.2卩g的色氨酸，计算该蛋白质的最小相对

19、分子质量。解：Leu%=(58.1/1000) X100%=5.81%Trp%=(36.2/1000)100%=3.62%Leu 残基 =(131-18)/131)5.X1%=5.01%Trp 残基 %=(204-18)/204)362%=3.30%以Leu残基%计算的蛋白质最低分子量=(131-18)/5.01%= 2255以Trp残基计算的蛋白质最低分子量=(204-18)/3.30%= 5636 5636 : 2255=5:2求其最小公倍数：5636X2=11272, 2255 X5=11275蛋白质的分子量约为112708、某一蛋白质分子具有a螺旋和&折叠两种构象，分子总长度为

20、5.5 X0-5cm，该蛋白质相对分子质量为250000。试计算蛋白质分子中a-螺旋和&折叠两种构象各占多少？(氨基酸残基平均相对分子质量按100计算)。解：设a螺旋为X,伕折叠为y,那么：x+y=250000/1001.5x+3.5y=5.5 X-5X08解得X=1875Y=625第五章核酸化学1、用对或者不对答复以下问题。如果不对，请说明原因(1) 腺嘌吟和鸟嘌吟都含有嘧啶环，并都含有氨基。答：对。(2) RNA用碱水解可得到 2-核苷酸，而DNA用碱水解却不能得到2 -脱氧核苷酸。答：对。(3) 在碱基配对中，次黄嘌吟可以代替腺嘌吟与胸腺嘧啶配对。答：错。次黄嘌吟不能与胸腺嘧啶配

21、对。(4) 真核细胞与原核细胞的DNA都与组蛋白结合成核蛋白。答：错。真核细胞的DNA与组蛋白结合成核蛋白。原核细胞不含有组蛋白。(5) tRNA是RNA中相对分子质量最小的，但所含稀有成分却是最多的。答：对2、比拟DNA、RNA在化学组成、分子结构和生理功能上的特点答:DNARNA化学组成碱基A, T, C, GA, U, C, G戊糖脱氧核糖核糖核苷酸dAMP,dTMP,dCMP,dGMPAMP, UMP, CMP, GMP分子结构二级结构双螺旋结构模型tRNA:三叶草结构模型三级结构超螺旋tRNA:倒“ L 型生理功能主要的遗传物质，遗传信息的主要载体mRNA:将遗传信息从DNA传到蛋白

22、质，在肽链 合成中起决定氨基酸排列顺序的模板作用；tRNA:蛋白质合成中转运氨基酸rRNA:蛋白质合成的场所3、DNA双螺旋结构的根本要点是什么？DNA双螺旋结构有何重要生物学意义？答：DNA双螺旋结构的根本要点：(1) 两条反向平行的多脱氧核苷酸链围绕同一中心轴以右手盘绕成双螺旋结构，螺旋外表具大沟和小沟。(2) 嘌吟碱和嘧啶碱基位于螺旋的内侧，磷酸和脱氧核糖基位于螺旋外侧，彼此以3 ' -5 '磷酸二酯键连接，形成DNA分子的骨架。碱基环平面与螺旋轴垂直，糖基环平面与碱基环平面成90 °角。(3) 螺旋横截面的直径约为2 nm，每条链相邻两个碱基平面之间的距离为0

23、.34 nm，每10个核苷酸形成一个螺旋，其螺矩(即螺旋旋转一圈)高度为 3.4 nm。(4) 双螺旋内部的碱基按规那么配对，碱基的相互结合具有严格的配对规律，即腺嘌吟(A)与胸腺嘧啶(T)结合，鸟嘌吟(G)与胞嘧啶(C)结合，这种配对关系，称为碱基互补。A和T之间形成两个氢键， G与C之间形成三个氢键。双螺旋的两条链是互补关系。DNA双螺旋结构的重要生物学意义：该模型揭示了 DNA作为遗传物质的稳定性特征，最有价值的是确认了碱基配对原那么，这是DNA复制、转录和反转录的分子根底，亦是遗传信息传递和表达的分子根底，它奠定了生物化学和分子生物学乃至整个生命科学飞速开展的基石。推动了分子生物学和分

24、子遗传学的开展，被誉为20世纪最伟大的发现之一。第六章酶化学1、用对或者不对答复以下问题。如果不对，请说明原因(1) 生物体内具有催化能力的物质都是蛋白质。答：错。还有核酶，其化学本质是核酸。(2) 所有酶都具有辅酶或者辅基。答：错。酶按其化学组成可分为：简单蛋白酶和结合蛋白酶。简单蛋白酶不含有辅酶或者辅基；结合蛋白酶不含有辅酶或者辅基。(3) 酶促反响的初速度与底物浓度无关。答：错。酶促反响的初速度与底物浓度的关系符合米氏方程。米氏方程描述的底物浓度与酶促反响速度的关系正式通过测定酶促反响的初速度得来的。(4) 当底物处于饱和状态时，酶促反响的速率与酶的浓度成正比。答：错。当底物处于饱和状态

25、时，酶促反响的速率为最大反响速率V(5) 对于所有酶而言，Km值都与酶的浓度无关。答：对。(6) 测定酶的活力时，必须在酶促反响的初速度时进行。2、现有1g淀粉酶制剂，用水稀释至1000mL从中吸取0.5mL测定酶的活力，得知 5min可分解0.25g淀粉。计算每克酶制剂所含的淀粉酶活力单位(淀粉酶活力单位规定为：在最适条件下，每小时分解1g淀粉的酶量为1个活力单位)解：0.5mL酶制剂所含的淀粉酶活力单位=(60 X0.25)/5 =3每克酶制剂所含的淀粉酶活力单位=(1000/0.5) X=60003、 称取25mg蛋白酶粉配制成 25mL酶溶液，从中取出0.1mL酶液，以酪蛋白为底物，

26、用Folin比色法测定酶的活力，得知每小时产生 1500内酪蛋白；另取2mL酶液用凯氏定氮法测得蛋白氮为0.2mg。根据以上数据，求出： (1) 1mL酶液中所含的蛋白质量及活力单位；(2)比活力；(3) 1g酶制剂所含的总蛋白质含量及总活力(每分钟产生1内酪氨酸的酶量为1个活力单位)解：(1) 1mL酶液中所含的蛋白质量=(0.2 625)/2=0.625 mg1mL酶液中所含的活力单位=(1500/60) 10 =250(2) 比活力=活力单位/毫克酶蛋白=250/0.62 =400(3) 1g酶制剂所含的总蛋白质含量=0.625X1000=625 mg1g酶制剂总活力=250 X1000

27、=2.5 W054、 当底物浓度Cs分别等于4Km、5Km、6Km、9Km和10Km时，求反响速率V相当于最大反响速率Vmax的几分之几？解：据米氏方程：V=V maxCs/( K m +CS)假设：Cs=nKm 时，那么：V=n/(n+1) V maxCS=4Km 时，那么：V=4/5 V maxCS = 5Km 时，那么：V=5/6 V maxCS=6Km 时，那么：V=6/7 V maxCS = 9Km 时，那么：V=9/10 V maxCS=10Km 时，那么：V=10/11 V max6、从某生物材料中提取纯化一种酶，按以下步骤进行纯化，计算最后所得酶制剂的比活力、活力回收率和纯化倍

28、数(纯化率)？纯化步骤总蛋白/mg总活力/U比活力/U.(mg蛋白)-1回收率/%纯化倍数粗体68盐析44015203.45离子交换1259857.88凝胶过滤1219616.331.54%24回收率=提纯后总活力/提纯前总活力 M00%=196/1265X 100%=1.54%纯化倍数=纯化后比活力/纯化前比活力=16.33/0.68=24第九章糖代谢1、用对或不对答复以下问题。如果不对，请说明原因。(1) 糖代谢中所有激酶催化的反响都是不可逆。答：错。由磷酸甘油酸磷酸酶催化的1,3-二磷酸甘油酸转变为 3-磷酸甘油酸的反响是可逆的。5mol葡萄糖经 HMS完全氧化

29、分解，可产生180mol ATP.答：175mol。3分子的G-6-P产生6分子的NADPH+H+和1分子3-P-甘油醛，同时又返回 2分子的G-6-P，也就是1 分子的 G-6-P产生6分子的NADPH+H+和1分子3-P-甘油醛。那么 2分子的G-6-P产生12分子的NADPH+H+和2 分子3-P-甘油醛，其中 2分子3-P-甘油醛可以通过 EMP的逆过程变成 G-6-P，这样，1分子的G-6-P净产生12分子 的NADPH+H+ (它的穿梭总是免费的)，合36分子的ATP。1分子的葡萄糖就可以产生 35分子的ATP。(5) 糖原合成和糖异生都是耗能的。答：对。(6) 单糖进入细胞后都生

30、成磷酸单糖，这实际上是细胞的一种保糖机制，以免单糖再转移到细胞外。答：对。2、 1710g蔗糖在动物体内经有氧分解为H2O和CO2,总共可产生所少摩尔ATP ?多少摩尔 CO2 ?解：1mol可分解为：1mol的葡萄糖和1mol果糖。1mol葡萄糖和1mol果糖完全分解均可产生：36或者38molATP, 6mol CO2。那么1mol的蔗糖完全分解可产生：72或者76molATP, 12mol CO2。蔗糖分子量：3421710g 蔗糖=1710/342=5mol那么：1710g蔗糖悠扬分解后产生的：5 X72=360 或者 5 X76=380mol ATP5 X12=60mol CO 23

31、、 某厂用发酵法生产酒精，对淀粉质原料液化酶和糖化酶的总转化率为40%，酒精酵母对葡萄糖的利用率为90%。问投料5000kg可产生多少升酒精(酒精密度0.789g/cm 3)?酵母菌获得多少能量(多少 molATP )?解：酒精体积 V=(5X106 X40%X90%)/(162 X.789 X03)=14.1LnATP= (5 X106 M0%X90%)/162 2=2.2 M04mol4、 1mol乳酸完全氧化分解可生成多少摩尔的ATP?没生成1molATP假设以储能30.54KJ计算，其储能效率多少？如果2mol乳L酸转化成葡萄糖，需要消耗多少molATP?解：乳酸+NAD丙酮酸+ NA

32、DH+H进入呼吸链2or3molATP丙酮酸进入TCA循环：15mol ATP1mol 乳L酸完全氧化分解可生成17or18mol的ATP储能效率=17 X30.54/1336.7=38.84%或者储能效率=18X30.54/1336.7=41.13%如果2mol 乳L酸转化成葡萄糖，需要消耗：4molATP(丙酮酸一草酰乙酸，3-磷酸甘油酸一 1.3二磷酸甘油酸个 1molATP)+2molGTP(草酰乙酸一磷酸烯醇式丙酮酸)=6molATP5、 每摩尔以下各物在酵母细胞内完全氧化时产生多少摩尔ATP及CO2 ?假定酵解、三羧酸循环和氧化磷酸化系统完全具有活性。(1) 麦芽糖； (2)乳糖；

33、(3) 1-磷酸葡萄糖； (4) 3-磷酸甘油醛； (5)琥珀酸(6) a -酮戊二酸代谢物ATPCO2麦芽糖2X36=72 或者 2 X38=76mol12乳糖2X36=72 或者 2 X38=76mol121-磷酸葡萄糖35 或者 37mol63-磷酸甘油醛19 或者 20mol3琥珀酸5+12+12=29mol4a -酮戊二酸9+12+12=33mol56、虽然氧分子并不直接参与TCA循环，但该循环的运行必须在有氧的情况下才能发生，为什么？答：氧分子并不直接参与TCA循环，但底物在脱氢酶作用下会脱下NADH+J或者FADH, NADH+H或者FADH之后进入线粒体呼吸链，必须以氧作为最终的电子受体。第十章1、用对或不对答复以下问