电功率专项测试(解析版

1、电功率专项测试（解析版）一、选择题1 .甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列分析正确的是（于A. 若灯丝的材料、长度相同，B. 若将两灯并联接入电压为C. 若将两灯分别接入电压为乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗220V的电路，甲灯比乙灯亮220V的电路，乙灯消耗的电能多D. 若将两灯串联，只要电源电压适当，甲、乙两灯就能同时正常发光 【答案】A&3P 二一D -【解析】【解答】根据电压和电功率，结合公式斤，得 尸，由于甲灯的功率为25W，较小，电阻大，若导体的材料、长度相同，电阻大的导体较粗, 灯并联时电压相等，功率较大的灯泡亮，B间有关，时间不确定时，消耗的电能不能比较， 同，两灯的额定电流不同，不

2、能同时正常发光， 故答案为：A.【分析】根据灯泡的电功率和电压分析电阻和电流, 截面积有关。A符合题意；当两 不符合题意；灯泡消耗的电功率和电功率、时0 ,电功率不C不符合题意；由于D不符合题意。导体的电阻和导体的材料、长度、横2.如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（A.电视机洗衣机D.BC. 一【答案】D【解析】【解答】A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作 的；A不符合题意.B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；电风扇电热水壶B不符合题意.C不符合题意.D符合题意.C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的

3、磁效应工作的；D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的； 故答案为：D.Ro是阻值为484 Q的保温电阻，Ri电压力锅煮饭分为加热升压7保“（P- t） ”关系图象可了解其a,同时Si自动闭合，电压力锅进【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量 转化识别判断即可.3.如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图. 是规格为 “220V800W 的主加热电阻， R2是副加热电阻. 压7保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间 工作过程：接通电源，启动智能控制开关S, S自动接到80kPa时，S1自动断开，进入保压状态，当锅内工

4、作S自动接到b减压进 0.25kW?h，下列说法正入加热升压状态；当锅内工作压强达 压强降至60kPa时，S又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了, 入保温状态电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电 确的是（）Si口比；f. n & L J.5 f.EUiLlb 012甲A.电压力锅是对大气压强的应用处于升压状态B当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态 正常工作时的最大电流是 5A【答案】D【解析】【解答】解：A 高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高 的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作

5、压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；Ri的工作时间是18mi nD.电压力锅Ri的工作时间分别为06min , 912min ,C. 由图乙可知，在正常加热升压和保压状态I15 18min ,即Ri的工作时间ti=12min=0.2h , C不符合题意；D. R2的工作时间t2=18min=0.3h，在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=Piti+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,两加热电阻 同时工作时电路电流最大，则总功率P=P，+P2=8OOW+3OOW=11OOW ,P

6、lliM由P=UI可得，1=? 220V =5A, D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加 热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键.4 .下列家用电器正常工作20min消耗电能最多的是（）I.B.电热毯i.C.电视机A.电饭煲【答案】AIID.电风扇100W，电视机的功【解析】【解答】解：电饭煲的功率约为1000W，电热毯的功率约为率约为130W，电风扇的功率约为 60W ,由此可见，电饭煲的电功率最大，由W = Pt可知，用电器正常工作相同时间，电饭煲消耗的电能最多。故答案为：A。【分析】根据生活常识及生活经验判

7、断各用电器的功率大小，由 间，用电器功率越大，消耗的电能越多。W = Pt可知，工作相同时00.6A,电压表的量程为P,下列说法中正确的是（5.如图甲所示，已知电流表的量程为规格为“20Q0.5A”闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片 关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，015V，滑动变阻器 R2的得到电流表与电压表的示数A缈4A. 电源电压为9VB. Ri的阻值为20 QC.滑动变阻器的取值范围是【答案】C2 Q 20 Q-D.电路总功率的变化范围是2W3W【解析】【解答】& -誑.&棗X風;解得：的二，电源电压为：砂-刿已知电流表的量程为 00.6A，滑动变阻器结合电路和乙图可得：E二戟

8、十执X血十/盒X- 6V , AB不符合题意;R2的规格为“ 20 0）.5A ”因为串联时电流相等,6V=12故电路最大电流为 0.5A，此时电路总电阻为：则滑动变阻器最小电阻为：覘=杓佥当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为变阻器阻值可以调整到最大，即200,则滑动变阻器接入电路的取值范围是6V,小于电压表的量程，故滑动2Q -200;6V7，=_ Q 21最小电流为：& + R跃加+ 2GQ电路最小功率为： 申去-m小二火必3 - !.洌；尸二7丈二6V X伉凤塔31V oB.都正常工作时,甲的额定功率大，所以电流通过甲电热水壶做功较快,B符合题意;C.都正常工作时,意；甲的

9、额定功率大，根据D.都正常工作时， 能多，D不符合题意； 故答案为：B。【分析】电功率是表示电流做功快慢的物理量；根据甲的额定功率大，根据，通过甲电热水壶的电流大,C不符合题| = 力可知，相同时间内，甲电热水壶消耗的电P=UI和W=Pt来作出分析和解答.电路最大功率为：故答案为：Co【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻Ri的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.1800W，乙的额定功率为6.有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1200W .两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（）A.甲电热水壶两端的电压较高”i

10、B.电流通过甲电热水壶做功较快C.通过两个电热水壶的电流相等“ D相同时间内，两个电热水壶消耗的电能一样多【答案】B【解析】【解答】A.因为两个电热水壶的额定电压相同，且两个电热水壶都正常工作，即 在额定电压下工作，所以甲、乙电热水壶两端的电压相等，A不符合题意；7.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片 P向左移动的过程中（不考虑灯丝的电阻受温度的影响），下列说法正确的是（）电压表示数逐渐变大D.小灯泡的亮度逐渐变暗A. 电流表示数逐渐变小C.滑动变阻器两端的电压逐渐变大【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡 L与变阻器R串联，电压表测L两端的电压,电流表测电

11、路中的电流.滑动变阻器滑片 P向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，A错误；B正确;由1=月可知，电路中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，D错误;所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故C错误.故选B.【分析】由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测 L两端的电压，电流表测电路中的电流.根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的 变化和灯泡两端

12、的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化.&下列表述正确的是（）A.电视机正常工作电流约为1.57AXX74JB彩色电视机 型 号：TC2975GF 电 源:VQHt 220V 赖定功率：140WD.磁极间在不接触时无法发生相互作用【答案】CP 血I/ 孝 G S4A【解析】【解答】A.电视机正常工作电流:# 救”,故A错误;护220R = - - 4E 4,故B错误;B.电水壶的电阻为：F 1000WC正确;C两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错

13、误。故选Co【分析】(1 )已知额定功率和额定电压根据山计算正常工作电流;(2) 已知额定功率和额定电压根据尸计算电阻；(3) 同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；(4) 磁体之间的磁力不需要相互接触就能发生力的作用。9. 如图所示，将标有 “1V6W”的灯泡刀和“ 1V3W”的灯泡接在12V的电路中，闭合开 关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是i MA.电路总功率等于 9WC.灯泡门和匕一样亮【答案】DrB.电路总功率大于 9WII D丁泡比灯泡W亮两灯泡的电阻分别为:=三 482【解析】【解答】AB.根据 必(12V)-Ri 二二一- 2412V的电路中，因串联电路中总电阻等

14、于各分电阻之由电路图可知，灯泡 Li、L2串联接在和，所以，电路中的电流：I 二则电路总功率:P - UI - 12VCD.由于串联电路中电流处处相等，且 较大，则灯泡女较亮，C不符合题意, 故答案为：Do-2曹，AB不符合题意；局5，根据F -尸斤可知，灯泡D符合题意。X的实际功率【分析】理清小灯泡的连接方式，根据P折求出两灯泡的电阻，再根据灯泡的串联和欧姆定律求出电路中的电流；根据 P=UI求出总功率；根据 P=Fr比较两灯泡实际功率的大小关 系，实际功率大的灯泡较亮.10. 如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是FT左侧容器内空气吸收的热量更多左侧U形

15、管中液面的高度差比右侧的大A. 甲实验通电一段时间后，B. 乙实验通电一段时间后，C. 乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系4: 1D. 乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为【答案】B【解析】 【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q= I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，由焦耳定律 Q= |2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多, 气体压强大，即左侧 U形管中液面

16、的高度差比右侧的大。B符合题意；C乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意;D、装置乙中一个 5 Q的电阻与两个 5 Q的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可 知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Q的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=Ii+|2 ,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，|1= |2 ,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q= I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答

17、案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点， 并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据 温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电 阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与 电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生 的热量）分析解答.11. 如图所示的电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻Ri=1 Q,滑动变阻器 R2阻值范围为04Q.闭合开关S,在滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是（）C.滑动

18、变阻器的最大功率为 2.25W【答案】C【解析】【解答】由电路图可知，R1与B.滑动变阻器的最大功率为D.电压表示数从0V增大到2W2.4 VR2串联，电压表测 Ri两端的电压,中的电流。（1）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：UV电流表测电路I =尙*允,滑动变阻器消耗的电功率：P2 = I2R2 =（局*允）2R2 =僞亠a护屉 Ri -血F姐，所以，当R2= R1 = 1 Q时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则P2大=JRlU X U 2.25W, AB不符合题意、C符合题意；（2）当滑动变阻器 接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压，示

19、数为3V，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R两端的电压最小，此V3V时电路中的电流：|丄 局+缺 m= 0.6A，电压表的最小示数：0.6A X雀0.6V，所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到0.6V, D不符合题意。故答案为：Co【分析】R与R2串联，电压表测 R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据PnpR表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分电压表测电源两端的电压；当滑动变Ri两端的电压最小，根据电阻的串联Ri两端的电压，然后得出电压表示数析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大

20、小；当滑动变阻 器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小， 和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出 的变化.12.如图所示的电路, 甲、乙都是电流表，L标有“V3W”字样，不考虑灯丝电阻的变化。当 7也1，电路消耗的总功率为甲、乙都是电压表， 法正确的是i 丿电源电压不变，灯闭合、囲断开，此时 m M，电路消耗的总功率为 用；当 冈、51都闭合，此时0Z - 2卅I，电路消耗的总功率为炫下列说A.电阻R的阻值为比4电路的总功率之比刃:乙都是电压表，陶、乱闭合时，灯L的实际功率为妙站*3闭合、陶断开时，两表示数之比 歸：乙3CC.当甲、

21、电流表，【答案】.D.当甲、乙都是【解答】由P二也可得，灯泡正常工作时的电流：P 二一血二一二 三 3斤可得，灯泡的电阻：尸験 別【解析】A、当甲、乙都是电流表，闭合、断开，此时R与L并联,I爭-0. 5A 曇， 瓯创;当甲、乙都是电压表，甲电流表测 L的电流，因即灯泡正常工作，由并联电路的电压特点可知，电源电压勻、Ss都闭合, 陆二3 - 2沖；R与L串联接在电路中，甲电压表测总电压U乙测L两端电压，且根据串联电路的特点可得电路中的电流:e 血瓦二莎T 电阻R两端的电压：除电阻R的阻值：B、当甲、乙都是电流表,0 他护Pr二一二三囲R 18Q，A不符合题意；R与L并联时，电阻R的功率为:当甲

22、、乙都是电压表,尸R L总功率为：H f御十別-洲；勺、龙都闭合，R与L串联接在电路中，此时总功率为:电路总功率之比:6，B不符合题意；表，$、弱闭合时，灯L的实际功率：C、当甲、乙都是电压Fl二仇二送籤乂 =0-必和C符合题意；D、 当甲、乙都是电流表，国闭合、断开时，此时R与L并联，甲电流表测 L的电流, 且V甲-伉1 ；ev5乙电流表测干路电流，干路电流为：丑丽朋於；两表示数之比为：故答案为：Co【分析】当甲、乙都是电流表,D不符合题意。L电流I甲S1闭合、S断开，此时R与L并联，乙测干路电流I,甲测 当甲、乙都是电压表，Si、S2都闭合，U,乙测L两端电压Ul ,不考虑灯丝电阻的变化，

23、通过R与L串联接在电路中，甲测总电压&R：刁求出灯泡的电阻.13.如图所示的电路中，电源电压保持不变.闭合开关 电压表V2示数之比为表V2示数之比为1 :A. 1: 4【答案】2,此时R2的功率为P2，则P1： P2为（）C. 1: 1I B. 1 : 2I I D. 4: 1【解析】1在第 1种情况下，R2两端的电压 U21=丘2卡U=j , R两端的电压为2b【解答】解：L 2b3 = 3 ；在第2种情况 下，甩两端的电压 U22= / T u= 3 , R1的电压为U12=U -Uii=U-2b 了 = P,根据电阻不变时，通过的电流与电压成正比，h Un 2所以，两种情况下通过 Ri的

24、电流之比 门=弘=，即两种情况下通过 皿的电流之比;J1血X hlIr12=血K厶一一故选C.【分析】首先求出两种情况下 之比，即可求出通过定值电阻 情况下R2的电功率之比.R的电压之比，根据串联电路电压的特点，求出R1的电流之比，即通过 F2的电流之比，根据R1的电压P=UI可求两种14.如图所示，电源电压保持不变, 第一次开关 S、S、S2都闭合时， 为16W。则下列说法正确的是（L1、L2、L3是电阻保持不变的灯泡，L1的电功率为25W;第二次只闭合开关 S时，L1的电功率 ）匕、L3完全相同。S,移动滑片，使电压表 V1示数与2 : 1，此时R2的功率为P1;再次移动滑片，使电压表V1

25、示数与电压A. L1、L2两灯丝电阻之比为 1 : 4C. L前后两次的电压之比为25 : 1625 : 4【答案】【解析】B只闭合S时，Li和L3的功率之比为1 : 4 II D.前后两次电路消耗的总功率之比为此时 Li的电功率为P - - - 25,当只有开关S闭合时，L1、L3串联，L1的电功率为【解答】由图可知，开关S、S1、S2都 闭合，L1、L2并联,据两次电功率的比值计算，电压之比为矿-创d , C不符合题意;端的电压为电源电压， 串联电路电流相等，贝y弄+ Li和L2并联时,A不符合题意；Li两L1和L3串联时，L1和L3的分压比为 U1：U3=4:1,L1和L3的电功率的比值

26、为P1：P3=4:1, B不符合题意；并联时的电流U V 5U于二根据串联电路的电流为Uf爭=二 * =斤*心施+恥覘，前后两次电流比为 所以电路总功率之比为25: 4, D符合题意。5/ U,电源电压一定， 故答案为:【分析】D.(1)开关S、S1、S2都闭合时，L1、L2并联；只闭合开关 S时,P -由电路特点和斤Li、L3串联，7表示出两次L1的电功率，由此可得的 L1、L3电压、电阻关系;(2)由P=I2R计算只闭合S时，L1和L3的功率之比；P=UI可得两次电路消耗总功15.下列数据最接近实际情况的是(A.大气对拇指指甲盖的压力约为10NC.让人感觉舒适的气温约为 37 C【答案】A

27、【解析】【解答】A.大拇指的指甲盖的面积大约(3 )由电路特点和欧姆定律表示出前后两次电路中电流，由 率的比。B. 学生课桌高度约为 200cmD.家用节能灯的功率约为1kW1cm2 ,大气压强约105Pa, 那么大气对指甲盖的压力；F=pS=1C5Pax 1-0m2=10N，故A符合题意；B. 普通学生课桌的高度大约 1m,而200cm=2m，太高了，故B不合题意；C. 让人感觉舒适的温度大约在25C左右，37C太高了，故C不合题意；D家用节能灯的功率大约30W左右，1kW的功率太大了，故 D不合题意。故选Ao【分析】(i)大拇指的指甲盖的面积大约icm2 ,根据F=pS计算大气对指甲盖的压

28、力;(2) 普通学生课桌的高度大约1m ;(3) 让人感觉舒适的温度大约在25 C左右；16.如图甲所示电路中, 如图乙所示，闭合开关(4) 家用节能灯的功率大约 30W左右。电源电压可调，灯S,Li、L2的额定电压均为 6V, Li、L2的I- U图象逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时()L：A. Li正常发光iiB.电源电压为 12V1 C.电路总电阻为 30 01 D.电路总功率为2.4W【答案】【解析】【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流li=0.6A、|2=O.3A,由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流， 因串联电路中各处的电流相等，所以

29、，电路中允许通过的最大电流I=l2=0.3A，则L2正常发光，故A错误;由图乙可知，Li两端的电压Ui =2V因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=Ui +U2V+6V=8V,故 B 错误； 由1=月可得，电路总电阻:I, 卯R= A = / 3应26.7,0故C错误;电路的总功率：P=UI=8V X 0.3A=2.4VV故 D 正确.故选D.【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电 流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡 两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的

30、总电 阻，利用电阻的串联求出电路的总功率.S,将滑动变阻器的滑片P向右移动过17.如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关 程中()BlIA.电压表功率变大【答案】【解析】V的示数不变iB.电流表A的示数变大iC.小灯泡的亮度变暗D.电路的总A【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A符合题意;测量电路总电流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变,b=可知，滑当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据 动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功 率不变，则灯泡的亮度不变，C不符

31、合题意；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表 小，B不符合题意；电源电压保持不变，总电流变小，根据P=U知，电路的总功率变小，D不符合题意。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器的滑片 右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据bI .A的示数变18.如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,滑动变阻器滑片向左移动时，下欧姆定律=石可知该支路电流的变化；根据并联电路各支路互不影响判断出灯泡的亮度和 通过灯泡的电流；根据 P=U判断电路的总功率变化情况.D.电流表A.电路总功率变小B

32、.电压表示数变大C.电压表与电流表示数的比值不变示数变大【答案】A【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，因电源电压保持不变，C不符合P=UI可知电路总功率的P处于中间位置，闭合开关P向右移动，则（S,两个灯泡均能发光（假）B. L变暗，L2变亮BC. L变亮，L2变暗D. L和L2都【答案】【解析】将滑动变阻器的滑片 大，电路的总电阻变大,【解答】解:由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器 R并联后再与灯泡Li串联,P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电

33、路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 R的电流不变， 当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的电阻变大，由1 =可知，通过滑动变阻器的电流变小， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，D不符合题意；电压表的示数不变、电流表 A的示数变小，则电压表与电流表示数的比值变大， 题意；电源电压保持不变，干路电流变小，由P= UI可知，电路总功率变小，A符合题意。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据并联电路中各支路独 立工作、互不影响可知滑片移动时通过R的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，再利用并联电路的电流特点可知干 路电流的变化，进一步得出电压表与电流表示数的比值变化，根据