贵州省贵阳市、六盘水市、黔南州2021届高三数学3月适应性考试试题（一）文（含解析）

1、贵州省贵阳市、六盘水市、黔南州2021届高三数学3月适应性考试试题（一）文（含解析）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，集合，则的元素个数为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】由题意得,的元素个数为3.选C2.复数（是虚数单位）在复平面内对应的点在（ ）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】A【解析】，复数在复平面内对应点为，在第一象限选A 3.已知向量，若，则( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由向量平行的坐标表示列式求解m的值，再求解.【详解】=(1+m, 1)

2、,由得 ，解得m= ， .故选B.【点睛】本题考查了向量平行的坐标表示,考查了向量的数量积的坐标表示，若则 ， .4.某几何体的三视图如图所示，已知主视图和左视图是全等的直角三角形，俯视图为圆心角为的扇形，则该几何体的体积是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】由三视图可知：该几何体为圆锥的四分之一，故选B点睛：思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.5.已知、是不同的两条直线，、是不重合的两个平面，

3、则下列命题中为真命题的是A. 若，则B. 若，则C. 若，则D. 若，则【答案】D【解析】【详解】对A, 若，则或对B, 若，则或或l与相交对C, 若，则或对D,若则,又因为,所以6.游戏王者荣耀对青少年的不良影响巨大，被戏称为“王者农药”.某车间20名青年工人都有着不低的游戏段位等级，其中白银段位11人，其余人都是黄金或铂金段位.从该车间随机抽取一名工人，若抽得黄金段位的概率是0.2，则抽得铂金段位的概率是（ ）A. 0.20B. 0.22C. 0.25D. 0.42【答案】C【解析】由题意可得，黄金段位的人数为则抽得铂金段位的概率为故选7.函数的部分图象大致是（ ）A. B. C. D.

4、【答案】B【解析】【分析】先判断函数的奇偶性，然后利用特殊点的函数值的符号进行排除即可.【详解】由题知,函数的定义域为,关于原点对称,且,所以是奇函数,所以排除C,D;又,所以排除A,故选：B.【点睛】本题主要考查函数图像的判断与识别，结合函数的奇偶性与特殊值的符号进行排除即可解决，属于中等题.8.为保证树苗的质量，林业管理部门在每年3月12日植树节前都对树苗进行检测，现从甲、乙两种树苗中各抽测了10株树苗的高度单位长度：，其茎叶图如图所示，则下列描述正确的是（ ）A. 甲种树苗的平均高度大于乙种树苗的平均高度，甲种树苗比乙种树苗长得整齐B. 甲种树苗的平均高度大于乙种树苗的平均高度，乙种树苗

5、比甲种树苗长得整齐C. 乙种树苗的平均高度大于甲种树苗的平均高度，乙种树苗比甲种树苗长得整齐D. 乙种树苗的平均高度大于甲种树苗的平均高度，甲种树苗比乙种树苗长得整齐【答案】D【解析】【分析】本题考查的知识点是茎叶图，由已知的茎叶图，我们易分析出甲、乙两种树苗抽取的样本高度，进而求出两组数据的平均数及方差，然后根据平均数的大小判断哪种树苗的平均高度高，根据方差判断哪种树苗长的整齐【详解】由茎叶图中的数据，我们可得甲、乙两种树苗抽取的样本高度分别为：甲：19，20，21，23，25，29，31，32，33，37乙：10，10，14，26，27，30，44，46，46，47由已知易得：由茎叶图易得

6、故：乙种树苗的平均高度大于甲种树苗的平均高度，甲种树苗比乙种树苗长得整齐故选D【点睛】茎叶图是新课标下的新增知识，且难度不大，常作为文科考查内容，数据的离散程度与茎叶图形状的关系具体如下：茎叶图中各组数据的越往中间集中，表示数据离散度越小，其标准差越小；茎叶图中各组数据的越往两边离散，表示数据离散度越大，其标准差越大9.在中，角所对的边分别为满足，则的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】利用已知代入到余弦定理中求得cosA的值，进而求得A，利用正弦定理将进行边角转化，利用公式化简，通过B的范围，即可得解b+c的取值范围【详解】在中，由余弦定理可得，A是三角形内角，

7、可得：，可得：，可得：，.故选：B.【点睛】本题考查正、余弦定理的应用解三角形，解三角形问题通常是将利用正弦定理或余弦定理进行边角转化，再进一步求解可得，属于基础题.10.双曲线的左、右焦点分别为，过且垂直于轴的直线与双曲线的两条渐近线分别交于两点，若为正三角形，则该双曲线离心率为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】求出双曲线C的两渐近线方程，利用MF1N为正三角形，利用直角三角形边角关系，即可求出该双曲线的离心率【详解】双曲线的渐近线为y=x,令x=c,得y=,因为MF1N为正三角形,所以tanMF1F2=,得a=,c=,所以e=.故选：C.【点睛】本题主要考查双曲线的渐

8、近线方程和离心率的求法，利用直角三角形边角关系可得a、c的等式，化简可得离心率，属于中等题.11.己知函数的图象在区间上恰有个纵坐标是最高点，则的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据区间0，1上，求出的范围，由于在区间0，1上恰有1个最高点，建立不等式关系，求解即可【详解】函数，x0,1上，图像在区间上恰有1个最高点，解得：.故选：C.【点睛】本题考查正弦函数的图象和性质，解题的关键是利用数形结合思想应用正弦函数图象找出对应的区间，列出不等式求解，属于中等题.12.已知函数，则函数的零点个数为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据x0，x

9、0时f（x）的单调性和最值，作出y=f（x）的图象，设m=f（x），则变形为2m23m-2=0，解得m=2或 ，再由图像f（x）=2或f（x）=得交点个数即为零点个数.【详解】解：由题意，当 ,故当时，；当时，且 ，作出的大致图像，令中m=变形为2m23m-2=0，解得m=2或 ，再由图像f（x）=2或f（x）=，观察可知，函数 的零点个数为3.【点睛】本题函数与方程的应用，函数的导数的应用，函数的单调性以及函数的极值的求法，考查学生分析解决问题的能力，函数的性质等基础知识二、填空题：本大题共4小题，每小题5分13.已知则sin2x的值为_.【答案】【解析】【分析】利用二倍角的余弦函数公式求出

10、的值，再利用诱导公式化简，将的值代入计算即可求出值详解】解：，则sin2x=，故答案为.【点睛】此题考查了二倍角的余弦函数公式，以及诱导公式的作用，熟练掌握公式是解本题的关键14.若,满足约束条件则的最大值 【答案】【解析】作出可行域如图中阴影部分所示，由斜率的意义知，是可行域内一点与原点连线的斜率，由图可知，点A（1,3）与原点连线的斜率最大，故的最大值为3.考点：线性规划解法15.已知圆的圆心是抛物线的焦点，直线与圆相交于两点，且，则圆的标准方程为_【答案】【解析】【分析】先根据抛物线方程求得焦点坐标，得圆心以及圆心到直线的距离，根据勾股定理求得圆的半径，则圆的方程可得.【详解】依题意可知

11、，抛物线的焦点为，即圆的圆心坐标为，直线与圆相交于两点，且，圆心到直线的距离为，圆半径为，则所求圆的方程为.故答案为：.【点睛】本题主要考查了抛物线的应用，涉及了圆的基本性质，点到直线的距离，数形结合思想等问题，是基础题.16.设二次函数的导函数为，若方程恰有两个相等的实根，则的最大值为_【答案】【解析】【分析】由于关于x的方程有两个相等实数根，可得=0，可得，代入，再利用基本不等式的性质即可得出【详解】二次函数导函数为，方程恰有两个相等的实根，则，关于x的方程f(x)=f(x)有两个相等实数根，当且仅当时取等号.的最大值为.故答案为：.【点睛】本题考查导数的运算、基本不等式求最值，解题的关键

12、是根据二次函数根与系数关系进行化简，再运用基本不等式求最值，注意取等条件是否满知足，属于中等题.三、解答题：第17至21题每题12分，第22、23题为选考题，各10分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤17.己知等差数列中，前项和为，数列是首项为，公比为，各项均为正数的等比数列，且（1）求与;（2）证明： 【答案】（1）；（2）见解析【解析】【分析】（1）利用等差数列以及等比数列基本性质列出方程求出公差与公比，然后求解通项公式；（2）由等差数列求和公式可得，化简，利用裂项相消法，求解数列的和即可【详解】（1）依题意的方程组由得,代入得,解之，得或，因为数列各项均为正数，所以，所以，所以（2

13、）由等差数列求和公式可得，所以，所以.【点睛】本题考查等差数列与等比数列的通项公式，数列的求和，利用等差、等比通项公式列方程进行求解即可，难度不大，属于基础题.18.九章算术是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中将底面为直角三角形且侧棱垂直与底面的棱柱称为堑堵，将底面为矩形的棱台称为刍童在如图所示的堑堵与刍童的组合体中，（1）证明：直线平面；（2）已知,且三棱锥A-A1B1D1的体积，求该组合体的体积【答案】（1）见解析；（2）【解析】【分析】（1）证明ADMA，推出MA平面ABCD，得到MABD结合BDAC，证明BD平面MAC；（2）设刍童ABCD-A1B1C1D1的高为h，利用几何体的体积

14、公式，转化求解即可【详解】（1）证明:由题可知是底面为直角三角形且侧棱与底面垂直的棱柱,平面又平面，又平面平面,平面,，又四边形为正方形，又平面平面；（2）设刍童的高为，则三棱锥体积，所以，故该组合体的体积为：【点睛】本题考查线面垂直的证明及组合体体积的求法，涉及知识点有棱柱、棱台的体积计算公式及直线与平面垂直的判定定理，属于中等题.19.某校举行运动会，其中三级跳远的成绩在米以上的进入决赛，把所得的数据进行整理后，分成组画出频率分布直方图的一部分（如图），已知第组的频数是.（1）求进入决赛的人数；（2）经过多次测试后发现，甲的成绩均匀分布在米之间，乙的成绩均匀分布在米之间，现甲、乙各跳一次，

15、求甲比乙远的概率【答案】（1）36；（2）【解析】【分析】（1）由频率分直方图求出第6小组的频率，从而求出总人数，进而得到第4、5、6组成绩均进入决赛，由此能求出进入决赛的人数；（2）设甲、乙各跳一次的成绩分别为x、y米，则基本事件满足的区域为：，由此利用几何概型能求出甲比乙远的概率【详解】（1）第小组的频率为， 总人数为(人).第组成绩均进入决赛，人数为（人），即进入决赛的人数为.（2）设甲、乙各跳一次的成绩分别为米，则基本事件满足的区域为，事件“甲比乙远的概率”满足的区域为，如图所示：由几何概型，即甲比乙远的概率为.【点睛】本题考查几何概型，频率分布直方图，考查频率分布直方图的应用及几何概

16、型求概率问题的灵活应用，属于中等题.20.在平面直角坐标系中取两个定点，再取两个动点，且.(1)求直线与的交点的轨迹的方程；(2)过的直线与轨迹交于两点，过点作轴且与轨迹交于另一点，为轨迹的右焦点，若，求证：【答案】(1)； (2)证明见解析【解析】【分析】(1)由直线所过两点可得直线和的方程，设为两直线交点，则两方程做乘法整理可得所求轨迹方程；(2)设过直线及坐标，将直线方程与椭圆方程联立整理可得韦达定理的形式；由可得；通过分析法可知，若要证，只需证得，将等式整理后可知最终只需证得，将韦达定理的结论代入即可知等式成立，即所证成立.【详解】(1)由题意知，直线的方程为：直线的方程为：设是直线与

17、的交点，得：，整理得：即点的轨迹的方程为：(2)证明：设过点的直线，则由消去得：，由得：由(1)知：，则要证，即证只需证，只需即证又，即成立 成立【点睛】本题考查定点轨迹方程求解、直线与椭圆综合应用中的向量问题的求解；本题证明的关键是能够通过分析法将证等式进行转化，转化为能够利用韦达定理的形式，通过直线与椭圆方程联立得到韦达定理的结果，代入即可证得结论.21.已知函数.（1）当时，求在点处的切线方程；（2）当时，求函数的单调递增区间；（3）当时，证明：（其中为自然对数的底数）【答案】(1)；(2)答案见解析；(3)证明见解析【解析】【详解】试题分析：（1）根据导数的几何意义得到 ；（2）对函数

18、求导，分类讨论导函数的正负，得到单调区间；（3）由 知需证明.，对函数求导，研究函数的最值即可解析：（1）当时， 在点处的切线方程是.（2）的定义域为 当，即当时，由解得或当时，当，即当时，由解得或综上：当时，的单调递增区间是，当时，的单调递增区间是当时，的单调递增区间是，（3）当时，由 知需证明令 ，设，则当时，单调递减当时，单调递增当时，取得唯一的极小值，也是最小值的最小值是 另解：证明（“”不能同时成立）点睛：点睛：（1）导数综合题中对于含有字母参数的问题，一般要用到分类讨论的方法，解题时要注意分类要不重不漏；（2）对于导数中的数列不等式的证明，解题时常常要用到前面的结论，需要根据题目的特点构造合适的不等式，然后通过取特值的方法转化成数列的问题解决，解题时往往用到数列的求和请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应题号的方框涂黑22.在直角坐标系中，曲线的参数方程是为参数），以该直角坐标系的原点为极