山西省朔州市怀仁县马辛庄中学2016-2017学年九年级(上)期中物理试卷(word版)

1、山西省朔州市怀仁县马辛庄中学2015-2016学年九年级（上）期中物理试卷一、选择题（每小题2分，共20分）1一个普通的初三学生在体育课上，进行单手倒立时，对地面的压强大约为（）A5106帕B5105帕C5104帕D5103帕2如图所示为四件厨房用品，其中使用时为了减小压强的是（）A水果刀B 削皮器C 枕板D 切蛋器3下列哪些没有利用了连通器原理？（）A安装在锅炉上的水位计B注射器C壶嘴总是跟壶身一样高D船闸4在图（）中，P、Q的示数分别如图（）所示，则在图（）中，P、Q的示数分别是（）A2.0牛、1.0牛B1.9牛、1.1牛C2.1牛、1.1牛D2.0牛、1.1牛5在如图所示的电路图中，正确

2、的是（）ABCD6自动电压力锅当锅内压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，压强过大时电键S过压自动断开，温度过高时电键S过热自动断开图中反映了压力锅内部电路的是（）ABCD7水平桌面上放着相同的两个平底试管A和B，其中分别装着质量相等密度为1和2的液体，A管竖直，B管倾斜放置如图所示，则它们对管底的压强pl与p2的大小为（）Ap1p2Bpl=p2Cp1p2D无法确定8同一物体分别漂浮在甲、乙液体中（甲乙），受到的浮力分别为F甲、F乙，物体排开液体的体积分别为V甲、V乙，则（）AF甲=F乙，V甲V乙BF甲=F乙，V甲V乙CF甲F乙，V甲=V乙DF甲F乙，V甲=V乙9甲、乙两个实心正方体的密度

3、之比A：B=4：1，质量之比mA：mB=1：2，若按（甲）、（乙）两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上（如图所示），则地面受到的压力之比和压强之比分别是（）AF甲：F乙=1：1，p甲：p乙=1：4BF甲：F乙=1：1，p甲：p乙=1：2CF甲：F乙=1：2，p甲：p乙=4：1DF甲：F乙=1：3，p甲：p乙=1：810如图（a）所示，在质量、高度均相等的甲、乙两圆柱体上沿水平方向切去相同的厚度，并将切去部分叠放至对方剩余部分上表面的中央，如图（b）所示若此时甲、乙对地面的压力、压强分别为F甲、F乙、p甲、p乙，则（）AF甲F乙，p甲p乙BF甲F乙，p甲p乙CF甲=F乙，p甲=p乙DF甲=

4、F乙，p甲p乙二、填空题（共25分，17题第一空2分，其余每空1分）11冰的密度为0.9103千克/米3，它表示每立方米冰的是0.9103千克当冰熔化成水时，质量将，体积将（选填“变小”、“不变”或“变大”）12著名的实验证明了大气压强的存在托里拆利在玻璃管内装入较大的水银做实验测出大气压强的值，若换用水完成该实验，则需要玻璃管的长度（选填“减小”或“增大”） 一个标准大气压约等于帕13我国家用照明电路电压为伏，厨房里的吸顶灯与控制它的电键是的，冰箱与脱排油烟机是连接的14导体的电阻取决于它的材料、长度、和温度旋转式变阻器（如图所示）与滑动变阻器相比，外形不同，但原理都是通过改变接入电路的导体

5、的来改变其连入电路的电阻若图中旋转式变阻器的A、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是段（选填“AP”、“PB”或“AB”），当轴顺时针旋转时，它连入电路的电阻将（选填“变大”、“变小”或“不变”）15一艘远洋轮船在洋山深水港卸下一批货物，则该船受到的浮力将，船底受到水的压强将（均选填“变大”、“变小”或“不变”）若船底距水面10米，则船底受到海水的压强约为帕（海水的密度约为1.0103千克/米3）16如图所示，在甲、乙两个相同的容器中装有质量相同的水，将木块A、金属块B按不同的方式放入水中，待A、B静止时，甲、乙容器中木块A下表面所受的压强P甲P乙；水对容器底部的压强P甲P乙（均选填“

6、小于”、“等于”、或“大于”）将乙容器中的绳子剪断后，金属块B沉底，则金属块B所受的浮力将，水对容器底部的压强将（均选填“变小”、“不变”或“变大”）17轮船上的“吃水线”又被成为“生命线”为了安全航行，远洋轮船体上都有几条水平横线分别表示该船在不同水域不同季节所允许的满载时的“吃水深度”，如图所示其中FW表示淡水线，S表示夏季海洋线，除此以外船体上还有“北大西洋冬季线”和“印度洋线”，下表为不同海域的盐度及地理位置特点1）“冬季海洋线”在“夏季海洋线”下方的原因是：；2）结合表格中的信息可以知道，图中1号横线表示，2号横线表示（均选填“北大西洋冬季线”或“印度洋线”） 海洋 表层平均盐度（%

7、） 中心最高盐度（%） 地理位置特点 北大西洋 3.55 3.82 在靠近北极海附近 大西洋 3.54 3.79 在南，北美洲，欧洲，非洲，南极洲之间 太平洋 3.50 3.65 在亚洲，大洋洲，美洲和南极洲之间 印度洋 3.48 3.60 在亚洲，大洋洲，非洲，南极洲之间，大部分处于热带三、作图题（共9分）18重为3牛的小球漂浮在水面（如图所示），请用力的图示法在图中画出小球受到的浮力F浮19静止在斜面上的木块重30牛，对斜面的压力为18牛，试用力的图示法在图中画出重物对斜面的压力20在如图所示的电路中，请用笔线代替导线在图中连接，使灯L1和灯L2并联，电流表只测量灯L1的电流四、计算题（共

8、28分，21题6分，22、23题各7分，24题8分）21某导体两端的电压为6伏，10秒钟内通过的电量为4库，求通过该导体的电流I和导体的电阻R22将2千克水倒入底面积为0.02米2的容器中，水深30厘米容器重力为2牛，放在水平桌面中央求：（1）容器底部受到水的压力；（2）容器对桌面的压力；（3）容器对桌面的压强23如图甲所示，实心均匀正方体A、B放置在水平地面上，A的边长为0.2米，B的边长为0.3米，A的密度为3000千克/米3，B的密度为2000千克/米3g=10N/kg求正方体A的质量；求正方体B对水平地面的压强；若正方体A、B在底部中间挖去厚度为0.1米，底面积为S的相同柱形后，如图乙

9、所示，A、B剩余部分对水平地面的压强pA和pB则pA、pB（选填“能”或“不能”）相等，请通过计算说明24在一底面积为1.5102米2的圆柱形容器中放入一个密度均匀的质量为0.6千克、底面积为1102米2、高度为0.08米的柱状木块，然后向容器内注入一定量的水使得木块漂浮在水面上，如图所示，此时水面高度为0.1米（1）求水对容器底部压强p水；（2）求木块浸入水的体积和木块体积之比V浸：V木；（3）若将木块沿虚线以下部分截去一半后，求木块上表面下降的高度h五、实验题（共18分，27题第三空2分，其余每空1分）25在用电流表的小量程测量时，电表上读数的最小分度是A，它的最大测量值是A在“用电压表测

10、电压”的实验中，将电压表联在待测电路两端（选填“串”或“并”），电压表的“+”接线柱应靠近电源极（选填“正”或“负”）的一端相连26用托盘天平和量筒测定小石块密度的实验中：调节天平时，天平置于水平桌面上，游码移到标尺的“0”刻度后，天平指针静止时的位置如图甲所示，若使天平平衡，则平衡螺母应向（选填“左”或“右”）移动调节天平平衡后，测量小石块质量如图乙所示（天平下方为标尺的放大图），由此可知，被测小石块的质量为克在量筒中倒入适量的水，使小石块浸没在水中，量筒示数如图丙所示该小石块的体积为厘米3，密度为千克/米327某小组同学研究金属球在水中受到浮力的大小时，提出不同的猜想猜想：金属球在水中所受

11、的浮力F浮跟金属球的密度有关；猜想：金属球在水中所受的浮力F浮跟金属球浸入水中的深度有关于是他们将半径均为5厘米但密度不同的金属球甲、乙分别挂在测力计下，将其逐步浸入水中进行实验他们通过测出球心到水面的距离h来表示金属球浸入水中的深度、并读出相应的测力计示数F且计算得出F浮，实验数据分别见表一、二表一 金属球甲 实验序号123456球心到水面的距离h（厘米）520258测力计示数F（牛）15.714.613.111.610.510.5金属球所受的浮力F浮（牛）01.12.64.15.25.2表二 金属球乙 实验序号789101112球心到水面的距离h（厘米）520256测力计示数F（牛）31.

12、430.328.827.326.226.2金属球所受的浮力F浮（牛）01.12.64.15.25.2该小组所进行的序号为1、7实验的示意图是如图中的（选填“a”或“b”）分析比较实验序号26或812的实验数据及相关条件，可初步得出的结论是：同一金属球浸入水中的深度增加时，所受到水的浮力分析比较实验序号2和8、3和9、4和10或5和11的实验数据及相关条件，可初步得出的结论是：并由此可知，金属球在水中所受的浮力F浮跟金属球的密度无关他们进一步提出问题：金属球在水中所受最大的浮力跟哪些因素有关？为继续研究，最需要添加的实验器材是：跟甲（或乙）不同的金属球（选填“半径”、“密度”或“质量”）28某小

13、组同学用如图所示电路研究通过导体的电流与它两端电压的关系，并将实验数据填写在表一中表一导体实验序号电压/V电流/A甲12.00.1024.00.2036.00.3048.00.40乙52.00.2064.00.4076.00.6088.00.16分析比较实验序号1、2、3、4（或5、6、7）的数据，可以得出的初步结论是：；分析比较实验序号1与5（或2与6或3与7）的数据，可得出的初步结论是：；实验序号8的数据不符合上述实验结论，接下来他应该（选填字母）；A把表中电流数据改为0.80B尊重事实，不作处理C推翻前面结论，寻找新的规律D查找错误原因，重新进行实验他们在分析的基础上继续进行研究，探寻通

14、过导体的电流与导体长度的关系请你根据实验要求在表二中填写相应的栏目，并从表三所提供的实验器材中选择符合要求的导体，把所选的导体编号填写在表二中表二实验序号导体编号1/2/3/4/表三导体编号导体材料长度（米）横截面积（毫米2）1镍铬合金1.50.12镍铬合金10.13镍铬合金10.24镍铬合金0.50.15锰铜20.16碳钢1.50.1山西省朔州市怀仁县马辛庄中学2015-2016学年九年级（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共20分）1一个普通的初三学生在体育课上，进行单手倒立时，对地面的压强大约为（）A5106帕B5105帕C5104帕D5103帕【考点】压强的大小

15、及其计算【专题】估算题；压强、液体的压强【分析】先估测普通初三学生的重力，单手倒立时，对地面的压力和自身的重力相等，再估测每只手掌与地面的接触面积，根据p=求出对地面的压强，然后结合选项得出答案【解答】解：普通初三学生的重力约为G=500N，每只手掌与地面的接触面积约为S=150cm2，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，单手倒立时，对地面的压强：p=3.3104Pa，由选项可知，C较符合故选C【点评】本题考查了压强的估算，会正确的估测普通中学生的重力和单掌的面积是关键2如图所示为四件厨房用品，其中使用时为了减小压强的是（）A水果刀B 削皮器C 枕板D 切蛋器【考点】减小压强的方法及其

16、应用【专题】压强、液体的压强【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强在受力面积一定时，增大压力来增大压强（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强在受力面积一定时，减小压力来减小压强【解答】解：A、水果刀很锋利，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，不符合题意；B、削皮器很锋利，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，不符合题意；C、枕板是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，符合题意；D、切蛋器，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，不符合题意故选C【点评

17、】知道压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，能利用压强知识解释生活中的问题，学以致用！3下列哪些没有利用了连通器原理？（）A安装在锅炉上的水位计B注射器C壶嘴总是跟壶身一样高D船闸【考点】连通器原理【专题】压强、液体的压强【分析】根据连通器的特点：上端开口下端连通的容器连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的对各个选项逐一分析即可【解答】解：A、锅炉水位计是利用连通器的原理制成的，本选项不符合题意；B、注射器在吸药水时，是利用外界大气压大于其内部的压强，故药水在外界大气压的作用下被压入注射器内部的，故是利用大气压强的原理工作的，故该选符合题意；C、

18、水壶的壶身和壶嘴组成了连通器，本选项不符合题意；D、船闸的原理先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器故选B【点评】本题考查生活中常见的连通器原来的应用，同时干扰选项涉及到大气压的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用此点中考出现概率很高4在图（）中，P、Q的示数分别如图（）所示，则在图（）中，P、Q的示数分别是（）A2.0牛、1.0牛B1.9牛、1.1牛C2.1牛、1.1牛D2.0牛、1.1牛【考点】阿基米德原理；浮力大小的计算【分析】P的示数变

19、化分析：物体没有沉入水底，容器内水深不变，示数不变；Q的示数变化分析：从弹簧测力计的示数变化可以知道物体受到的浮力，根据阿基米德原理可知排开液体的重，即右边容器内增加的液体重【解答】解：因为用弹簧测力计提着物体，相当于物体悬浮在液体中，容器内水深不变，P的示数不变，仍为2N；物体受到液体的浮力：F浮=G排=0.5N0.4N=0.1N，0.1N的液体被排到了右边容器，所以Q的示数增加了0.1N，现在为1.1N故选D【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，知道用弹簧测力计提着物体，相当于物体悬浮在液体中是本题的关键5在如图所示的电路图中，正确的是（）ABCD【考点】电路图及元件符号【专题

20、】电流和电路【分析】根据电压表与用电器并联，电流表与用电器串联；两表正负接线柱要连接正确，再结合串并联电路和电路的三种状态即可做出判断【解答】解：A、电压表正负接线柱错误，故A错误B、电流表正负接线柱错误，故B错误C、两灯泡并联，开关在干路上，故C正确D、开关闭合后，形成电源短路；故D错误故选C【点评】本题考查了电流表和电压表的使用，属于基本内容，只抓住电压表与用电器并联，电流表与用电器串联；两表正负接线柱要连接正确即可做出判断6自动电压力锅当锅内压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，压强过大时电键S过压自动断开，温度过高时电键S过热自动断开图中反映了压力锅内部电路的是（）ABCD【考点】

21、串、并联电路的设计【专题】图像综合题【分析】由题意可知，当自动电压力锅压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作说明过压开关和过热开关相互影响、不能独立工作即为串联【解答】解：由题意可知，当温度过高时，过热开关断开，电热丝不能工作；当锅内压强过大时，过压开关断开，电热丝不能工作；即两个开关不能独立工作，即为串联，结合选项可知A符合题意，BCD均不符合题意故选A【点评】根据题意得出两个开关的连接方式是解决本题的关键7水平桌面上放着相同的两个平底试管A和B，其中分别装着质量相等密度为1和2的液体，A管竖直，B管倾斜放置如图所示，则它们对管底的压强pl与p2的大小为（）Ap1p2Bpl=p2Cp1p2

22、D无法确定【考点】液体压强计算公式的应用【专题】应用题；压强、液体的压强【分析】试管竖直放置时，管底受到的压力都等于液体的重力，根据p=和p=gh比较管底受到的压强【解答】解：A、B管都竖直放置时，管底受到的压力都等于液体的重力，由于重力相等，并且底面积也相等，根据p=可知，管底受到的压强相等；当A管竖直放置，B管倾斜放置时，由p=gh可知，B中液体密度不变，深度减小，故对管底B的压强减小，而A中液体的密度和高度均不变，因此管底A受到的压强不变所以p1p2故选A【点评】本题考查了压强公式和液体压强公式的应用，关键是判断出倾斜后高度减小8同一物体分别漂浮在甲、乙液体中（甲乙），受到的浮力分别为F

23、甲、F乙，物体排开液体的体积分别为V甲、V乙，则（）AF甲=F乙，V甲V乙BF甲=F乙，V甲V乙CF甲F乙，V甲=V乙DF甲F乙，V甲=V乙【考点】阿基米德原理【专题】推理法；浮力【分析】同一物体分别漂浮在甲、乙液体中，受到的浮力都等于物体的重力，因此可判断浮力是相等的在浮力相等的情况下，根据浮力的公式，液体的密度越大，排开的体积会越小，这样就可判断出它们排开液体体积的大小【解答】解：同一物体分别漂浮在甲、乙液体中，说明它们受的浮力等于物体的重力，因此，所受浮力F甲=F乙，根据浮力的公式F浮=液gV排，由于甲乙，因此在浮力相等的情况下，液体的密度越大，排开的体积会越小，所以V甲V乙故选B【点评

24、】对于此题的判断，主要用到了浮沉条件和浮力的计算公式，我们应熟练掌握对题目的分析也进一步说明了浮力的大小只与液体的密度与排开液体的体积有关，而与物体的密度无关9甲、乙两个实心正方体的密度之比A：B=4：1，质量之比mA：mB=1：2，若按（甲）、（乙）两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上（如图所示），则地面受到的压力之比和压强之比分别是（）AF甲：F乙=1：1，p甲：p乙=1：4BF甲：F乙=1：1，p甲：p乙=1：2CF甲：F乙=1：2，p甲：p乙=4：1DF甲：F乙=1：3，p甲：p乙=1：8【考点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较【专题】压强、液体的压强【分析】（1）由正方体边

25、长比可得其体积比，结合密度比可得质量比（即物重比），根据静止在水平面上的物体对地面的压力等于其重力，可知压力之比，（2）根据甲、乙两个实心正方体的密度之比和质量之比可求得体积之比，然后可知其边长之比，从而求得面积之比，再根据叠加情景和压强公式P=可以求解压强之比【解答】解：（1）若按（甲）的方式，将它们叠放在水平地面上，此时对地面的压力F甲=GA+GB，若按（乙）的方式，将它们叠放在水平地面上，此时对地面的压力F乙=GA+GB，故=1：1；（2）=，A：B=4：1，mA：mB=1：2，=，边长之比为，则面积之比为，=1：1，按（甲）、（乙）两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上，则地面受到

26、的压强之比是p甲：p乙=1：4故选A【点评】本题考查压强大小的比较，关键要知道固体叠加问题总压力等于两物体重力之和受力面积应该为两表面的接触部分10如图（a）所示，在质量、高度均相等的甲、乙两圆柱体上沿水平方向切去相同的厚度，并将切去部分叠放至对方剩余部分上表面的中央，如图（b）所示若此时甲、乙对地面的压力、压强分别为F甲、F乙、p甲、p乙，则（）AF甲F乙，p甲p乙BF甲F乙，p甲p乙CF甲=F乙，p甲=p乙DF甲=F乙，p甲p乙【考点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较【专题】压强、液体的压强【分析】质量、高度均相等的甲、乙两圆柱体，利用G=mg可求得其重力，此时的重力即为压力再利用p=

27、比较甲、乙两圆柱体对地面的压强，甲、乙两圆柱体质量、高度均相等，当沿水平方向切去相同的厚度，截取部分的质量相同，再利用p=比较将切去部分叠放至对方剩余部分上表面的中央的压强【解答】解：质量、高度均相等的甲、乙两圆柱体，此时的重力即为压力，则F甲=F乙；S甲S乙，由p=可知p甲p乙，质量、高度均相等的甲、乙两圆柱体，沿水平方向切去相同的厚度，截取部分的质量相同，剩下的部分质量相同，剩下的部分对地面的压力相同，将切去部分叠放至对方剩余部分上表面的中央，则此时甲、乙对地面的压力F甲=F乙，甲乙剩余部分对水平地面的接触面积不变，由p=可知，p甲p乙故选D【点评】本题考查了压力，压强的计算，甲乙上沿水平

28、方向分别截去相同的厚度h后甲乙剩余部分对水平地面的接触面积不变，这是此题的关键二、填空题（共25分，17题第一空2分，其余每空1分）11冰的密度为0.9103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9103千克当冰熔化成水时，质量将不变，体积将变小（选填“变小”、“不变”或“变大”）【考点】密度及其特性；密度公式的应用【专题】密度及其应用【分析】密度的物理意义是表示单位体积某种物质的质量；质量是指物体含有物质的多少它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变【解答】解：冰的密度为0.9103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9103千克；质量是物体的一种属性，不随物体

29、的形状、状态、位置和温度的改变而改变故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变根据公式=，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小故答案为：质量；不变；变小【点评】此题考查学生对密度和质量的理解与应用12著名的马德堡半球实验证明了大气压强的存在托里拆利在玻璃管内装入密度较大的水银做实验测出大气压强的值，若换用水完成该实验，则需要增大玻璃管的长度（选填“减小”或“增大”） 一个标准大气压约等于1.01105帕【考点】大气压强的存在【专题】定量思想；推理法；压强、液体的压强【分析】（1）能够证明大气压存在的实验有很多，但只要提到著名和首先的实验，那就确定了是哪一个

30、（2）首先测定大气压强值的是意大利物理学家托里拆利，他用实验测出了一个标准大气压可以支持760mm高的水银柱（3）玻璃管内水银柱产生的压强等于大气压强，P大气=P水银=水银gh，根据此公式计算出换成水后水柱的高度得出正确结论【解答】解：（1）最早证明大气压存在的，并且最著名的实验是马德堡市的市长奥托格里克做的马德堡半球实验（2）首先测定大气压强值的是意大利物理学家托里拆利做的实验托里拆利实验，他选用密度较大的水银进行实验，测出一个标准大气压能够支持0.76米高的水银柱，即一个标准大气压相当于0.76米高水银柱产生的压强，其大小为1.01105Pa如果换用水来做，则玻璃管的长度至少为：h=10.

31、3m，因此需要增大玻璃管的长度故答案为：马德堡半球；密度；增大；1.01105【点评】马德堡半球实验和托里拆利实验是学习大气压强中遇到的两个最著名的实验，在物理学史上有着重要的意义，是中考的热点内容13我国家用照明电路电压为220伏，厨房里的吸顶灯与控制它的电键是串联的，冰箱与脱排油烟机是并联连接的【考点】串联电路和并联电路的辨别【专题】电流和电路【分析】根据对家庭电路中电压、各用电器的基本连接方式、电键与用电器之间的连接方式等进行解答【解答】解：我国家用照明电路电压为220V；厨房里的吸顶灯与控制它的电键是串联连接；冰箱与脱排油烟机可以单独工作，并且互不影响，因此它们是并联连接故答案为：22

32、0；串联；并联【点评】本题考查家庭电路的电压以及家庭电路的基本连接要求，属基本知识点的考查14导体的电阻取决于它的材料、长度、横截面积和温度旋转式变阻器（如图所示）与滑动变阻器相比，外形不同，但原理都是通过改变接入电路的导体的长度来改变其连入电路的电阻若图中旋转式变阻器的A、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是AP段（选填“AP”、“PB”或“AB”），当轴顺时针旋转时，它连入电路的电阻将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】变阻器【专题】电压和电阻【分析】导体电阻的大小决定于导体的材料、长度和横截面积变阻器是靠改变连入电路中的电阻丝长度来改变电阻的；接入电路中的电阻丝的长度

33、越长，电阻越大【解答】解：导体的电阻取决于它的材料、长度、横截面积和温度旋转式变阻器与滑动变阻器都是通过改变接入电路的导体的长度来改变其连入电路的电阻图中旋转式变阻器的A、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是AP段，当轴顺时针旋转时，它连入电路的电阻丝的长度变大，故它连入电路的电阻将变大故答案为：横截面积；长度；AP；变大【点评】解答本题的关键要明确影响电阻的因素、原理以及旋钮型变阻器接入的为哪一部分，则由触片的移动可知接入电阻的变化15一艘远洋轮船在洋山深水港卸下一批货物，则该船受到的浮力将变小，船底受到水的压强将变小（均选填“变大”、“变小”或“不变”）若船底距水面10米，则船底受

34、到海水的压强约为9.8104帕（海水的密度约为1.0103千克/米3）【考点】阿基米德原理；液体的压强的特点；液体的压强的计算【专题】计算题；简答题；压强、液体的压强；浮力【分析】（1）在码头将货物卸下后，自重减小，根据物体的漂浮条件得出受浮力大小变化，从而得出排开水的体积关系，再根据液体压强公式分析河水对船底压强大小的变化情况（2）船底受到海水的压强由液体压强公式p=gh即可求知【解答】解：（1）在码头将货物卸下前后，船都漂浮，F浮=G，船和货物总重变小，船受到的浮力变小，F浮=水gV排，排开水的体积减小，船将上浮一些，船底所处的深度减小，由液体压强公式p=gh可知，河水对船底压强将变小（2

35、）船底受到海水的压强p=海gh=1.0103kg/m39.8N/kg10m=9.8104Pa故答案为：变小；变小；9.8104【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、浮沉条件（漂浮条件）和液体的压强公式的掌握和运用，分析得出排开水的体积变化、船底所处深度变化是本题的关键16如图所示，在甲、乙两个相同的容器中装有质量相同的水，将木块A、金属块B按不同的方式放入水中，待A、B静止时，甲、乙容器中木块A下表面所受的压强P甲大于P乙；水对容器底部的压强P甲等于P乙（均选填“小于”、“等于”、或“大于”）将乙容器中的绳子剪断后，金属块B沉底，则金属块B所受的浮力将不变，水对容器底部的压强将变小（均选填“变

36、小”、“不变”或“变大”）【考点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理【专题】应用题；压强、液体的压强；浮力【分析】（1）木块A和金属块B在甲、乙两图中都是处于漂浮状态，所以受到的浮力都等于它们的总重力，甲、乙两种情况中A、B两物体受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知它们排开水的体积相等，即两图容器中液体的体积和深度没有变化根据液体压强公式求出木块下表面所受压强和水对容器底部的压强（2）将乙容器中的绳子剪断后，金属块B沉底，根据阿基米德原理可知他们排开水的体积的大小，再根据液体压强公式求出木块下表面所受压强的大小【解答】解：（1）由图可知木块A和金属块B在甲、乙两图中都是处于漂浮状态，所以受到

37、的浮力都等于它们的总重力，甲、乙两种情况中A、B两物体受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知V排甲=V排乙；即甲图中木块A排开水的体积等于乙图中金属块B和木块A排开水的体积和，甲图中木块A排开水的体积大于乙图中木块A排开水的体积，则甲图中木块下表面所处的深度大于乙图中木块下表面所处的深度，木块下表面所受的压强P甲P乙；又V排甲=V排乙；容器底面积S一定，水的深度h相同；由公式P=gh知，容器中水对容器底部的压强P甲=P乙（2）将乙容器中的绳子剪断后，木块A处于漂浮状态，木块A受到的浮力等于木块的重力，因金属块B浸没在水中，排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知所受浮力不变，则它会下沉；因金属块B

38、受到的浮力小于金属块的重力，则这时A、B两物体受到的浮力和小于它们的重力和，所以排开水的体积小于绳子剪断前排开水的体积，液体的深度会减小，根据公式P=gh知，容器中水对容器底部的压强变小 故但为：大于；等于；不变；变小【点评】本题考查物体所受浮力大小和受液体压强大小的比较，关键是分析物体所受浮力的大小，还要会灵活应用液体压强公式和阿基米德原理17轮船上的“吃水线”又被成为“生命线”为了安全航行，远洋轮船体上都有几条水平横线分别表示该船在不同水域不同季节所允许的满载时的“吃水深度”，如图所示其中FW表示淡水线，S表示夏季海洋线，除此以外船体上还有“北大西洋冬季线”和“印度洋线”，下表为不同海域的

39、盐度及地理位置特点1）“冬季海洋线”在“夏季海洋线”下方的原因是：冬天海水密度更高，物体受到相同浮力时，物体排开海水体积更小；2）结合表格中的信息可以知道，图中1号横线表示印度洋线，2号横线表示北大西洋冬季线（均选填“北大西洋冬季线”或“印度洋线”） 海洋 表层平均盐度（%） 中心最高盐度（%） 地理位置特点 北大西洋 3.55 3.82 在靠近北极海附近 大西洋 3.54 3.79 在南，北美洲，欧洲，非洲，南极洲之间 太平洋 3.50 3.65 在亚洲，大洋洲，美洲和南极洲之间 印度洋 3.48 3.60 在亚洲，大洋洲，非洲，南极洲之间，大部分处于热带【考点】物体的浮沉条件及其应用【专题

40、】浮沉的应用【分析】解决该题需要掌握以下内容：1）物体的沉浮条件：当物体的重力大于浮力时，物体下沉；当物体的重力小于浮力时，物体上浮直至漂浮；当物体的重力等于浮力时，物体悬浮或漂浮2）当轮船由北大西洋驶向印度洋时，都是漂浮，根据漂浮条件分析轮船V排的变化情况即可得出结论【解答】解：1）由于冬天海水的密度更高物体在海水中都是漂浮，受到的浮力相同，所以排开海水的体积更小；2）由表格中数据知，北大西洋在北极海附近，且其表面平均盐度更大，根据F浮=液gV排，排开液体的体积更小，则其吃水线应在下方，所以2应该是北大西洋冬季线；印度洋在亚洲，大洋洲，非洲，南极洲之间，大部分处于热带，气温较高，且表层平均盐

41、度较小，根据根据F浮=液gV排，排开液体的体积更大，则其吃水线应在上方，所以1应该是印度洋线故答案为：1）冬天海水密度更高，物体受到相同浮力时，物体排开海水体积更小；2）印度洋线；北大西洋冬季线【点评】此题属于信息给予题，在分析过程中，要用到有关物体漂浮时浮力与重力相等的关系，搞清楚在不同的情况下，轮船受到的浮力不变是解决此题的关键，并要掌握浮力公式，合理的运用，才能得出V排和液之间的关系；此题与实际生活联系密切，体现了学以致用的思想三、作图题（共9分）18重为3牛的小球漂浮在水面（如图所示），请用力的图示法在图中画出小球受到的浮力F浮【考点】力的示意图【专题】图像综合题【分析】小球静止在水中

42、，重力与浮力是一对平衡力，根据平衡力的条件，已知重力大小和方向即可知浮力大小和方向再按照力的图示要求画出这个力【解答】解：因为重力与浮力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，由重力的大小和方向可知，浮力的大小为3N，方向竖直向上，作用点在小球重心，设标度为1N，如下图所示：【点评】作力的图示时，力的大小一定要能被标度整除，正确表示出力的大小、方向和作用点19静止在斜面上的木块重30牛，对斜面的压力为18牛，试用力的图示法在图中画出重物对斜面的压力【考点】压力及重力与压力的区别【专题】应用题；作图题；重力、弹力、摩擦力【分析】压力是垂直压在物体表面的力，所以物体对斜面的压力垂直于斜

43、面，指向斜面，大小为18N【解答】解：压力作用在斜面上，且垂直于斜面，并指向斜面，大小为18N，如图所示：【点评】此题考查了压力示意图的画法，注意压力的作用点和方向，并在末尾标出力的大小20在如图所示的电路中，请用笔线代替导线在图中连接，使灯L1和灯L2并联，电流表只测量灯L1的电流【考点】实物的电路连接【专题】图像综合题【分析】根据要求灯L1和灯L2并联，电流表测通过L1中的电流，电流表与L1串联，按要求连接电路即可【解答】解：根据实物电路连接要求，本题的开关应是干路开关，灯L1和灯L2并联，电流表与L1串联如图：【点评】本题考查电路的连接，会根据要求设计串并联电路，会正确使用电流表四、计算

44、题（共28分，21题6分，22、23题各7分，24题8分）21某导体两端的电压为6伏，10秒钟内通过的电量为4库，求通过该导体的电流I和导体的电阻R【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；欧姆定律【分析】根据I=计算导体中的电流，根据R=计算导体电阻【解答】解：10秒钟内通过的电量为4库，所以通过导体的电流：I=0.4A；由I=可得导体的电阻：R=15答：通过该导体的电流为0.4A，导体的电阻为15【点评】本题考查电流计算公式和欧姆定律公式的应用，属于一道基础题22将2千克水倒入底面积为0.02米2的容器中，水深30厘米容器重力为2牛，放在水平桌面中央求：（1）容器底部受到水的压力；（2）容器对

45、桌面的压力；（3）容器对桌面的压强【考点】压强的大小及其计算；压力及重力与压力的区别【专题】计算题；压强、液体的压强【分析】（1）根据p=gh求出水对容器底的压强；根据p=求出压力；（2）根据G=mg求出水的重力，容器对桌面的压力等水和容器的总重力；（3）根据p=求出容器对桌面的压强【解答】解：（1）容器底部受到水的压强：p=gh=1.0103kg/m39.8N/kg0.3m=2.94103Pa；p=，容器底部受到水的压力：F1=p1S=2.94103Pa200104m2=58.8N；（2）水的重力：G1=mg=2kg9.8N/kg=19.6N，容器对桌面的压力：F2=G1+G2=19.6N+

46、2N=21.6N；（4）容器对桌面的压强：P2=1080Pa答：（1）容器底部受到水的压力为58.8N；（2）容器对桌面的压力为21.6N；（3）容器对桌面的压强为1080Pa【点评】此题主要考查的是学生对固体压力、压强和液体压力、压强计算公式的理解和掌握，基础性题目23如图甲所示，实心均匀正方体A、B放置在水平地面上，A的边长为0.2米，B的边长为0.3米，A的密度为3000千克/米3，B的密度为2000千克/米3g=10N/kg求正方体A的质量；求正方体B对水平地面的压强；若正方体A、B在底部中间挖去厚度为0.1米，底面积为S的相同柱形后，如图乙所示，A、B剩余部分对水平地面的压强pA和p

47、B则pA、pB不能（选填“能”或“不能”）相等，请通过计算说明【考点】压强的大小及其计算；密度公式的应用；压强大小比较【专题】密度及其应用；压强、液体的压强【分析】（1）知道A、B的密度，求出A、B的体积，利用密度公式即可求出A、B的质量（2）根据B的质量可求出其重力，由于在水平地面上，对地面的压力等于其的重力，求出其底面积（受力面积），利用p=即可求出B对水平地面的压强；（3）由于A、B为实心均匀正方体，对水平地面的压强p=gh，知道hA、hB、A、B的大小，可以比较原来A、B对水平地面的压强的大小关系；在正方体A、B底部中间挖去厚度为0.1m，底面积为S的相同柱形后，减小的压强p=gh，知

48、道AB，可知减小的压强大小关系，从而判断剩余部分对水平地面的压强大小关系【解答】解：（1）=，mA=AVA=3000kg/m3（0.2m）3=24kg，（2）mB=BVB=2000kg/m3（0.3m）3=54kg；正方体B对水平地面的压力：FB=GB=mBg=54kg10N/kg=540N，正方体B对水平地面的压强：pB=6000Pa；（3）A、B为实心均匀正方体，对水平地面的压强：p=gh，hA=0.2m，hB=0.3m，A=3000kg/m3，B=2000kg/m3，对水平地面的压强：pA=pB，在正方体A、B底部中间挖去厚度为0.1m，底面积为S的相同柱形后，减小的压强，p=gh，AB

49、，减小的压强：pApB，而剩余部分对水平地面的压强：p=pp，pApB，pA、pB不能相等答：（1）正方体A的质量为24kg；（2）正方体B对水平地面的压强为6000Pa；（3）pA、pB不能相等【点评】本题考查了学生对重力公式、密度公式、压强公式的掌握和运用，利用好实心均匀正方体对水平地面的压强p=gh是本题的关键24在一底面积为1.5102米2的圆柱形容器中放入一个密度均匀的质量为0.6千克、底面积为1102米2、高度为0.08米的柱状木块，然后向容器内注入一定量的水使得木块漂浮在水面上，如图所示，此时水面高度为0.1米（1）求水对容器底部压强p水；（2）求木块浸入水的体积和木块体积之比V

50、浸：V木；（3）若将木块沿虚线以下部分截去一半后，求木块上表面下降的高度h【考点】液体的压强的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【专题】计算题；压强、液体的压强；浮力【分析】（1）知道容器内水的深度，利用液体压强公式求水对容器底部的压强；（2）知道柱状木块的底面积和高度，根据V=Sh求出体积；木块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，结合阿基米德原理求出木块排开水的体积即为木块浸入水的体积，然后求出两者的比值；（3）将木块沿虚线以下部分截去一半后，木块的质量和体积减半，根据物体浮沉条件和阿基米德原理求出木块排开水减少的体积，然后除以容器的底面积求出水面下降的高度；因此时木块和水的密度不变，

51、木块浸入水的体积和木块体积之比不变，求出露出水面木块体积的变化，然后求出木块上表面与液面距离减少的量，液面下降的量和木块上表面与液面距离减少的量之和即为木块上表面下降的高度h【解答】解：（1）水对容器底部的压强：p=水gh=1.0103kg/m39.8N/kg0.1m=980Pa；（2）柱状木块的体积：V木=Sh=1102m20.08m=8104m3，木块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理可得：F浮=G木=m木g=水gV排，即V排=6104m3，V浸=V排=6104m3，木块浸入水的体积和木块体积之比：V浸：V木=6104m3：8104m3=3：4；（3）将木块沿虚线以下部分截去一半后，木块的质量和体积减半，但剩余部分仍漂浮，根据F浮=G木=m木g=水gV排可知，剩余木块排开水的体积减半，即V排=V浸=6104m3=3104m3，水面下降的高度：h水面=0.02m，木块和水的密度不变，木块浸入水的体积和木块体积之比3：4不变，则木块露出水面体积的减少量：V上=（1）（VV）=V=V=Sh，木块上表面与液面距离减少的量：h上=0.01m，木