高考数学大二轮总复习与增分策略 第二篇 掌握技巧 快速解答客观题 第1讲 选择题的解法技巧课件 理.ppt

第1讲选择题的解法技巧,第二篇掌握技巧，快速解答客观题,选择题注重基本知识与基本技能的考查，侧重于解题的灵活性和快捷性，以“小”“巧”著称，试题层次性强，一般按照由易到难的顺序排列，能充分体现学生灵活运用知识的能力解题策略：充分利用题设和选择支两方面所提供的信息作出判断，一般有两种思路：一是从题干出发考虑探求结果；二是从题干和选择支联合考虑或从选择支出发探求是否满足题干条件；先定性后定量，先特殊后推理，先间接后直接，先排除后求解，一定要小题巧解，避免小题大做,题型概述,栏目索引,方法一直接法,方法二特例法,方法三排除法,方法四数形结合法,方法五构造法,方法六估算法,方法一直接法,直接从题设条件出发，运用有关概念、性质、定理、法则和公式等知识，通过严密地推理和准确地运算，从而得出正确的结论，然后对照题目所给出的选项“对号入座”，作出相应的选择涉及概念、性质的辨析或运算较简单的题目常用直接法,解析,(2)某班有6位学生与班主任老师毕业前夕留影，要求班主任站在正中间且女生甲、乙不相邻，则排法的种数为()A.96B.432C.480D.528,解析当甲、乙在班主任两侧时，甲、乙两人有332种排法，共有33224种排法；当甲乙在班主任同侧时，有424种排法，因此共有排法33224424528(种).,解析,思维升华,涉及概念、性质的辨析或运算较简单的题目常用直接法.只要推理严谨，运算正确必能得出正确的答案.平时练习中应不断提高用直接法解选择题的能力，不能一味求快导致快中出错.,思维升华,由此可知数列an的项具有周期性，且周期为4，第一周期内的四项之积为1，则a9a12，a10a23，所以数列an的前10项之积为112(3)6.,解析,(2)(2015四川)执行如图所示的程序框图，输出S的值为(),解析每次循环的结果依次为：k2，k3，k4，k54，,返回,解析,从题干(或选项)出发，通过选取特殊情况代入，将问题特殊化或构造满足题设条件的特殊函数或图形位置，进行判断.特殊化法是“小题小做”的重要策略，要注意在怎样的情况下才可使用.特殊情况可能是：特殊值、特殊点、特殊位置、特殊函数等.,方法二特例法,A.1,2B.1,0C.1,2D.0,2,解析,易知f(1)是f(x)的最小值，排除A，B；,(2)已知等比数列an满足an0，n1,2,3，且a5a2n522n(n3)，当n1时，log2a1log2a3log2a2n1等于()A.n(2n1)B.(n1)2C.n2D.(n1)2,解析因为a5a2n522n(n3)，所以令n3，代入得a5a126，再令数列为常数列，得每一项为8，则log2a1log2a3log2a5932.结合选项可知只有C符合要求.,解析,思维升华,思维升华,特例法具有简化运算和推理的功效，比较适用于题目中含有字母或具有一般性结论的选择题，但用特例法解选择题时，要注意以下两点：第一，取特例尽可能简单，有利于计算和推理；第二，若在不同的特殊情况下有两个或两个以上的结论相符，则应选另一特例情况再检验，或改用其他方法求解.,解析,解析如图，当ABC为正三角形时，ABC60，取D为BC的中点，,(2)如图，在棱柱的侧棱A1A和B1B上各有一动点P、Q满足A1PBQ，过P、Q、C三点的截面把棱柱分成两部分，则其体积之比为(),解析将P、Q置于特殊位置：PA1，QB，此时仍满足条件A1PBQ(0)，,则有故选B.,返回,解析,排除法就是充分运用选择题中单选题的特征，即有且只有一个正确选择项这一信息，从选择项入手，根据题设条件与各选择项的关系，通过分析、推理、计算、判断，对选择项进行排除，将其中与题设矛盾的干扰项逐一排除，从而获得正确结论的方法.一般选择支与题干或常识矛盾，选择支互相矛盾时用排除法.,方法三排除法,A.逐年比较，2008年减少二氧化硫排放量的效果最显著B.2007年我国治理二氧化硫排放显现成效C.2006年以来我国二氧化硫年排放量呈减少趋势D.2006年以来我国二氧化硫年排放量与年份正相关,例3(1)(2015课标全国)根据下面给出的2004年至2013年我国二氧化硫排放量(单位：万吨)柱形图.以下结论不正确的是(),解析,解析从2006年，将每年的二氧化硫排放量与前一年作差比较，得到2008年二氧化硫排放量与2007年排放量的差最大，A选项正确；2007年二氧化硫排放量较2006年降低了很多，B选项正确；虽然2011年二氧化硫排放量较2010年多一些，但自2006年以来，整体呈递减趋势，即C选项正确；自2006年以来我国二氧化硫年排放量与年份负相关，D选项错误，故选D.,解析,思维升华,解析当x0时，有f(a)f(a)，则实数a的取值范围是()A.(1,0)(0,1)B.(，1)(1，)C.(1,0)(1，)D.(，1)(0,1),解析取a2验证满足题意，排除A、D，取a2验证不满足题意，排除B.正确选项为C.,解析,返回,解析,又g(x)的图象关于原点对称，,返回,根据命题条件中的函数关系或几何意义，作出函数的图象或几何图形，将数的问题(如解方程、解不等式、判断单调性、求取值范围等)与某些图形结合起来，利用图象的直观性，化抽象为直观，化直观为精确，从而使问题得到解决，这种方法称为数形结合法.,方法四数形结合法,例4若直角坐标平面内的两点P，Q满足条件：P，Q都在函数yf(x)的图象上；P，Q关于原点对称，则称点对P，Q是函数yf(x)的一对“友好点对”(注：点对P，Q与Q，P看作同一对“友好点对”).已知函数f(x)则此函数的“友好点对”有()A.0对B.1对C.2对D.3对,解析,思维升华,解析根据题意，将函数f(x)x24x(x0)的图象绕原点旋转180后，得到的图象所对应的解析式为yx24x(x0)，再作出函数ylog2x(x0)的图象，如图所示.由题意，知函数yx24x(x0)的图象与函数f(x)log2x(x0)的图象的交点个数即为“友好点对”的对数.由图可知它们的图象交点有2个，所以此函数的“友好点对”有2对.,思维升华,思维升华,数形结合法是依靠图形的直观性进行分析的，用这种方法解题比直接计算求解更能抓住问题的实质，并能迅速地得到结果.使用数形结合法解题时一定要准确把握图形、图象的性质，否则会因为错误的图形、图象得到错误的结论.,跟踪演练4(1)已知非零向量a，b，c满足abc0，向量a，b的夹角为120，且|b|2|a|，则向量a与c的夹角为()A.60B.90C.120D.150,解析如图，因为a，b120，|b|2|a|，abc0，所以在OBC中，BC与CO的夹角为90，即a与c的夹角为90.,解析,A.(，0B.(，1C.2,1D.2,0,返回,解析,解析函数y|f(x)|的图象如图所示.当a0时，|f(x)|ax显然成立.当a0时，只需在x0时，ln(x1)ax成立.比较对数函数与一次函数yax的增长速度.显然不存在a0使ln(x1)ax在x0上恒成立.当ae2018f(0)D.e2018f(2018)f(0)，f(2018)f(x)，并且ex0，所以g(x)g(0)，g(2018)f(0)，f(2018)0时，xf(x)f(x)0，则使得f(x)0成立的x的取值范围是()A.(，1)(0,1)B.(1,0)(1，)C.(，1)(1,0)D.(0,1)(1，),解析,解析因为f(x)(xR)为奇函数，f(1)0，所以f(1)f(1)0.,故g(x)在(0，)上为减函数，在(，0)上为增函数.,综上，得使f(x)0成立的x的取值范围是(，1)(0,1)，选A.,(2)若四面体ABCD的三组对棱分别相等，即ABCD，ACBD，ADBC，给出下列五个命题：四面体ABCD每组对棱相互垂直；四面体ABCD每个面的面积相等；从四面体ABCD每个顶点出发的三条棱两两夹角之和大于90而小于180；连接四面体ABCD每组对棱中点的线段相互垂直平分；从四面体ABCD每个顶点出发的三条棱的长可作为一个三角形的三边长.其中正确命题的个数是()A.2B.3C.4D.5,返回,解析,解析构造长方体，使三组对棱恰好是长方体的三组平行面中异面的对角线，在此背景下，长方体的长、宽、高分别为x、y、z.对于，需要满足xyz，才能成立；因为各个面都是全等的三角形(由对棱相等易证)，则四面体的同一顶点处对应三个角之和一定恒等于180，故成立，显然不成立；对于，由长方体相对面的中心连线相互垂直平分判断成立；从每个顶点出发的三条棱的长恰好分别等于各个面的三角形的三边长，显然成立.故正确命题有.,返回,由于选择题提供了唯一正确的选项，解答又无需过程，因此，有些题目不必进行准确的计算，只需对其数值特点和取值界限作出适当的估计，便能作出正确的判断，这就是估算法.估算法往往可以减少运算量，但是加强了思维的层次.,方法六估算法,例6(1)图中阴影部分的面积S是h的函数(0hH)，则该函数的大致图象是(),解析由题图知，随着h的增大，阴影部分的面积S逐渐减小，且减小得越来越慢，结合选项可知选B.,解析,(2)已知三棱锥SABC的所有顶点都在球O的球面上，ABC是边长为1的正三角形，SC为球O的直径，且SC2，则此棱锥的体积是(),而三棱锥的高一定小于球的直径2，,立即排除B、C、D，答案选A.,解析,思维升华,思维升华,估算法一般包括范围估算，极端值估算和