云南省2022-2021年高三12月月考理综物理试题

1、高三12月月考理综物理试题一、选择题：1. 重庆市第一中学校位于北纬2933，东经10627，小明同学在学校内相对于地面静止时受到地面支持力的方向与下图中哪个力的方向最接近（ ）A. F1 B. F2 C. F3 D. F4【答案】B【解析】在一般使用上常把重力近似看作等于万有引力，但实际上重力是万有引力的一个分力。重力之所以是一个分力，是因为我们在地球上与地球一起运动，这个运动可以近似看成匀速圆周运动。作匀速圆周运动需要向心力,在地球上，这个力由万有引力的一个指向地轴的一个分力提供，而万有引力的另一个分力就是重力；如图，相对于地面静止时物体受到地面支持力和重力，大小相等，方向相反，所以受到地

2、面支持力的方向为，故B正确，ACD错误；故选B。2. 图甲、乙、丙是中学物理推导匀变速直线运动的位移公式所用的速度-时间图象。下列关于位移公式的推导和这三幅图的说法正确的是（ ）A. 这里推导位移公式主要采用了微元的思想B. 图甲利用矩形面积的数值和来表示的位移大小比实际位移大C. 图乙用矩形面积的和表示位移大小比图丙用梯形面积表示位移大小更接近真实值D. 这种用面积的数值表示位移大小的方法只适用于匀变速直线运动【答案】A【解析】A、这里推导位移公式主要采用了微元法，故A正确；B、位移等于图线与时间轴所围的面积大小，图甲中利用矩形面积的和来表示位移大小比实际位移大小偏小故B错误；C、图乙中利用

3、矩形面积的和表示位移大小比图丙利用梯形面积表示位移大小更接近真实值故C错误；D、这种用面积表示位移的方法只适用于任何直线运动，故D错误；【点睛】在利用速度-时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，采用极限思想，把时间轴无限分割，得出面积大小等于物体位移的结论，是一种微元法。3. 一个表头并联一个电阻R改装成了一个大量程的电流表，把改装后的电表和一个标准电流表串联后去测量电流，发现标准电表的读数为1.00A，改装电表的读数为0.96A.为了使改装表准确，下列说法正确的是（ ）A. 在R上并联一个大电阻B. 在R上并联一个小电阻C. 将R的阻值稍微变大D. 将R的阻值稍微变小【答案】C【解析】改装

4、后的电流表示数比标准电流表示数小，说明与电流表表头并联的分流电阻分流太大，分流电阻阻值较小，为使电流表读数准确，应增大与表头并联的分流电阻阻值，所以将R的阻值稍微变大或在原分流电阻R上再串联一个较小的电阻，故C正确，故ABD错误；故选C。【点睛】根据分流原理以及误差情况即可明确如何调节接入电阻。4. 如图，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次落到斜面底端，则关于小球第一次与第二次运动情况的比较正确的是（ ）A. 运动时间之比为1:2B. 初速度之比为1:2C. 落到斜面上时重力的瞬时功率之比为1:2D. 落到斜面上时的动能之比为1:2【答案】D【解析】AB、在斜面顶端

5、先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端所以两次竖直方向下落的高度之比为：1：2；根据可知，则两次小球运动时间之比，故A错误；因为水平位移之比是1：2，则水平速度之比为，故B错误；CD、设落地时速度与水平方向的夹角为，则落地时有 ，所以落地时动能为，所以动能之比为初速度的平方比，即为1：2，故D正确；落到斜面上时重力的瞬时功率，所以落到斜面上时重力的瞬时功率之比为，故C错误；故选D。【点睛】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动以及知道小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移比值一定。5. 如图，水平桌面上有一小车，装有砂的砂桶通过

6、细绳给小车施加一水平拉力，小车从静止开始做直线运动.保持下车的质量M不变，第一次实验中小车在质量共为m1的砂和砂糖带动下由静止前进了一段距离s；第二次实验中小车在质量共为m2的砂和砂桶带动下由静止前进了相同的距离s，其中m1m2M两次实验中，绳对小车的拉力分别为T1和T2，小车、砂和砂桶组成的系统机械能变化量分别为E1和E2，若空气阻力和摩擦阻力的大小保持不变，不计绳、滑轮的质量，则下列分析正确的是（）A. (m1g-T1)(m2g-T2)，E1=E2B. (m1g-T1)=(m2g-T2)，E1=E2C. (m1g-T1)(m2g-T2)，E1E2D. (m1g-T1)=(m2g-T2)，E

7、1E2【答案】C【解析】试题分析：设砂和砂桶质量为，空气阻力和摩擦阻力为，小车和沙桶一起做匀速直线运动即，加速度，据此分析在砂和砂桶质量从增大到，加速度变大，即，假设两次砂和砂桶受到的阻力为，对砂和砂桶分析则有，据此判断，所以选项BD错。系统减少的机械能等于克服阻力做功即，对照选项A正确。考点：牛顿运动定律 功能关系6. 如图，当螺线管中通有如图所示的电流时，放在螺线管附近a、b、c、d(螺线管中轴线上)点的小磁针(忽略地磁场的影响)静止时的指向正确的有（ ）A. a点 B. b点 C. c点 D. d点【答案】BC【解析】由右手螺旋定则可知，螺线管左端是N极，右端为S极；因螺线管内部磁感线是

8、由S极指向N极的，螺线管外部磁感线是由N极指向S极的，由于小磁针静止时N极指向为磁场方向，因此小磁针acd的N极都向左，小磁针b的N极都向右，故BC正确，AD错误；故选BC。【点睛】由右手螺旋定则判断螺线管SN极，螺线管内部磁感线是由S极指向N极的，螺线管外部磁感线是由N极指向S极的，小磁针静止时N极指向为磁场方向。7. 如图，在光滑绝缘板上垂直纸面放置一根通有恒定电流的直导体棒，空间有方向竖直向上，大小可变的匀强磁场，现将绝缘板绕底端顺时针缓慢转过(90)，转动过程中导体棒始终静止在绝缘板上，关于磁感应强度和导体棒受到的支持力变化情况正确的是（ ）A. 磁感应强度先变大后变小B. 磁感应强度

9、一直变大C. 支持力先变小后变大D. 支持力一直变大【答案】BD【解析】磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向左的安培力、支持力与重力，受力如图【点睛】对棒受力分析，根据左手定则来确定安培力方向，结合安培力大小表达式，依据力的合成法则，即可求解。8. 如图(a),真空中水平放置两块长度为2d的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图(b)所示最大值为U0的周期性变化的电压.在两板左侧中点处有一粒子源A，自t=0时刻开始连续释放初速度大小为v0，方向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电场变化周期 ，粒子质量为m，不计粒子重力及相互间的作用力。（

10、）A. 在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小仍为v0B. 在t=0.125T时刻进入的粒子离开电场时竖直偏移距离为0.25dC. 在t=0.25T时刻进入的粒子离开电场时竖直偏移距离为0.125dD. 在t=0.5T时刻进入的粒子刚好从金属板P右侧边缘离开电场【答案】ABD【解析】A、粒子进入电场后，水平方向做匀速运动，则t=0时刻进入电场的粒子在电场中运动的时间，此时间正好是交变电场的一个周期；粒子在竖直方向先向下做加速运动，后向下做减速运动，进过一个周期，粒子的竖直速度为零，故粒子离开电场时的速度大小等于水平速度v0，在竖直方向的位移为，故A正确；B、在时刻进入电场的粒子，在竖直方向先

11、向下加速运动，然后向下减速运动，再向上加速，向上减速，出离电场时在竖直方向的位移为，故B正确；C、在时刻进入电场的粒子，在竖直方向先向下加速运动，然后向下减速运动，再向上加速，向上减速，由对称可知，出离电场时在竖直方向的位移为零，故C错误；D、在t=0.5T时刻进入的粒子，粒子在竖直方向先向上做加速运动，后向上做减速运动，在竖直方向的位移为，刚好从金属板P右侧边缘离开电场，故D正确；【点睛】：此题关键是要搞清粒子在电场中水平方向和竖直方向的运动特征，主要是结合电场的变化情况研究竖直方向在一个周期内的运动情况；此题还可以结合v-t图像进行分析。二、非选择题：9. 为探究弹簧弹性势能与弹簧形变量的

12、关系，某同学设计了如下图(a)所示的实验装置，弹簧左端固定，弹簧自由伸长时右端恰好在O点，现用一质量为m，直径为d的小球压缩弹簧，小球沿直线被弹簧弹开后通过与球心等高的光电门，忽略一切摩擦，某次实验时将弹簧压缩x后，释放小球，测得小球通过光电门的时间为t.(1)图(b)所示为用游标卡车测量小球直径时的图像，则小球直径为_mm；(2)小球通过光电门的速度为_(用题干中物理量的符号表示)；(3)弹簧压缩x时具有的弹性势能为_ (用题干中物理量的符号表示)；【答案】 (1). 10.7 (2). (3). 【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为：1.0cm=10mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对

13、齐，所以游标读数为70.1mm=0.7mm，所以最终读数为：10mm+0.7mm=10.7mm；(2)由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度，小球通过光电门速度为 ；(3)弹簧释放后，弹簧与小球系统机械能守恒，弹簧储存的弹性势能转化为小球的动能；【点睛】游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读，弹簧释放后，小球在弹簧的弹力作用下加速，弹簧与小球系统机械能守恒。10. 为测量某电阻的阻值(约为十几欧)，现提供如下实验器材：A.直流电源(4V,内阻不能忽略)B.定值电阻R1=10、R2=15C.滑动变阻器R3(最大阻值20)D.滑动变阻器R4(最大阻值2000

14、)E.电流表A1(量程0.3A，内阻约为0.3)F.电流表A2(量程3A，内阻约为0.1)G.电压表V1(量程5V，内阻约为5K)H.电压表V2(量程15V，内阻约为15K)I.电阻箱R(最大值为99.9)J.开关及导线若干甲乙丙三位同学分别用自己的方法进行测量(1)甲同学利用图(a)所示电路进行测量，实验所选择的电流表应为_ (选填“E”或“F”)，开关闭合前滑动变阻器应置于_端(选填“a”或“b”)；测量出多组数据后，甲同学将数据标在了图(d)中，由测量出的数据可知，该电阻是_ (选填“线性”或“非线性”)元件；(2)乙同学利用上图(b)所示电路进行测量，实验中乙同学选择的滑动变阻器应为_

15、 (选填“C”或“D”)，实验时先闭合开关S1和S2，调节滑动变阻器使电流表示数为I，然后断开开关S2，闭合开关S3，调节_(选填“电阻箱”或“滑动变阻器”)，使电流表示数仍为I，此时电阻箱的阻值即为待测电阻值；(3)丙同学利用上图(c)所示电路进行测量，a点接电流表正接线柱，b点接电流表负接线柱，闭合开关前应将电阻箱阻值调至_(选填“最小值”或“最大值”)，闭合开关后再缓慢调节电阻箱阻值使通过电流表的电流恰好为零，读出此时电阻箱的阻值为R，则丙同学测量的电阻阻值Rx= _ (选用R、R1、R2表示)【答案】 (1). （1）E (2). a (3). 线性 (4). （2）C (5). 电阻

16、箱 (6). （3）最小值 (7). 【解析】(1)利用图(a)所示电路进行测量，电流表外接法，根据d图数据可知电流表最大值接近为0.3A，故实验所选择的电流表量程为量程0.3A，电流表应为E；滑动变阻器采用分压接法，为了保护电路，开始闭合开关前，要使测量电路处于短路状态，即将划片移动到a端，根据分压接法可知，当划片从中间向b端移动时，测量电路的电压降增大，故开关闭合前滑动变阻器应置于a端；数据标在了图(d)中，由测量出的数据可知，该电阻是线性元件；(2)利用图(b)所示电路进行测量，滑动变阻器采用限流式接法，滑动变阻器的阻值越接近待测电阻越好，故选择的滑动变阻器应为C；实验时先闭合开关S1和

17、S2，调节滑动变阻器使电流表示数为I，然后断开开关S2，闭合开关S3，调节电阻箱，使电流表示数仍为I，此时电阻箱的阻值即为待测电阻值；(3)利用图(c)所示电路进行测量，a点接电流表正接线柱，b点接电流表负接线柱，所以要求a点的电势比b点高，即R1两端的电势下降（即电势差）大于R2两端的电势下降（即电势差），闭合开关前应将电阻箱阻值调至最小值，闭合开关后再缓慢调节电阻箱阻值使通过电流表的电流恰好为零，则有R1两端的电势下降（即电势差）等于R2两端的电势下降（即电势差），R两端的电势下降（即电势差）等于Rx两端的电势下降（即电势差），由电路结构得，解得，则丙同学测量的电阻阻值。三、计算题：11.

18、 如图，半径足够大的光滑四分之一圆弧形滑块放在光滑水平面上，质量为M，有一个质量为m的小球以水平速度v0沿切线方向从底端滑入圆弧面，求：(1)小球能沿圆弧形滑块上升的最大高度？(2)小球再次离开圆弧形滑块时，小球和滑块的速度各为多少？【答案】（1） ；（2） ； .解：小球从从底端滑入圆弧面的过程中，系统在水平方向上动量守恒，机械能守恒，且小球与圆弧形滑块在水平方向上具有相同的速度，则有解得小球再次离开圆弧形滑块时，系统在水平方向上动量守恒，机械能守恒，则有解得，12. 如图，金属棒ab的质量m=5g，放置在宽L=1m、光滑的金属导轨边缘外，两金属导轨处于水平面内，该处有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T电容器的电C=200F，电源电动势E=16V，导轨平面距地面高度h=0.8m，g取10m/s2在电键S与1接通并稳定后，再使它与2接通，则金属棒ab被抛到x=0.064m的地面上，试求此时电容器两端的电压【答案】 【解析】【分析】金属棒下落过程做平抛运动，由平抛运动的规律求出棒获得的初速度，对开关闭合过程，对棒运用动量定理，求得通过棒的电量，得到棒剩余的电量，即可求解。解：对于金属棒平抛运动的过程，有得平抛运动的初速度对开关闭合过程，对棒运用动量定理得又解得通过棒的电量电容器原来的电量则开关闭合后，电容器的电量电容器两端的的