广西梧州市蒙山县高三物理下学期模拟试卷（含解析）.doc

广西梧州市蒙山县2015届高考物理模拟试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分。）1下列说法中正确的是( )a库伦在研究真空中点电荷间相互作用力大小时，采用了控制变量法b牛顿发现了万有引力定律，并计算出太阳与地球间引力的大小c亚里士多德首先提出了力不是维持物体运动的原因的观点d安培首先发现了电流的磁效应，并提出了判断电流周期磁场方向的方法安培定则2甲、乙两物体在同一直线上运动的vt图象如图所示下列有关说法正确的是( )at1时刻之前，甲一直在乙的前方bt1时刻甲、乙相遇ct1时刻甲、乙加速度相等dt1之前，存在甲、乙加速度相等的时刻3设地球的半径为r0，质量为m的卫星在距地面r0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g0，不考虑地球自转的影响，则以下说法错误的是( )a卫星的线速度为b卫星的角速度为c卫星的加速度为d卫星的周期为44如图所示，质量为m的小车放在光滑的水平地面上，右面靠墙，小车的上表面是一个光滑的斜面，斜面的倾角为，当地重力加速度为g那么，当有一个质量为m的物体在这个斜面上自由下滑时，小车对右侧墙壁的压力大小是( )amgsin2bmgcos2cmgtandmgsin25如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，o点是两电荷连线的中点，a、b是该线上的两点，c、d是两电荷连线中垂线上的两点，acbd为一菱形若将一负粒子（不计重力且不影响原电场分布）从c点匀速移动到d点，电场强度用e，电势用来表示则下列说法正确的是( )aa一定小于o，o一定大于cbea一定大于eo，eo一定大于ecc负粒子的电势能一定先增大后减小d施加在负粒子上的外力一定先减小后增大6一理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压如图甲所示，副线圈接有可调电阻r，触头p与线圈始终接触良好，如图乙所示，下列判断正确的是( )a交变电源的电压u随时间t变化的规律是u=u0cos（100t）vb若仅将触头p向a端滑动，则电阻r消耗的电功率增大c若仅使电阻r增大，则原线圈的输入电功率增大d若使电阻r增大的同时，将触头p向b端滑动，则通过a处的电流一定增大7如图甲所示，导体棒mn置于水平导轨上，pqmn所围的面积为s，pq之间有阻值为r的电阻，不计导轨和导体棒的电阻导轨所在区域内存在沿竖直方向的匀强磁场，规定磁场方向竖直向上为正，在02t0时间内磁感应强度的变化情况如图乙所示，导体棒mn始终处于静止状态下列说法正确的是( )a在0t0和t02t0时间内，导体棒受到的导轨的摩擦力方向相同b在0t0内，通过导体棒的电流方向为n到mc在t02t0内，通过电阻r的电流大小为d在02t0时间内，通过电阻r的电荷量为8如图所示，将一质量为m的小球从a点以初速度v斜向上抛出，先后经过b、c两点已知b、c之间的竖直高度和c、a之间的竖直高度都为h，重力加速度取g，取a点所在的平面为参考面，不考虑空气阻力，则( )a小球在b点的机械能是c点机械能的两倍b小球在b点的加速度等于c点的加速度c小球在b点的动能为mv2+2mghd小球在c点的动能为mv2mgh二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第9题12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题18题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9如图1游标卡尺的读数为_cm；图2螺旋测微器的读数为_mm10实际电压表内阻并不是无限大，可等效为理想电流表与较大的电阻的串联现要测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：待测电压表（量程3v，内阻约3k待测）一只；电流表（量程3a，内阻0.01）一只；电池组（电动势约为3v，内阻不计）；滑动变阻器一个；变阻箱（可以读出电阻值，09999）一个；开关和导线若干某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）该同学设计了如图甲、图乙两个实验电路为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是_（填“甲”或“乙”）电路（2）用你选择的电路进行实验时，闭合电键s，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数u和_（填上文字和符号）；（3）由所测物理量选择下面适当坐标轴，能作出相应的直线图线，最方便的计算出电压表的内阻：_；（a）ui （b）u （c）r （d）ur（4）设直线图象的斜率为k、截距为b，请写出待测电压表内阻表达式rv=_11如图所示，将质量m=1.24kg的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆的动摩擦因数=0.8对环施加一位于竖直平面内斜向上与杆夹角=53的恒定拉力f，使圆环从静止开始运动，第1s内前进了2m（取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）圆环加速度a的大小；（2）拉力f的大小12（18分）如图所示，在xoy坐标系中，第象限内有场强为e，方向沿x正向的匀强电场，第、象限内有垂直坐标平面向内、强度相等的匀强磁场，第 i象限无电、磁场质量为 m、电量为q的带正电粒子，自x轴上的p点以速度v0垂直电场射入电场中，不计粒子重力和空气阻力，po之间距离为（1）求粒子从电场射入磁场时速度的大小和方向（2）若粒子由第象限的磁场直接回到第象限的电场中，则磁感应强度大小应满足什么条件？（3）若磁感应强度，则粒子从p点出发到第一次回到第象限的电场区域所经历的时间是多少？三、选考题（共45分）请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分。【物理选修3-3】13下列说法正确的是( )a布朗运动反映了液体分子在永不停息的做无规则热运动b气体分子的平均动能增大，压强也一定增大c分子动理论认为，单个分子的运动是无规则的，但是大量分子的运动仍然有一定规律d完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果e不同温度下，水的饱和汽压都是相同的14如图所示，用轻质活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁间摩擦忽略不计，开始时活塞距离汽缸底部高度h1=0.50m，气体的温度t1=27给汽缸缓慢加热至t2=207，活塞缓慢上升到距离汽缸底某一高度h2处，此过程中缸内气体增加的内能u=300j已知大气压强p0=1.0105pa，活塞横截面积s=5.0103m2求：（）活塞距离汽缸底部的高度h2；（）此过程中缸内气体吸收的热量q四、【物理选修3-4】15下列说法正确的是( )a光的偏振说明了光是横波b水面上的油膜在阳光下会呈现彩色，这是由于光的衍射造成的c狭义相对论认为：不论光源与观察者做怎样的相对运动，光速都是一样的d已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，这两种光从该玻璃中射入空气发生全反射时，红光临界角较大e激光全息照相利用了激光的方向性好的特点16一列简谐横波在x轴上传播，如图所示，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.2s后的波形图，求：此波的波速为多少？若tt且波速为165m/s，试通过计算确定此波沿何方向传播？五、【物理选修3-5】17下列说法正确的是( )a太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变b原子核的比结合能越大表示该原子核越不稳定c轻核聚变与重核裂变均释放能量d放射性元素衰变的快慢只由核内部自身的因素决定e实验表明，只要照射光的强度足够大，就一定能发生光电效应现象18如图所示，光滑水平面上有一平板车，车上固定一竖直直杆，杆的最高点o通过一长为l的轻绳拴接一个可视为质点的小球，小球的质量为小车（包括杆的质量）质量的一半，悬点o距离地面的高度为2l，轻绳水平时，小球与小车速度均为零释放小球，当小球运动到最低点时，轻绳断开重力加速度为g求：（）小球运动到最低点时速度大小；（）小球从释放到落地的过程中，小车向右移动的距离广西梧州市蒙山县2015届高考物理模拟试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分。）1下列说法中正确的是( )a库伦在研究真空中点电荷间相互作用力大小时，采用了控制变量法b牛顿发现了万有引力定律，并计算出太阳与地球间引力的大小c亚里士多德首先提出了力不是维持物体运动的原因的观点d安培首先发现了电流的磁效应，并提出了判断电流周期磁场方向的方法安培定则考点：物理学史分析：本题物理学史和常识问题，根据著名物理学家库仑、牛顿、伽利略的主要贡献和物理学研究方法即可解答解答：解：a、库仑研究库仑定律时采用了控制变量的方法，故a正确；b、牛顿无法计算出太阳与地球间引力的大小，因为他不知道引力常量g的值，故b错误；c、伽利略利用斜面实验结论合理外推，证明了力不是维持物体运动的原因的观点，故c错误；d、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故d错误故选：a点评：本题主要考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2甲、乙两物体在同一直线上运动的vt图象如图所示下列有关说法正确的是( )at1时刻之前，甲一直在乙的前方bt1时刻甲、乙相遇ct1时刻甲、乙加速度相等dt1之前，存在甲、乙加速度相等的时刻考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：从图象得到两个质点的运动情况，根据斜率等于加速度、结合速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小进行分析解答：解：a、由于不知道甲乙的初始位置，所以不能判断t1时刻之前，甲、乙的具体位置关系，故a错误；b、由图象可知，t1时刻两速度时间图象相交，所以甲、乙速度相等，但不能判断是否相遇，故bc错误；d、根据斜率等于加速度可知，乙的加速度逐渐增大，刚开始小于甲的加速度，后来大于甲的加速度，所以t1之前，存在甲、乙加速度相等的时刻，故d正确故选：d点评：本题的解题关键是掌握速度图象的斜率等于质点的加速度，图象与时间轴包围的面积表示位移大小进行分析3设地球的半径为r0，质量为m的卫星在距地面r0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g0，不考虑地球自转的影响，则以下说法错误的是( )a卫星的线速度为b卫星的角速度为c卫星的加速度为d卫星的周期为4考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度、角速度、周期、加速度等物理量忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式解答：解：a、研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=m，解得：v= 其中r=2r0 忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：=mg0，解得：gm=gr02 由得：卫星的速度大小v=，故a正确b、卫星的角速度=为，故b正确c、根据圆周运动知识得：a=，故c错误d、卫星的周期t=4，故d正确本题选择错误的，故选：c点评：向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用运用黄金代换式gm=gr2求出问题是考试中常见的方法4如图所示，质量为m的小车放在光滑的水平地面上，右面靠墙，小车的上表面是一个光滑的斜面，斜面的倾角为，当地重力加速度为g那么，当有一个质量为m的物体在这个斜面上自由下滑时，小车对右侧墙壁的压力大小是( )amgsin2bmgcos2cmgtandmgsin2考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：小车处于静止状态，对小球进行受力分析，根据水平方向受力平衡即可求解解答：解：对小车进行受力分析，如图所示：小车处于静止状态，受力平衡，水平方向有：n=mgcossin=mgsin2；故选：a点评：本题主要考查了同学们受力分析的能力，对物体正确受力分析、应用牛顿第二定律即可解题，本题难度不大，属于基础题5如图所示，在两个等量负点电荷形成的电场中，o点是两电荷连线的中点，a、b是该线上的两点，c、d是两电荷连线中垂线上的两点，acbd为一菱形若将一负粒子（不计重力且不影响原电场分布）从c点匀速移动到d点，电场强度用e，电势用来表示则下列说法正确的是( )aa一定小于o，o一定大于cbea一定大于eo，eo一定大于ecc负粒子的电势能一定先增大后减小d施加在负粒子上的外力一定先减小后增大考点：电场线；电场强度分析：a、b为两个等量的负点电荷，其连线中垂线上电场强度方向沿中垂线指向o，沿着电场线电势降落，负粒子在电势低处电势能大，在电势高处电势能小解答：解：a、沿着电场线电势降落可知c oa，a项错误；b、o点合场强为零，故eaeo，eceo，b项错误；c、负粒子在电势低处电势能大，在电势高处电势能小，可判断出c项正确；d、粒子沿cd匀速移动，受力平衡，外力在大小上等于其所受的静电力，而沿cd方向，但电场强度大小无法判断，因此外力如何变化无法得知，故d项错误故选：c点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性根据粒子所受的电场力情况分析粒子的运动情况6一理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压如图甲所示，副线圈接有可调电阻r，触头p与线圈始终接触良好，如图乙所示，下列判断正确的是( )a交变电源的电压u随时间t变化的规律是u=u0cos（100t）vb若仅将触头p向a端滑动，则电阻r消耗的电功率增大c若仅使电阻r增大，则原线圈的输入电功率增大d若使电阻r增大的同时，将触头p向b端滑动，则通过a处的电流一定增大考点：变压器的构造和原理；电功、电功率专题：交流电专题分析：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可解答：解：a、由图甲知交变电源的电压u随时间t变化的规律是u=u0cos （100t）v，a正确；b、由于原线圈的输入电压不变，若仅将触头p向a端滑动，则副线圈的匝数增大，输出电压增大，电阻r消耗的电功率增大，b正确；c、当电阻r增大时，电路的电阻变大，副线圈的电压不变，所以副线圈的输出功率减小，输入功率等于输出功率减小，c错误；d、若在使电阻r增大的同时，将触头p向b端滑动，输出电压减小，副线圈的电流减小，则通过a处的电流也减小，d错误；故选：ab点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法7如图甲所示，导体棒mn置于水平导轨上，pqmn所围的面积为s，pq之间有阻值为r的电阻，不计导轨和导体棒的电阻导轨所在区域内存在沿竖直方向的匀强磁场，规定磁场方向竖直向上为正，在02t0时间内磁感应强度的变化情况如图乙所示，导体棒mn始终处于静止状态下列说法正确的是( )a在0t0和t02t0时间内，导体棒受到的导轨的摩擦力方向相同b在0t0内，通过导体棒的电流方向为n到mc在t02t0内，通过电阻r的电流大小为d在02t0时间内，通过电阻r的电荷量为考点：法拉第电磁感应定律专题：电磁感应与电路结合分析：由楞次定律判断出导体棒的运动趋势，然后判断摩擦力方向；由楞次定律求出感应电流方向；由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，然后由欧姆定律求出感应电流；由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，然后由电流定义式求出电荷量解答：解：a、由图乙所示图象可知，0t0内磁感应强度减小，穿过回路的磁通量减小，由楞次定律可知，为阻碍磁通量的减少，导体棒具有向右的运动趋势，导体棒受到向左的摩擦力，在t02t0内，穿过回路的磁通量增加，为阻碍磁通量的增加，导体棒有向左的运动趋势，导体棒受到向右的摩擦力，在两时间段内摩擦力方向相反，故a错误；b、由图乙所示图象可知，在0t0内磁感应强度减小，穿过闭合回路的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，通过导体棒的电流方向为n到m，故b正确；c、由图乙所示图象，应用法拉第电磁感应定律可得，在t02t0内感应电动势：e=，感应电流为：i=，故c错误；d、由图乙所示图象，应用法拉第电磁感应定律可得，在0t0内感应电动势：e1=，感应电流为：i1=，电荷量：q1=i1t1=；由图乙所示图象，应用法拉第电磁感应定律可得，在t02t0内感应电动势：e2=，感应电流为：i=，电荷量q2=i2t2=，在02t0时间内，通过电阻r的电荷量q=q1+q2=，故d错误；故选：b点评：本题考查了判断摩擦力的方向、判断电流方向、求感应电流、求电荷量等问题，应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题；要全面正确理解楞次定律“阻碍”的含义8如图所示，将一质量为m的小球从a点以初速度v斜向上抛出，先后经过b、c两点已知b、c之间的竖直高度和c、a之间的竖直高度都为h，重力加速度取g，取a点所在的平面为参考面，不考虑空气阻力，则( )a小球在b点的机械能是c点机械能的两倍b小球在b点的加速度等于c点的加速度c小球在b点的动能为mv2+2mghd小球在c点的动能为mv2mgh考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：分析小球整个运动过程，小球只受重力，故机械能守恒，根据机械能守恒定律即可求解解答：解：a、小球从a点开始到bc的过程中机械能守恒，故a错误；b、小球从a点开始到bc的过程中，只受重力，故加速度相等，故b正确；cd、根据机械能守恒，小球在b点的动能为，故c错误，d正确；故选：bd点评：此题运用了机械能守恒定律，解决本题的关键熟练机械嫩守恒定律的运用二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第9题12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题18题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9如图1游标卡尺的读数为1.340cm；图2螺旋测微器的读数为6.570（6.5696.571）mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为1.3cm，游标读数为0.058mm=0.40mm=0.040cm，所以最终读数为：1.3cm+0.040cm=1.340cm；螺旋测微器的固定刻度读数为6.5mm，可动刻度读数为0.017.0mm=0.070mm，所以最终读数为：6.5mm+0.070mm=6.570mm，由于需要估读因此在范围6.5696.571mm内均正确故本题答案为：1.340；6.570（6.5696.571）点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读10实际电压表内阻并不是无限大，可等效为理想电流表与较大的电阻的串联现要测量一只量程已知的电压表的内阻，器材如下：待测电压表（量程3v，内阻约3k待测）一只；电流表（量程3a，内阻0.01）一只；电池组（电动势约为3v，内阻不计）；滑动变阻器一个；变阻箱（可以读出电阻值，09999）一个；开关和导线若干某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）该同学设计了如图甲、图乙两个实验电路为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是乙（填“甲”或“乙”）电路（2）用你选择的电路进行实验时，闭合电键s，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数u和变阻箱的阻值（填上文字和符号）；（3）由所测物理量选择下面适当坐标轴，能作出相应的直线图线，最方便的计算出电压表的内阻：c；（a）ui （b）u （c）r （d）ur（4）设直线图象的斜率为k、截距为b，请写出待测电压表内阻表达式rv=考点：伏安法测电阻专题：实验题分析：（1）电压表内阻很大，串联接入电路后电流很小，电流表示数几乎为零，无法准确读数，因此不能用伏安法测电压表内阻，应使用电压表与电阻箱组成电路测电压表内阻（2）实验时需要测出电压表示数与对应的电阻箱阻值（3）应用图象法处理实验数据时，图象为直线最简单，根据闭合电路的欧姆定律求出电压与电阻箱阻值关系，然后作出合适的图象（4）根据函数表达式求出斜率k与截距b的表达式，然后求出电压表内阻解答：解：（1）图a所示电路滑动变阻器与电压表串联接入电路，电源电动势为3v，电压表内阻约为3k，由于电压表内阻太大，电路电流很小几乎为零，电流表无法准确读数，因此甲电路不合理；由于电阻箱电阻最大阻值为9999，改变电阻箱阻值可以改变电压表示数，测出多组实验数据，因此比较合理的实验电路是乙图（2）选用图a所示实验电路，闭合电键s，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：电压表的读数u和电阻箱阻值r（3）电压表内阻约为3k，电源内阻约为1，相对于电压表内阻来说电源内阻可以忽略不计，由闭合电路欧姆定律可得：e=uv+ir=u+r，则：=r+应用图象法处理实验数据时，应作出r图象，故选c（4）由 =r+可知，r图象的斜率：k=，截距b=，则电压表内阻rv=；故答案为：（1）图乙；（2）电阻箱的阻值r；（3）c；（4）点评：本题考查了实验电路的选择、实验步骤、实验数据处理等；应用图象法处理实验数据时，要选择合适的变量，使图象为直线，图象是直线，图象比较直观、易于实验数据的处理11如图所示，将质量m=1.24kg的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆的动摩擦因数=0.8对环施加一位于竖直平面内斜向上与杆夹角=53的恒定拉力f，使圆环从静止开始运动，第1s内前进了2m（取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）圆环加速度a的大小；（2）拉力f的大小考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力，其中弹力可能向上，也可能向下；要分两种情况根据牛顿第二定律列方程求解即可解答：解：（1）小环做匀加速直线运动，由运动学公式可知 解得a=4m/s2（2）当环不受弹力时，fsin53=mg，解得f=15.5n，当f15.5n时，环与杆上部接触，受杆向上的支持力n由牛顿第二定律可知fcosn=ma n+fsin=mg 解得f=12n 当f15.5n时，环与杆下部接触，受杆向下的压力n由牛顿第二定律可知fcosn=man+mg=fsin解得f=124n 答：（1）圆环加速度a的大小4m/s2；（2）拉力f的大小12n或124n点评：此类题型属于高中物理比较典型的运动类型问题通过匀变速直线运动规律求出加速度，然后利用正交分解法求出物体受力在本题中还要涉及到由于f不一样，导致受力情况有两种，从而形成多解问题，需引起注意12（18分）如图所示，在xoy坐标系中，第象限内有场强为e，方向沿x正向的匀强电场，第、象限内有垂直坐标平面向内、强度相等的匀强磁场，第 i象限无电、磁场质量为 m、电量为q的带正电粒子，自x轴上的p点以速度v0垂直电场射入电场中，不计粒子重力和空气阻力，po之间距离为（1）求粒子从电场射入磁场时速度的大小和方向（2）若粒子由第象限的磁场直接回到第象限的电场中，则磁感应强度大小应满足什么条件？（3）若磁感应强度，则粒子从p点出发到第一次回到第象限的电场区域所经历的时间是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：压轴题；带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）粒子射入电场后做类平抛运动，电场力做功为qelop，根据动能定理求出粒子离开电场时的速度大小，由速度的分解求出速度与y轴负方向的夹角；（2）粒子进入第象限的磁场由洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动粒子由第象限的磁场直接回到第象限的电场中，其运动轨迹恰好与x轴相切时，半径最大，对应的磁感应强度最小画出粒子的运动轨迹，由类平抛运动的规律求出oa长度，由几何知识求出磁场中半径的最大值，由半径公式求出磁感应强度的最小值即可得到磁感应强度大小应满足的条件（3）若磁感应强度，粒子先在第象限的磁场中做匀速圆周运动，后在第象限无场中做匀速直线运动，进入第磁场中也做匀速圆周运动由半径公式求出粒子在第象限的磁场中轨迹半径，由几何关系画出运动轨迹先根据类平抛运动的规律，求出电场中运动时间，根据轨迹的圆心角求出在磁场运动时间，由几何知识求出无场区通过的位移x，由公式t=求出通过无场区的时间，即可求得总时间解答：解：（1）设粒子射入磁场时射入点为a，速度大小为v，与y轴负方向夹角粒子在电场中做类平抛运动时，由动能定理 qelop=解出 v=与y轴负向夹角sin=，=45（2）若带电粒子恰好直接回到电场中，粒子运动轨迹如图中虚线所示，粒子在电场中运动时：y方向：loa=v0tx方向：lop=vxt，由（1）问可知，vx=v0，由以上三式得：loa=2lop=2=粒子在第象限磁场中，由几何关系得： r+rsin=loa解得 r=而r=解得 b=（） 所以 b（） （3）当磁感应强度b=时，在磁场中运动半径为r=由几何关系得粒子在磁场中的轨迹为半圆，粒子运动轨迹如图中实线所示粒子在电场中运动时间：t1=在磁场中运动时间：t2=无场区运动时间：t3=故总时间为：t=t1+2t2+t3=（2+）答：（1）粒子从电场射入磁场时速度的大小是，方向与y轴负向夹角为=45（2）若粒子由第象限的磁场直接回到第象限的电场中，磁感应强度大小应满足的条件是b（） （3）若磁感应强度，粒子从p点出发到第一次回到第象限的电场区域所经历的时间是（2+）点评：本题的解题关键是：在电场中，运用动能定理和类平抛运动的规律求速度v和x轴方向的位移；在磁场中画轨迹，运用几何知识求轨迹半径三、选考题（共45分）请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2b铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分。【物理选修3-3】13下列说法正确的是( )a布朗运动反映了液体分子在永不停息的做无规则热运动b气体分子的平均动能增大，压强也一定增大c分子动理论认为，单个分子的运动是无规则的，但是大量分子的运动仍然有一定规律d完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果e不同温度下，水的饱和汽压都是相同的考点：* 液体的表面张力现象和毛细现象；布朗运动分析：由布朗运动的现象和实质可判定a；由压强的微观解释判定b；根据分子动理论的内容解答；由表面张力可判定d；水的饱和气压随温度升高而增大；解答：解：a、布朗运动是花粉的无规则运动，间接反映了液体分子在永不停息的做无规则热运动，故a正确；b、气体分子的平均动能增大，温度升高，但是若体积增大，则单位时间内打在器壁上的分子数会减少，故气体压强不一定增大，故b错误；c、分子动理论认为，单个分子的运动是无规则的，但是大量分子的运动仍然有一定规律，基本呈现的是速度大小中间多两头少的规律，故c正确d、完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果，故d正确e、水的饱和气压与温度有关，随温度升高而增大，故e错误；故选：acd点评：该题关键是掌握压强的微观解释，压强与分子的运动剧烈程度和单位时间内打在器壁上的分子数有关14如图所示，用轻质活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁间摩擦忽略不计，开始时活塞距离汽缸底部高度h1=0.50m，气体的温度t1=27给汽缸缓慢加热至t2=207，活塞缓慢上升到距离汽缸底某一高度h2处，此过程中缸内气体增加的内能u=300j已知大气压强p0=1.0105pa，活塞横截面积s=5.0103m2求：（）活塞距离汽缸底部的高度h2；（）此过程中缸内气体吸收的热量q考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：气体做等压变化，根据理想气体状态方程求高度；在气体膨胀的过程中，气体对外做功，加热的过程中内能的变化可由热力学第一定律列方程求解得出解答：解：（ i）气体做等压变化，根据气态方程可得：即 解得h2=0.80m （ ii）在气体膨胀的过程中，气体对外做功为w0=pv=j=150 j 根据热力学第一定律可得气体内能的变化为u=w0+q 得q=u+w0=450 j 答：（）活塞距离汽缸底部的高度0.80m；（）此过程中缸内气体吸收的热量450 j点评：此题考查理想气体状态方程和热力学第一定律，应用理想气体状态方程时温度用热力学温度，分析好状态参量列式计算即可四、【物理选修3-4】15下列说法正确的是( )a光的偏振说明了光是横波b水面上的油膜在阳光下会呈现彩色，这是由于光的衍射造成的c狭义相对论认为：不论光源与观察者做怎样的相对运动，光速都是一样的d已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，这两种光从该玻璃中射入空气发生全反射时，红光临界角较大e激光全息照相利用了激光的方向性好的特点考点：光的偏振；* 爱因斯坦相对性原理和光速不变原理分析：光的偏振说明光的是横波，阳光下油膜呈现彩色是光的干涉造成的，狭义相对论认为：光速不变原理，根据题目中的蓝光的折射率比红光的折射率大，可以判断这两种光在该玻璃中的波速大小，以及波长、临界角等大小情况；解答：解：a、光的偏振证明了光是横波，故a正确；b、水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，这是由薄膜的前后表面的反射光发生干涉造成的，是薄膜干涉选项故b错误；c、不论光源与观察者做怎样的相对运动，狭义相对论认为：光速都是一样的，故c正确；d、以相同的入射角从空气中斜射入玻璃中，蓝光的折射率大，从玻璃射入空气发生全反射时的临界角由公式sinc=可知，红光的折射率小，临界角大，故d正确；e、激光全息照相利用了激光的相干性好的特点故e错误故选：acd点评：考查光的干涉与衍射的区别，注意光的偏振的作用，理解光速不变原理，折射率与临界角之间的关系以及激光的特性与应用等，属于对基础知识的考查，简单题目16一列简谐横波在x轴上传播，如图所示，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.2s后的波形图，求：此波的波速为多少？若tt且波速为165m/s，试通过计算确定此波沿何方向传播？考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：波的传播未知，可能向左传播，也可能向右传播，根据经过整数倍周期，波形重合，分两个方向求出波速的表达式根据传播的速度，结合传播的时间求出波传播距离，再根据波长，可确定波传播的方向解答：解：若波向右传播，则波传播的时间与周期的关系为 （n=0，1，2）则 t=s；依题波长 =4m 波速为 v右=m/s，（n=0，1，2，3，）若波向左传播 则 t=s，（n=0，1，2，3，）波速 v左=m/s，（n=0，1，2，3，）若tt，波速为165m/s时，波在t=0.2s内传播的距离 故可知此波沿x正方向传播答：此波的波速为：m/s，（n=0，