茶陵三中XX-XX高二上学期物理开学试题（带答案

1、茶陵三中XX-XX高二上学期物理开学试题（带答案）本资料为woRD文档，请点击下载地址下载全文下载地址湖南省茶陵县第三中学XX-XX学年度下学年高二物理开学检测试题时量:90分钟总分:100分选择题部分一.选择题.高空作业须系安全带,如果质量为m的高空作业人员不慎跌落,从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h。此后经历时间t安全带达到最大伸长,若在此过程中该作用力始终竖直向上,则该段时间安全带对人的平均作用力大小为A.+mgB.-mgc.+mgD.-mg2.如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端与一质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连,弹簧水平且处于原长。圆环从A处由静止开始下滑

2、,经过B处的速度最大,到达c处的速度为零,Ac=h。圆环在c处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A。弹簧始终在弹性限度内,重力加速度为g。则圆环A.下滑过程中,加速度一直减小B.下滑过程中,克服摩擦力做的功为mv2c.在c处,弹簧的弹性势能为mv2-mghD.上滑经过B的速度大于下滑经过B的速度3.“蹦极”运动中,长弹性绳的一端固定,另一端绑在人身上,人从几十米高处跳下。将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。从绳恰好伸直,到人第一次下降至最低点的过程中,下列分析正确的是A.绳对人的冲量始终向上,人的动量先增大后减小B.绳对人的拉力始终做负功,人的动能一直减小c.绳恰好伸直时,绳的弹性势能为零,人

3、的动能最大D.人在最低点时,绳对人的拉力等于人所受的重力4.在一东西向的水平直铁轨上,停放着一列已用挂钩连接好的车厢。当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时,连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为5.多选)如图,物块a、b和c的质量相同,a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连,通过系在a上的细线悬挂于固定点o。整个系统处于静止状态。现将细线剪断。将物块a的加速度的大小记为a1,S1和S2相对于原长的伸长分别记为l1和l2,重力加速度大小为g。在剪断的瞬间,A.a1=3gB.a1=0c.l1=2l2D.l1=l26.如图,一物块在t=0时刻滑上一固定斜面,其运动的v

4、-t图线如图所示。若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量,则可求出A.斜面的倾角B.物块的质量c.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度7.如图所示,一质量为m、倾角为的斜面体置于水平地面上,质量为m的小木块放在斜面上。现用一平行于斜面、大小恒定的拉力F作用于小木块上,拉力在以斜面所在的平面内绕小木块旋转一周的过程中,斜面体和小木块始终保持静止状态,下列说法中正确的是A.小木块受到斜面的最大摩擦力为B.小木块受到斜面的最大摩擦力为F-mgsinc.斜面体受到水平地面的最大摩擦力为FD.斜面体受到水平地面的最大摩擦力为Fcos8.如图所示,气垫导轨上滑块经过光电门时,其

5、上的遮光条将光遮住,电子计时器可自动记录遮光时间t。测得遮光条的宽度为x,用近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度。为使更接近瞬时速度,正确的措施是A.换用宽度更窄的遮光条B.提高测量遮光条宽度的精确度c.使滑块的释放点更靠近光电门D.增大气垫导轨与水平面的夹角9.如图所示,为甲、乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图象,已知甲做匀变速直线运动,乙做匀速直线运动,则0t2时间内下列说法正确的是A.两物体在t1时刻速度大小相等B.t1时刻乙的速度大于甲的速度c.两物体平均速度大小相等D.甲的平均速度小于乙的平均速度0.如图所示,A、B两物块的质量分别为2m和m,静止叠放在水平地面上。A

6、、B间的动摩擦因数为,B与地面间的动摩擦因数为。最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F,则A.当F<2mg时,A、B都相对地面静止B.当F=mg时,A的加速度为gc.当F>3mg时,A相对B滑动D.无论F为何值,B的加速度不会超过g1.如图所示,水平传送带以速度v1匀速运动,小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连,t=0时刻P在传送带左端具有速度v2,P与定滑轮间的绳水平,t=t0时刻P离开传送带。不计定滑轮质量和摩擦,绳足够长。正确描述小物体P速度随时间变化的图像可能是1.若v2<v1且mQg<mPg,则mPg-mQg=a1,当P加速

7、运动速度达到v1后,与皮带一起匀速运动,直到离开传送带,所以B项正确。若v2<v1且mQg>mPg,则P先匀减速到零再反向加速到离开传送带;若v2>v1,且mQg<mPg,则P先匀减速至v1,然后与传送带一起匀速运动,直到离开传送带;若v2>v1且mQg>mPg,满足mQg+mPg=a2,中途减速至v1,以后满足mQg-mPg=a3,以a3先减速到零再以相同的加速度返回直到离开传送带,故c正确,A、D错误。2.下列说法中正确的是（）A.用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法B.牛顿在对自由落体运动的研究中，首次采用以实验检验猜想和假设的科学方法c.法

8、拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场D.哥白尼大胆反驳地心说，提出了日心说，并发现行星沿椭圆轨道运行的规律非选择题部分二.填空题3.甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验,乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验。图1中A、B、c、D、E表示部分实验器材,甲同学需在图中选用的器材_;乙同学需在图中选用的器材_。图1乙同学在实验室选齐所需器材后,经正确操作获得如图2所示的两条纸带和。纸带_的加速度大,其加速度大小为_。图23.做“验证机械能守恒定律”实验时,需在图中选用:A重锤,B电火花打点计时器;做“探究加速度与力、质量的关系”实验时,需在图中选用:B电火花打点计时器,D小车,

9、E钩码。在纸带中x1=1.0mm。在纸带中x2=0.5mm。因x1>x2再由x=aT2可得纸带的加速度大,其值为a=m/s2=2.5m/s2。4小明通过实验验证力的平行四边形定则。实验记录纸如题11-1图所示,o点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置,两弹簧测力计共同作用时,拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点;一个弹簧测力计拉橡皮筋时,拉力F3的方向过P3点。三个力的大小分别为:F1=3.30N、F2=3.85N和F3=4.25N。请根据图中给出的标度作图求出F1和F2的合力。仔细分析实验,小明怀疑实验中的橡皮筋被多次拉伸后弹性发生了变化,影响实验结果。他用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相

10、同长度,发现读数不相同,于是进一步探究了拉伸过程对橡皮筋弹性的影响。实验装置如题11-2图所示,将一张白纸固定在竖直放置的木板上,橡皮筋的上端固定于o点,下端N挂一重物。用与白纸平行的水平力缓慢地移动N,在白纸上记录下N的轨迹。重复上述过程,再次记录下N的轨迹。两次实验记录的轨迹如题11-3图所示。过o点作一条直线与轨迹交于a、b两点,则实验中橡皮筋分别被拉伸到a和b时所受拉力Fa、Fb的大小关系为_。根据中的实验,可以得出的实验结果有哪些?A.橡皮筋的长度与受到的拉力成正比B.两次受到的拉力相同时,橡皮筋第2次的长度较长c.两次被拉伸到相同长度时,橡皮筋第2次受到的拉力较大D.两次受到的拉力

11、相同时,拉力越大,橡皮筋两次的长度之差越大根据小明的上述实验探究,请对验证力的平行四边形定则实验提出两点注意事项。三.解答题5.如图所示,一条带有圆轨道的长轨道水平固定,圆轨道竖直,底端分别与两侧的直轨道相切,半径R=0.5m。物块A以v0=6m/s的速度滑入圆轨道,滑过最高点Q,再沿圆轨道滑出后,与直轨上P处静止的物块B碰撞,碰后粘在一起运动。P点左侧轨道光滑,右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列,每段长度都为L=0.1m。物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为=0.1,A、B的质量均为m=1kg。求A滑过Q点时的速度大小v和受到的弹力大小F;若碰后AB最终停止在第k个粗糙段上,求k的数值;求碰后AB

12、滑至第n个光滑段上的速度vn与n的关系式。5.物块A由初始位置到Q的过程,由动能定理得:-mg2R=mv2-m解得:v=4m/s设在Q点物块A受到轨道的弹力为F,受力分析如图所示由牛顿第二定律得:mg+F=解得:F=-mg=22N方向竖直向下由机械能守恒定律知:物块A与B碰前的速度仍为v0=6m/sA与B碰撞过程动量守恒,设碰后A、B的速度为v共mv0=2mv共解得v共=v0=3m/s设A与B碰后一起运动到停止,在粗糙段运动的路程为s,由动能定理得-2mgs=0-2m解得:s=4.5m故k=45碰后AB滑至第n个光滑段上的速度等于滑离第n个粗糙段的速度由动能定理得:-2mgnL=2m-2m解得

13、:vn=6.一质量为0.5kg的小物块放在水平地面上的A点,距离A点5m的位置B处是一面墙,如图所示。物块以v0=9m/s的初速度从A点沿AB方向运动,在与墙壁碰撞前瞬间的速度为7m/s,碰后以6m/s的速度反向运动直至静止。g取10m/s2。求物块与地面间的动摩擦因数;若碰撞时间为0.05s,求碰撞过程中墙面对物块平均作用力的大小F;求物块在反向运动过程中克服摩擦力所做的功w。6.由动能定理,有-mgs=mv2-m可得=0.32由动量定理,有Ft=mv-mv可得F=130Nw=mv2=9j7.一长木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物块;在木板右方有一墙壁,木板右端与墙壁的距离为4.5m

14、,如图所示。t=0时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向右运动,直至t=1s时木板与墙壁碰撞。碰撞前后木板速度大小不变,方向相反;运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞后1s时间内小物块的v-t图线如图所示。木板的质量是小物块质量的15倍,重力加速度大小g取10m/s2。求木板与地面间的动摩擦因数1及小物块与木板间的动摩擦因数2;木板的最小长度;木板右端离墙壁的最终距离。7.规定向右为正方向。木板与墙壁相碰前,小物块和木板一起向右做匀变速运动,设加速度为a1,小物块和木板的质量分别为m和m。由牛顿第二定律有-1g=a1由图可知,木板与墙壁碰前瞬间的速度v1=4m/s,由运动学公式得v1=v0

15、+a1t1s0=v0t1+a1式中,t1=1s,s0=4.5m是木板与墙壁碰前瞬间的位移,v0是小物块和木板开始运动时的速度。联立式并结合题给条件得1=0.1在木板与墙壁碰撞后,木板以-v1的初速度向左做匀变速运动,小物块以v1的初速度向右做匀变速运动。设小物块的加速度为a2,由牛顿第二定律有-2mg=ma2由图可得a2=式中,t2=2s,v2=0,联立式并结合题给条件得2=0.4设碰撞后木板的加速度为a3,经过时间t,木板和小物块刚好具有共同速度v3。由牛顿第二定律及运动学公式得2mg+1g=ma3v3=-v1+a3tv3=v1+a2t碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中,木板的位移

16、为s1=t小物块的位移为s2=t小物块相对木板的位移为s=s2-s1联立式,并代入数据得s=6.0m因为运动过程中小物块没有脱离木板,所以木板的最小长度应为6.0m。在小物块和木板具有共同速度后,两者向左做匀变速运动直至停止,设加速度为a4,此过程中小物块和木板运动的位移为s3。由牛顿第二定律及运动学公式得1g=a40-=2a4s3碰后木板运动的位移为s=s1+s3联立式,并代入数据得s=-6.5m木板右端离墙壁的最终距离为6.5m。选择填空题答案.A.解法一:由v2=2gh得v=。对人与安全带作用的过程应用动量定理,则有t=0-mv,解得F=+mg,故A正确。解法二:对人与安全带作用的过程应

17、用牛顿第二定律,则有F-mg=ma,而a=,解得F=+mg,故A正确。2.BD2.圆环在B处速度最大,加速度为0,Bc段加速度在增大,因此,下滑过程中,加速度先减小后增大,选项A错误。下滑过程中,设克服摩擦力做的功为wf,由动能定理mgh-wf-w弹=0-0上滑过程中-mgh-wf+w弹=0-mv2联立得wf=mv2,选项B正确。w弹=mgh-mv2,在c处,弹簧的弹性势能等于圆环从Ac过程克服弹簧弹力做的功,选项c错误。设从B到c克服弹簧弹力做功为w弹,克服摩擦力做功为wf故有下滑过程从Bc-w弹+mghBc-wf=0-m上滑过程从cBw弹-mghBc-wf=mv-mv2联立可得m-2wf+

18、mv2=mv因wf<wf=mv2故2wf<mv2则有mv>mvB>vB,选项D正确。3.A3.从绳恰好伸直到人第一次下降至最低点的过程中,人经历了先加速后减速的过程,当绳对人的拉力等于人的重力时速度最大,动能最大,之后绳的拉力大于人的重力,人向下减速到达最低点。绳对人的拉力始终向上,始终做负功。拉力的冲量向上,人的动量先增大后减小,综上所述,只有A选项正确。4.Bc4.如图所示,假设挂钩P、Q东边有x节车厢,西边有y节车厢,每节车厢质量为m。当向东行驶时,以y节车厢为研究对象,则有F=mya;当向西行驶时,以x节车厢为研究对象,则有F=mxa,联立两式有y=x。可见,列

19、车总节数N=x+y=x,设x=3n,则N=5n,故可知选项B、c正确。5.Ac5.剪断细线前,把a、b、c看成整体,细线中的拉力为T=3mg。因在剪断瞬间,弹簧未发生突变,因此a、b、c之间的作用力与剪断细线之前相同。则将细线剪断瞬间,对a隔离进行受力分析,由牛顿第二定律得:3mg=ma1得a1=3g,A正确,B错误。由胡克定律知:2mg=kl1,mg=kl2,所以l1=2l2,c正确,D错误。6.AcD6.设物块的质量为m、斜面的倾角为,物块与斜面间的动摩擦因数为,物块沿斜面上滑和下滑时的加速度大小分别为a1和a2,根据牛顿第二定律有:mgsin+mgcos=ma1,mgsin-mgcos=

20、ma2。再结合v-t图线斜率的物理意义有:a1=,a2=。由上述四式可见,无法求出m,可以求出、,故B错,A、c均正确。0t1时间内的v-t图线与横轴包围的面积大小等于物块沿斜面上滑的最大距离,已求出,故可以求出物块上滑的最大高度,故D正确。7.c7.对小木块分析可知,当力F绕小木块旋转一周的过程中,F沿斜面向下时小木块受到的静摩擦力最大,小木块受到的最大静摩擦力fm=mgsin+F,故A、B均错误。对m、m整体受力分析可知,水平地面对斜面体的摩擦力与F的水平分力大小相等,所以最大静摩擦力为F,此时F与水平地面平行,所以c项正确,D项错误。8.A8.实质上是滑块通过光电门时的平均速度,所以要使

21、瞬时速度的测量值更接近于真实值,可将遮光条的宽度减小一些,所以B、c、D项错误,A项正确。9.c9.因x-t图线的斜率表示速度,则由图象可知A、B均错。因平均速度定义式为=,甲、乙两物体在0t2时间内位移大小相等,故平均速度大小相等,c对、D错。0.BcD0.对A、B整体,地面对B的最大静摩擦力为mg,故当mg<F<2mg时,A、B相对地面运动,故A错。对A、B整体应用牛顿第二定律,有F-3mg=3ma;对B,在A、B恰好要发生相对运动时,2mg-3mg=ma,两式联立解得F=3mg,可见,当F>3mg时,A相对B才能滑动,故c对。当F=mg时,A、B相对静止,对整体有:mg-3mg=3ma,a=g,故B正确。无论F为何值,B所受最大的动力为A对B的最大静摩擦力2mg,故B的最大加速度aBm=g,可见D正确。1.Bc1.若v2<v1且mQg<mPg,则mPg-mQg=a1,当P加速运动速度达到v1后,与皮带一起匀速运动,直到离开传送带,所以B项正确。若v2<v1且mQg>mPg,则P先匀减速到零再反向加速到离开传送带;若v2>v1,且mQg<mPg,则P先匀减速至v1,然后与传送带一起匀速运动,直到离开传送带;若v2>v1且mQg>mPg,满足mQg+mPg=a2