江苏省盐城市2021届第三次新高考模拟考试物理试卷含解析

1、5 ： 1。变压器的原线圈接均为理想电表。则（）阳甲图乙江苏省盐城市2021届第三次新高考模拟考试物理试卷、单项选择题：本题共 6小题，每小题5分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.图甲中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数ni与副线圈的匝数 n2之比为如图乙所示的正弦式电流，两个20a的定值电阻串联接在副线圈两端。电流表、A.电流表示数为 0.2AB.电流表示数为 5AC .电压表示数为 4VD.通过电阻R的交流电的周期为2X10-2sAB .根据图象可得原线圈的电压的最大值为200J2V，所以电压的有效值为200.2Ui V=200V 2原线圈的匝数 ni与副线

2、圈的匝数 n2之比为5： 1,则有U1 n15U2 n21解得副线圈电压U1U 21=40V5则副线圈中的电流U2I22=1A2R根据变压器电流与匝数的关系有11n2I2n1所以原线圈中的电流即电流表的读数n2I12I20.2An1故A正确，B错误；C.电压表示数为电阻 R上的电压，根据欧姆定律有UR I1R 20V故C错误;D.由乙图可知通过电阻 R的交流电的周期为 4M0-2s,故D错误。故选A。2.如图所示，正方形区域内有匀强磁场，现将混在一起的质子H和a粒子加速后从正方形区域的左下角射入磁场，经过磁场后质子 H从磁场的左上角射出，a粒子从磁场右上角射出磁场区域，由此可知（）X X :、

3、i:X X X X/1J*V*X X ； X 一A .质子和a粒子具有相同的速度B.质子和a粒子具有相同的动量C .质子和a粒子具有相同的动能D.质子和a粒子由同一电场从静止加速【答案】A【解析】【分析】【详解】A .根据洛伦兹力提供向心力得2设质子的比荷为 q,则a粒子的比荷为 Zq,质子的半径是m4ma粒子的一半，所以二者的速度相同，故 A正确;B.他们具有相同的速度，但是质量不同，所以动量不同，故B错误;C.他们具有相同的速度，但是质量不同，所以动能不同，故C错误;D.如果由同一电场从静止加速，那么电场力做的功应该相同，即动能相同，但是他们的动能不相同，所以不是从同一电场静止加速，所以D

4、错误。故选Ao3.用某单色光照射金属表面，金属表面有光电子飞出.若照射光的频率增大，强度减弱，则单位时间内飞出金属表面的光电子的A.能量增大，数量增多B.能量减小，数量减少C.能量增大，数量减小D.能量减小，数量增多【答案】C【解析】【分析】【详解】根据E=hv知，照射光的频率增大，则光子能量增大，光的强度减弱，单位时间内发出光电子的数目减少.故C正确，ABD错误.4.如图，光滑圆轨道固定在竖直面内，一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动.已知小球在最低点N2.重力加速度大小为g,则NiN2的值为A . 3mgB . 4mgC. 5mg【答案】D【解析】试题分析：在最高点，根据牛顿第二定律可得

5、N2 mg2N1 mg m ,从最高点到最低点过程中，机械能守恒,D. 6mg2m生，在最低点，根据牛顿第二定律可得 r1212故有 mg 2 r mv1 - mv2 ,联乂二式可22得 N1 N2 6mg考点：考查机械能守恒定律以及向心力公式【名师点睛】根据机械能守恒定律可明确最低点和最高点的速度关系;再根据向心力公式可求得小球在最高点和最低点时的压力大小，则可求得压力的差值.要注意明确小球在圆环内部运动可视为绳模型；最高点时压力只能竖直向下.5.如图所示，足够长的 U型光滑金属导轨平面与水平面成。角0 O.05mm=0.80mm ,所以最终读数为：9mm+0.80mm=9.80mm ;(2

6、)2根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球经过光电门时的速度为：3d 9.80 10v - 3- m/s 1.63m/st 6.0 103则有：222v 2.66m /s(3)4先根据记录表中的数据进行了描点，作出v2cos 8图像如图:(4)5由v2cos。图像可得图像斜率的绝对值为:,10 020k 1.0 0.5要验证机械能守恒定律，必须满足:12mg(l lcos E) -mv化简整理可得：2v 2gl 2glcos 0则有：2gl k 20解得:l 1.0m四、解答题：本题共 3题，每题8分，共24分15 .我国不少省市 ETC联网已经启动运行， ETC是电子不停车收费系统的简

7、称，汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示。假设汽车以Vi=12 m/s朝收费站沿直线行驶，如果过 ETC通道，需要在距收费站中心线前 d= 10 m处正好匀减速至 V2=4 m/s,匀速通过中心线后， 再匀加速至vi正常行驶;1 m/s2 求:如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过t0=20 s缴费成功后，再启动汽车匀加速至vi正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为收费站中心线；*- d-*4行驶方向U 帛限ETC通道行驶方向人工收费 :通道.(1)汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小?(2)汽车通过人工收费通道，应在离收费站中心

8、线多远处开始减速？(3)汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间是多少？【答案】(1)138 m；(2)72 m；(3)25 s。(1)过ETC通道时，减速的位移和加速的位移相等，则22Vi V2xi = = 64 m2a故总的位移x总1 = 2x+d= 138 m.2(2)经人工收费通道时，开始减速时距离中心线为X2=9=72 m.2av1 v2d过ETC通道的时间ti= X2+ = 18.5 saV2过人工收费通道的时间t2= v1 X2+ to= 44 sx 总 2 = 2x2= 144 m二者的位移差 A x= x总2 x总i = 6 m在这段位移内汽车以正常行驶速度做匀速直线运

9、动，则Autz- (ti+ ) = 25 sVi16.物体沿着圆周的运动是一种常见的运动，匀速圆周运动是当中最简单也是较基本的一种，由于做匀速 圆周运动的物体的速度方向时刻在变化，因而匀速周运动仍旧是一种变速运动，具有加速度。(1)可按如下模型来研究做匀速圆周运动的物体的加速度：设质点沿半径为r、圆心为O的圆周以恒定大小的速度v运动，某时刻质点位于位置 A。经极短时间 t后运动到位置 B,如图所示，试根据加速度的定 义，推导质点在位置 A时的加速度的大小；(2)在研究匀变速直线运动的 位移”时，我们常旧以恒代变”的思想；在研究曲线运动的 瞬时速度”时，又 常用 化曲为直”的思想，而在研究一般的

10、曲线运动时我们用的更多的是一种“化曲为圆”的思想，即对于般的曲线运动，尽管曲线各个位置的弯曲程度不详，但在研究时，可以将曲线分割为许多很短的小段，质点在每小段的运动都可以看做半径为某个合适值的圆周运动的部分，进而采用圆周运动的分析方法来进行研究， 叫做曲率半径，如图所示，试据此分析图所示的斜抛运动中。轨迹最高点处的曲率半径；(3)事实上，对于涉及曲线运动加速度问题的研究中，化曲为圆”并不是唯的方式，我们还可以采用一种 化圆为抛物线”的思考方式，匀速圆周运动在短时间t内可以看成切线方向的匀速运动，法线方向的匀变速运动，设圆弧半径为 R,质点做匀速圆周运动的速度大小为v,据此推导质点在做匀速圆周运

11、动时的向心加速度a o2 v22v0 cos:； (2) g； (3) a R【详解】(1)当t足够小时，VA、Vb的夹角 就足够小，角所对的弦和弧的长度就近似相等。因此，v v在t时间内，所对方向变化的角度为t联立可得v v t代入加速度定义式 a ,以及把v r代入，可得向心加速度大小的表达式为 t2 an r上式也可以写为2 v an r(2)在斜抛运动最高点，质点的速度为v v0 cos可以把质点的运动看成是半径为的圆周运动，因为质点只受重力，所以根据牛顿第二定律可得2v mg m 联立可得22v0 cosg质点在短时间 t内将从A以速度v匀速运动到B,则(1,2Xab, v t ,

12、yAc -a t2由图可知222R (R yAC ) xAB,联立解得212,2v aR a t 0 2若t足够小，即t2 0所以2v aRI17.如图，一粗细均匀的 U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上侧与大气相通，下端开口处开关 K关 闭，A侧空气柱的长度为l=10.0cm, B侧水银面比A侧的高h=3.0cm,现将开关 K打开，从U形管中放 出部分水银，当两侧的高度差为 hi=10.0cm时，将开关 K关闭，已知大气压强 po=75.0cmHg .A B(1)求放出部分水银后 A侧空气柱的长度；(2)此后再向B侧注入水银，使 A、B两侧的水银达到同一高度，求注入水银在管内的长度.【答案】(1) 12.0cm； (2) 13.2cm【解析】【分析】【详解】(1)以cmHg为压强单位.设A侧空气柱长度l=10.0cm时压强为p,当两侧的水银面的高度差为h1=10.0cm时，空气柱的长度为11,压强为p1,由玻意耳定律，有：p1=p 1I1 由力学平衡条件，有：p=po+h 打开开关放出水银的过程中，B侧水银面处的压强始终为po,而A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小，B、A两侧水银面的高度差也随着减小，直至B侧水银面低于 A侧水银面h1