2015年3月29日物理

1、如图2所示为一低通滤波电路已知电源电压包含的直流成分是240V，此外还含有一些低频的交流成分为了在输出电压中尽量减少低频交流成分，试说明电路中电容器的作用【试题分析】电容器对恒定电流（直流成分）来说，相当于一个始终断开的开关，因此电源输出的直流成分全部降在电容器上，所以输出的电压中直流成分仍为240V但交变电流却可以“通过”电容器，交流频率越高、电容越大，电容器的容抗就越小，在电容器上输出的电压中交流成分就越小在本题的低通滤波电路中，为了要使电容器上输出的电压中，能将低频的交流成分滤掉，不输出到下一级电路中，就应取电容较大的电容器，实际应用中，取C500F15、收音机中的音量控制电路部分如图所

2、示，调节滑动变阻器的滑片P，可控制扬声器的音量但收音机直接接收到的信号，既有高频信号，又有低频信号，而扬声器所需的音频信号是低频信号，为此，需要用电容器C1、C2滤去直流和高频部分根据电容器容抗的性质，试确定C1、C2应分别用电容较大的，还是较小的15.答案：C1用大电容，C2用小电容解析：C1的作用是滤去直流成分而且要能让低频成分通过，故应选用大电容；C2的作用是滤去高频成分且要阻碍低频成分通过，故应选用小电容如图甲所示理想变压器电路，其原、副线圈的匝数比为41，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中Rt为NTC型热敏电阻，R1为定值电阻。下列说法正确的是A交流电压

3、u的表达式u=36sin100t(V)B变压器原、副线圈中的电流之比为14C变压器输入、输出功率之比为14DRt处温度升高时，电压表和电流表的示数均变大试题分析：原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压v，周期0.02S，故角速度是，故A正确；根据公式变压器原、副线圈中的电流之比，故B正确；理想变压器的输入、输出功率之比应为1：1，故C错误；Rt处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故D错误；故选AB考点：变压器的构造和原理点评：根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键一台理想变压器，

4、其原线圈2200匝，副线圈440匝，并接一个100的负载电阻，如图所示。（1）当原线圈接在44V直流电源上时，电压表示数为_V，电流表示数为_A；（2）当原线圈接在220V交流电源上时，电压表示数为_V，电流表示数为_A，此时输入功率为 _W，变压器效率为_。答案：（1）0，0（2）44，0.44，19.36，100%一台理想变压器 其原线圈2200匝(1)当原线圈接在44 V直流电源上时，电压表示数为多大？电流表示数为多大？(2)当原线圈接在220 V交流电源上时，电压表示数为多大？电流表示数为多大？此时输入功率为多少？变压器效率为多大？解析：(1)原线圈接44 V直流电源时，通过副线圈磁通

5、量不变，副线圈不产生感应电动势，所以电压表、电流表示数都为零(2)由 得 U2 V44 V流过R电流 I2 A0.44 A则电压表读数为44 V，电流表读数为0.44 A.输出功率P出U2I2440.44 W19.36 W输入功率P入P出19.36 W变压器效率100%.答案：(1)00(2)44 V0.44 A19.36 W100%某电站用11KV交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R，现若用变压器将电压升高到220KV送电，要使输电线上损失的功率不变，可使输电线的直径变为原来的（）ABCD答案A解析试题分析：设输送功率为P，输送电压为U，输电线的电阻为R，则损失的电功率为,从11KV

6、变为220KV，要使损失的功率不变，则电阻变为原来的根据电阻定律可得，故d应变为原来的，A正确，BCD错误故选A考点：考查了远距离输电点评：关键是判断电阻变化，然后根据电阻定律分析如图所示，闭合线圈固定在小车上，总质量为1kg它们在光滑水平面上，以10m/s的速度进入与线圈平面垂直、磁感应强度为B的水平有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，已知小车运动的速度随车的位移s变化的s图像如图所示则磁场的宽度d cm，线圈通过磁场过程中产生的热量Q J。答案【答案】 25；48【解析】在15cm到30cm是完全处于磁场中,在5cm到15cm间线框进入磁场，线框宽度为10cm，所以磁场宽度为15cm+10

7、cm=25cm，线框动能的减小量转化为焦耳热，由能量守恒可求得焦耳热为48J对交变电流能通过电容器，下列说法中正确的有（）A.当电容器接到交流电源上时，因为有自由电荷通过电容器，电路中才有交变电流B.当电容器接到交流电源上时，电容器交替进行充电和放电，电路中才有交变电流C.在有电容器的交流电路中，没有电荷定向移动D.在有电容器的交流电路中，有电荷通过电容器答案B解：由题意可知，当电容器接到交流电源上时，电容器交替进行充电和放电，导致电荷定向移动，从而使电路中有交变电流，对于恒定不变的直流，不能通过电容器，故B正确，ACD错误；故选：B解析交流电是通过对电容器的充电与放电，使得电荷做定向移动，从

8、而形成电流考查交流电为何能通过电容器的原理，及理解电容器的充电与放电，注意恒定电流不能通过电容器如图所示是电视机电源部分的滤波装置，当输入端输入含有直流成分、交流低频成分的电流后，能在输出端得到较稳定的直流，试分析其工作原理及各电容器和电感线圈的作用。 答案当含有多种成分的电流输入到C1两端时，则由于C1的“通交流，隔直流”功能，电流中的交流成分被衰减，而线圈L有“通直流，阻交流”功能，直流成分电流顺利通过L一小部分交流通过L，到达C2两端时，C2进一步滤除电流中残余的交流成分，这样就在输出端得到较稳定的直流，这个直流供电视机内芯正常工作。将一灯泡与一电感线圈串联与交流电源相连，若提高交流电的

9、频率，则（）A.电感线圈的感抗不变B.电感线圈的感抗减小C.灯泡亮度减小D.灯泡亮度增大答案C解：接入交流电后，因电感线圈对交流电的阻碍作用与交流电的频率成正比，电容对交流电的阻碍作用与交流电的频率成反比，当交流电频率增大时，电感线圈L的阻碍作用增大，灯泡中的电流将变小，则灯泡亮度变小故C正确，ABD错误；故选：C解析电感线圈对交流电的阻碍作用与交流电的频率成正比，从而即可求解记住电感线圈是通低频阻高频，属于基础题型，同时与电容器对电流的阻碍区别开来下列说法正确的是( ) A.变压器也可以改变恒定电压 B.变压器的原理是电磁感应现象，副线圈输出的电流是原线圈电流的感应电流 C.变压器由绕在同一

10、闭合铁芯上的若干线圈构成 D.变压器原线圈相对电源而言起负载作用，而副线圈相对负载而言起电源作用答案【解析】变压器是电磁感应现象，不能改变恒定电压，副线圈输出的电流时原线圈电流的感应电流，变压器室由同一个闭合铁芯上的若干线圈构成的，变压器的原线圈对于电源而言是负载作用，而副线圈对负载而言是电源的作用.【答案】解：A.变压器是电磁感应现象，不能改变恒定电压，所以A错误；B.副线圈输出的电流时原线圈电流的感应电流，所以B正确；C.变压器室由同一个闭合铁芯上的若干线圈构成的，所以C正确；D.变压器的原线圈对于电源而言是负载作用，而副线圈对负载而言是电源的作用.所以D正确.故答案为：b,c,d【点评】

11、本题主要考查学生对变压器的相关知识的掌握和理解，本题的重点是了解变压器的构造，关键是对变压器的原理的掌握，要灵活应用知识点.关于理想变压器的工作原理，以下说法中正确的是( )A、通有正弦式交变电流的原线圈产生的磁通量不变B、穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C、穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D、原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈答案C解：A、当S闭合时，两个电阻并联，电路的总电阻减小，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压不变，副线圈的电流变大，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，所以输电线ab和cd上的电压变大，所以V2的示数不变，交流电压表V3的示

12、数变小，故A错误，B正确；C、副线圈的电流变大，A2和A1的示数变大，A3的示数减小，V2的示数不变，故C错误，D正确；故选：BD解析输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决解析（1）变压器的工作原理是互感现象，当原线圈接在44V直流电源上时，原线圈电流恒定，副线圈中不会产生感应电流；（2）当原线圈接在220V交流电源上时，根据变压器的变压比公式求解副线圈的输出电压，根据欧姆定律求解输出电流，根据P=UI求解输出功率，理想变压器输出功率与输入功率相等本题第一问关键明确变压器的工作原理，容易出错；第二问是基本规律的运用，关键熟悉理想变压器的变压比公式在如右图所示的远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有（ ）A升压变压器的输出电压增大B降压变压器的输出电压增大C输电线上损耗的功率增大D输电线上损耗的功率占总输送功率的比例减小答案C答案：BC远距离输电时，在输送电功率不变的条件下（ ）。A: 只有增大导线