云南省楚雄州楚雄市高二物理上学期期末试卷（含解析）.doc

云南省楚雄州楚雄市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷 一、选择题（本题有10小题，每小题3分，共30分给出的四个选项中，只有一个选项正确）1（3分）当两个金属小球带有等量同种电荷q（可视为点电荷），相距为r时，它们之间相互作用的静电力的大小为f，若两个金属小球所带电荷量都变为2q，距离变为2r时，它们之间相互作用的静电力的大小为（）afb2fc4fd16f2（3分）某电场区域的电场线如图所示，a、b是其中一条电场线上的两点，下列说法中错误的是（）aa点的电势一定低于b点的电势ba点的场强一定大于b点的场强c正电荷在a点的电势能一定大于它在b点的电势能da点的场强方向一定沿着过a点的电场线向右3（3分）在下列各图中，分别标出了磁场b的方向，电流i方向和导线所受安培力f的方向，其中正确的是（）abcd4（3分）如图所示，水平面内一段通电直导线平行于匀强磁场放置，当导线以左端点为轴在水平平面内转过90时（如图中虚线所示），导线所受的安培力（）a大小不变b大小由零逐渐增大到最大c大小由零先增大后减小d大小由最大逐渐减小到零5（3分）如图为三个门电路符号，a输入端全为“1”，b输入端全为“0”下列判断正确的是（）a甲为“非”门，输出为“1”b乙为“与”门，输出为“0”c乙为“或”门，输出为“1”d丙为“与”门，输出为“1”6（3分）如图是阴极射线管的示意图接通电源后，会有电子从阴极k射向阳极a，并在荧光屏上形成一条亮线要使荧光屏上的亮线向下偏转，下列措施中可行的是（）a加一方向平行纸面向上的磁场b加一方向平行纸面向下的磁场c加一方向垂直纸面向里的磁场d加一方向垂直纸面向外的磁场7（3分）带电粒子在匀强磁场中运动，由于受到阻力作用，粒子的动能逐渐减小（带电荷量不变，重力忽略不计），轨道如图中曲线abc所示则该粒子（）a带负电，运动方向abcb带负电，运动方向cbac带正电，运动方向abcd带正电，运动方向cba8（3分）在如图所示的电路中，e为电源电动势，r为电源内阻，r1和r3均为定值电阻，r2为滑动变阻器当r2的滑动触点在a端时合上开关s，此时三个电表a1、a2和v的示数分别为i1、i2和u现将r2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）ai1增大，i2不变，u增大bi1减小，i2增大，u减小ci1增大，i2减小，u增大di1减小，i2不变，u减小9（3分）如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动下列说法正确的是（）a微粒一定带负电b微粒动能一定减小c微粒的电势能一定增加d微粒的机械能不变10（3分）带等量的同种正电的点电荷的连线和中垂线如图所示现将一个带负电的试探电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则试探电荷在这全过程中（）a所受的电场力先做正功后做负功b所受的电场力先做负功后做正功c电势能一直增加d电势能一直减小二、选择题（本题4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全对得4分，选不全得2分，选错不得分）11（4分）用如图所示（甲）电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了（乙）图所示的ui图象，由图象可知（）a电池内阻的测量值是3.50b电池电动势的测量值是1.40vc外电路发生短路时的电流为0.4ad电压表的示数为1.20v时电流表的示数i=0.20a12（4分）铅蓄电池的电动势为2v，这表示（）a电路中每通过1c电量，电源把2j的化学能转化为电能b蓄电池两极间的开路电压小于2vc蓄电池在1s内将2j的化学能转变成电能d蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5v）的大13（4分）如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心o沿着ao方向射入磁场，其运动轨迹如图若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法错误的是（）a三个粒子都带负电荷bc粒子速率最小cc粒子在磁场中运动时间最短d它们做圆周运动的周期ta=tb=tc14（4分）如图所示，一带电液滴悬浮在平行板电容器两极板a、b之间的p点，处于静止状态现将极板a向下平移一小段距离，但仍在p点上方，其它条件不变下列说法中正确的是（）a液滴将向下运动b液滴将向上运动c极板带电荷量将增加d极板带电荷量将减少三、填空、试验题（本题共20分）15（6分）有一个电流表g，内阻rg=10，满偏电流ig=3ma，要把它改装成量程03v的电压表，要与之（选填“串联”或“并联”）一个的电阻？改装后电压表的内阻是16（2分）如图为一正在测量电阻中的多用电表表盘和用测量圆柱体直径d的螺旋测微器，圆柱体直径为mm17（6分）图为一正在测量中的多用电表表盘（1）如果是用10档测量电阻，则读数为（2）如果是用直流10ma档测量电流，则读数为 ma（3）如果是用直流5v档测量电压，则读数为 v18（6分）用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻，被测电源是两节干电池串联成的电池组可供选择的实验器材如下：a电流表，量程00.6a，03ab毫安表，量程0100 a，0100mac电压表，量程03v， 015vd滑动变阻器，01000，0.1ae滑动变阻器，020，2af电键一个，导线若干为了尽量得到较准确的实验结果，电流表应选，量程应选，电压表量程应选，滑动变阻器应选有甲、乙两个可供选择的电路（如图所示），应选电路进行实验，实验中误差是由于电流表的读数比真实值偏（选填“大”或“小”）而引起的四、解答题（本题有4小题，共34分解答应写出必要的文字说明，方程式和主要演算步骤只写出最后结果、答案的不能得分有数值计算的，须明确写出数值和单位）19（6分）在如图所示的水平匀强电场中，一个带正电的q=+2.0108c的点电荷所受电场力f=4.0104n沿电场线方向有a、b两点，a、b两点间的距离s=0.10m求：（1）匀强电场的电场强度e的大小；（2）该点电荷从a点移至b点的过程中，电场力所做的功w（3）该点电荷从a点移至b点的过程中，其动能的增量ek20（7分）在光滑斜面上放一质量为m、长度为l的导体，如图所示是剖面图导体所在空间有不同方向的匀强磁场，导体内通有如图所示的电流i，已知斜面的倾角为（1）当磁场方向竖直向上时，导体静止，求磁感应强度的大小；（2）若改变磁场方向，在图中画出使导体保持静止的最小磁场的方向21（10分）如图所示，m为一线圈电阻rm=0.4的电动机，r=24，电源电动势e=40v当s断开时，电流表的示数为i1=1.6a，当开关s闭合时，电流表的示数为i2=4.0a求：（1）电源内阻r；（2）开关s闭合时流过r的电流；（3）开关s闭合时电动机输出的机械功率22（11分）如图所示，一质量为m，带电量为q，不计重力的粒子，从x轴上的p（a，0）点以速度大小为v，沿与x轴正方向成60的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限求：（1）匀强磁场的磁感应强度b；（2）穿过第一象限的时间t云南省楚雄州楚雄市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题有10小题，每小题3分，共30分给出的四个选项中，只有一个选项正确）1（3分）当两个金属小球带有等量同种电荷q（可视为点电荷），相距为r时，它们之间相互作用的静电力的大小为f，若两个金属小球所带电荷量都变为2q，距离变为2r时，它们之间相互作用的静电力的大小为（）afb2fc4fd16f考点：库仑定律 分析：根据库仑定律的公式即可求解静电力的大小解答：解：开始时，两个电荷之间的作用力：当小球所带电荷量都变为2q，距离变为2r时，故选项a正确故选：a点评：本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了基础题目2（3分）某电场区域的电场线如图所示，a、b是其中一条电场线上的两点，下列说法中错误的是（）aa点的电势一定低于b点的电势ba点的场强一定大于b点的场强c正电荷在a点的电势能一定大于它在b点的电势能da点的场强方向一定沿着过a点的电场线向右考点：电场线 分析：沿着电场线方向电势逐渐降低，电场线越密，场强越大电场线上某点的切线方向表示场强的方向根据电场力做功判断电势能的大小解答：解：a、沿着电场线方向电势逐渐降低，则a点的电势一定比b点的电势高故a错误；b、a点的电场线比b点电场线密，则a点的电场强度一定大于b点的电场强度故b正确；c、若正电荷从a点移到b点，电场力做正功，电势能减小，则知正电荷在a点的电势能一定大于它在b点的电势能故c正确d、电场线上某点的切线方向表示场强的方向，则a点的场强方向一定沿着过a点的电场线向右，故d正确本题选错误的，故选：a点评：解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，沿着电场线方向电势逐渐降低，知道电场力做功与电势能的关系3（3分）在下列各图中，分别标出了磁场b的方向，电流i方向和导线所受安培力f的方向，其中正确的是（）abcd考点：安培力；左手定则 分析：左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向根据左手定则的内容判断安培力的方向解答：解：根据左手定则可知，a、图中安培力方向垂直磁场向右，故a错误；b、图中安培力方向竖直向下，故b错误；c、图中安培力方向垂着电流方向竖直向下，故c正确；d、图中由于磁场和电流方向共线，不受安培力作用，故d错误；故选：c点评：判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直4（3分）如图所示，水平面内一段通电直导线平行于匀强磁场放置，当导线以左端点为轴在水平平面内转过90时（如图中虚线所示），导线所受的安培力（）a大小不变b大小由零逐渐增大到最大c大小由零先增大后减小d大小由最大逐渐减小到零考点：安培力 分析：安培力公式为：f=bil，注意公式的适用条件是：匀强磁场，电流和磁场方向垂直解答：解：由图可知开始的时候，电流的方向与磁感线的方向平行，导线受到的安培力为0；当电流与磁场方向垂直，因此直接根据安培力的大小为：f=bil，在旋转的过程中：f=bilsin，随的增大，f逐渐增大故acd错误，b正确故选：b点评：本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式f=bil时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义5（3分）如图为三个门电路符号，a输入端全为“1”，b输入端全为“0”下列判断正确的是（）a甲为“非”门，输出为“1”b乙为“与”门，输出为“0”c乙为“或”门，输出为“1”d丙为“与”门，输出为“1”考点：简单的逻辑电路 专题：恒定电流专题分析：基本逻辑门电路的输入输出，非门当输入1时，输出0，当输入0时，输出1；或门当输入1、0时，输出1；与门当输入1、0时，输出0解答：解：a、甲为“非”门电路，当输入1时，输出0，故a错误 b、乙为“或”门电路，当输入1、0时，输出1，故b错误 c、乙为“或”门电路，当输入1、0时，输出1，故c正确 d、丙为“与”门电路，当输入1、0时，输出0，故d错误故选c点评：考查了基本逻辑门电路的输入输出逻辑关系，理解逻辑原理6（3分）如图是阴极射线管的示意图接通电源后，会有电子从阴极k射向阳极a，并在荧光屏上形成一条亮线要使荧光屏上的亮线向下偏转，下列措施中可行的是（）a加一方向平行纸面向上的磁场b加一方向平行纸面向下的磁场c加一方向垂直纸面向里的磁场d加一方向垂直纸面向外的磁场考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：电子射线由阴极沿x轴方向射出，形成的亮线向下偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向下，将四个选项逐一代入，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向解答：解：a、若加一方向平行纸面向上的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿水平向左，亮线不向下偏转，故a错误 b、若加一方向平行纸面向下的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿水平向右，亮线不向下偏转，故b错误 c、若加一方向垂直纸面向里的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向竖直向下，亮线向下偏转，故c正确 d、若加一方向垂直纸面向外的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向竖直向上，亮线向上偏转，故d错误故选：c点评：本题考查电偏转与磁偏转方向判断的能力由由左手定则判断处洛伦兹力的方向是正确解题的关键7（3分）带电粒子在匀强磁场中运动，由于受到阻力作用，粒子的动能逐渐减小（带电荷量不变，重力忽略不计），轨道如图中曲线abc所示则该粒子（）a带负电，运动方向abcb带负电，运动方向cbac带正电，运动方向abcd带正电，运动方向cba考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；洛仑兹力 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度减小，则半径减小，即可由轨迹分析粒子入射的方向由左手定则判断电荷的电性解答：解：据题意，带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度减小，则由公式得知，粒子的半径逐渐减小，由图看出，粒子的运动方向是从a到b再到c在a处，粒子所受的洛伦兹力向右，由左手定则判断可知，该粒子带负电所以选项a正确故选：a点评：本题只要掌握带电粒子在磁场中匀速圆周运动的半径和左手定则就能正确解答8（3分）在如图所示的电路中，e为电源电动势，r为电源内阻，r1和r3均为定值电阻，r2为滑动变阻器当r2的滑动触点在a端时合上开关s，此时三个电表a1、a2和v的示数分别为i1、i2和u现将r2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）ai1增大，i2不变，u增大bi1减小，i2增大，u减小ci1增大，i2减小，u增大di1减小，i2不变，u减小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：本题首先要理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，再采用局部整体局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析解答：解：由图知电压表测量路端电压，电流表a1测量流过r1的电流，电流表a2测量流过r2的电流r2的滑动触点向b端移动时，r2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数u减小，r3电压增大，r1、r2并联电压减小，通过r1的电流i1减小，而总电流i增大，则流过r2的电流i2增大故a、c、d错误，b正确故选：b点评：解决本题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆定律求解注意做题前一定要理清电路，看电压表测的是什么电压，电流表测的是什么电流9（3分）如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动下列说法正确的是（）a微粒一定带负电b微粒动能一定减小c微粒的电势能一定增加d微粒的机械能不变考点：带电粒子在混合场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：对带电粒子进行受力分析，受到竖直向下的重力，水平方向的电场力和垂直于虚线的洛伦兹力，由于带电粒子做直线运动，所以洛伦兹力只能垂直于虚线向上，从而可判断粒子的电性（带负电），同时可知电场力的方向向左，再根据各力的做功情况，即可判断各选项的正误解答：解：a、根据做直线运动的条件和受力情况（如图所示）可知，微粒一定带负电，且做匀速直线运动，所以选项a正确；bc、由于电场力向左，对微粒做正功，电势能减小，但重力做负功，由于微粒做匀速直线运动，则合力做功为零，因此动能仍不变，选项bc错误；d、由能量守恒可知，电势能减小，机械能一定增加，所以选项d错误故选：a点评：带电粒子在重力场、电场、磁场的复合场中，只要是做直线运动，一定是匀速直线运动（v与b不平行）若速度是变的，洛伦兹力会变，合力就是变的，合力与速度不在一条直线上，带电体就会做曲线运动10（3分）带等量的同种正电的点电荷的连线和中垂线如图所示现将一个带负电的试探电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则试探电荷在这全过程中（）a所受的电场力先做正功后做负功b所受的电场力先做负功后做正功c电势能一直增加d电势能一直减小考点：电势能 分析：在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以分析电场力和电势能的变化解答：解：a、在等量的正电荷的电场中，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，b点沿直线移到c点，电场强度的方向沿着cb方向带负电的试探电荷从图中a点沿直线移到b点，电场力方向沿着中垂线指向内，电场力做正功，再从b点沿直线移到c点，电场力也做正功，所以电场力一直做正功，电荷电势能一直减小，故abc错误故d正确故选：d点评：本题要求学生了解等量同种电荷的电场线及电场特点，并判定电荷在运动过程中受力情况，从而可以判断电场受力及电荷能量变化二、选择题（本题4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全对得4分，选不全得2分，选错不得分）11（4分）用如图所示（甲）电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了（乙）图所示的ui图象，由图象可知（）a电池内阻的测量值是3.50b电池电动势的测量值是1.40vc外电路发生短路时的电流为0.4ad电压表的示数为1.20v时电流表的示数i=0.20a考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：由图象的纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的交点可知路端电压为1v时的电流，由闭合电路欧姆定律可得出内电阻解答：解：由图可知，电源的电动势约为1.40v； 故b正确； 由图可知，当路端电压为1.00v时，电流为0.4a，故0.4a不是短路电流； 故c错误； 由u=eir可知，r=1，故a错误；当电压表示数为1.20v时，i=0.20a，故d正确；故选bd点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的数据处理，要明确图象的意义，同时注意纵坐标是否从零开始的，不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流12（4分）铅蓄电池的电动势为2v，这表示（）a电路中每通过1c电量，电源把2j的化学能转化为电能b蓄电池两极间的开路电压小于2vc蓄电池在1s内将2j的化学能转变成电能d蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5v）的大考点：电源的电动势和内阻 专题：恒定电流专题分析：电动势是一个表征电源特征的物理量定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用常用符号e（有时也可用）表示，单位是伏（v）解答：解：a、铅蓄电池的电动势为2v，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2j，故a正确，c错误；b、当电源与外电路断开时，即电源断路时，电源两极间的电压等于2v；故b错误；d、电源的电动势是表示电源将其它形式的能转化为电能的本领，铅蓄电池的电动势比一节干电池的电动势大，故d正确；故选：ad点评：本题关键是明确电动势的概念、物理意义、单位；同时应该知道：电动势的方向规定为从电源的负极经过电源内部指向电源的正极，即与电源两端电压的方向相反13（4分）如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心o沿着ao方向射入磁场，其运动轨迹如图若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法错误的是（）a三个粒子都带负电荷bc粒子速率最小cc粒子在磁场中运动时间最短d它们做圆周运动的周期ta=tb=tc考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：根据左手定则判断粒子的电性三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同因此运动轨迹对应的半径越大，则粒子的速率也越大而运动周期它们均一样，但运动时间却由圆弧对应的圆心角决定解答：解：a、三个粒子进入磁场时受到的洛伦兹力，根据左手定则判断可知三个粒子均带正电，故a错误b、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvb=m，解得：r=由于三个带电粒子的质量、电荷量均相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，由图示可知，a粒子的轨道半径最小，粒子c的轨道半径最大，则a的粒子速率最小，c粒子的速率最大，故b错误；cd、粒子在磁场中做圆周运动的周期为：t=，m、q、b均相同，则t相等粒子在磁场中的运动时间：t=t，是轨迹对应的圆心角三粒子运动周期相同，由图示可知，c在磁场中运动的偏向角最小，轨迹对应的圆心角最小，则运动的时间最短，故c、d正确；本题选错误的，故选：ab点评：带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小；运动的周期均相同的情况下，可根据圆弧的对应圆心角来确定运动时间的长短14（4分）如图所示，一带电液滴悬浮在平行板电容器两极板a、b之间的p点，处于静止状态现将极板a向下平移一小段距离，但仍在p点上方，其它条件不变下列说法中正确的是（）a液滴将向下运动b液滴将向上运动c极板带电荷量将增加d极板带电荷量将减少考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：带电油滴悬浮在平行板电容器中p点，处于静止状态，电场力与重力平衡，将极板a向下平移一小段距离时，根据e=分析板间场强如何变化，判断液滴如何运动根据电容的决定式和定义式结合分析极板所带电量如何变化解答：解：a、b电容器板间的电压保持不变，当将极板a向下平移一小段距离时，根据e=分析得知，板间场强增大，液滴所受电场力增大，液滴将向上运动故a错误，b正确c、d将极板a向下平移一小段距离时，根据电容的决定式c= 得知电容c增大，而电容器的电压u不变，根据q=cu，可知，极板带电荷量将增大故c正确，d错误故选：bc点评：本题关键要抓住电容器的电压不变，由电容的决定式c= 和电量q=cu结合分析电量变化三、填空、试验题（本题共20分）15（6分）有一个电流表g，内阻rg=10，满偏电流ig=3ma，要把它改装成量程03v的电压表，要与之串联（选填“串联”或“并联”）一个990的电阻？改装后电压表的内阻是1000考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题；恒定电流专题分析：本题的关键是明确测量电阻具有分压作用，将电流表改装为电压表就是为了测量大电压，需要串联一个分压电阻，然后再根据欧姆定律即可求解解答：解：根据测量电阻具有分压作用可知，将电流表改装为电压表应串联一个分压电阻r，由=可求出r=990，改装后的电压表的内阻为=1000故答案为：串联，990，1000点评：要熟记串联电阻具有分压作用，并联电阻具有分流作用，即当需要扩大电压表的量程时，应与一电阻串联；当需要扩大电流表的量程时，应与一电阻并联16（2分）如图为一正在测量电阻中的多用电表表盘和用测量圆柱体直径d的螺旋测微器，圆柱体直径为1.705mm考点：螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为20.50.01mm=0.205mm，所以最终读数为1.5mm+0.205mm=1.705mm，由于需要估读，最后的结果可以在1.7041.706之间故答案为：1.705点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量17（6分）图为一正在测量中的多用电表表盘（1）如果是用10档测量电阻，则读数为60（2）如果是用直流10ma档测量电流，则读数为7.18 ma（3）如果是用直流5v档测量电压，则读数为3.59 v考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：根据不同的档位选择相应的表盘进行读数即可要注意估读问题解答：解：欧姆档在最上面的一排数据读取，读数为610=60；电流档取10ma，故测量时应读取中间的三排数据的最底下一排数据，读数为7.18ma；同样直流电压档测量读取中间的三排数据的中间一排数据较好，读数为35.90.1v=3.59v故答案为：（1）60 （2）7.18 （3）3.59点评：本题考查基本仪器、仪表的读数能力仪器、仪表的读数是准确值加估计值，在仪器、仪表的读数中不可靠数字只保留一位，仪器或仪表中不可靠数字出现在哪一位，读数就读到哪一位18（6分）用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻，被测电源是两节干电池串联成的电池组可供选择的实验器材如下：a电流表，量程00.6a，03ab毫安表，量程0100 a，0100mac电压表，量程03v，015vd滑动变阻器，01000，0.1ae滑动变阻器，020，2af电键一个，导线若干为了尽量得到较准确的实验结果，电流表应选a，量程应选00.6 a，电压表量程应选03 v，滑动变阻器应选e有甲、乙两个可供选择的电路（如图所示），应选乙电路进行实验，实验中误差是由于电流表的读数比真实值偏小（选填“大”或“小”）而引起的考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：根据二节干电池的电压约为3v，则根据电压值及实验中的基本要求可以选取电流表及电压表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；甲图误差来源于电流表的分压作用，乙图误差来源与电压表的分流作用，相比较，电流表分压作用引起的误差更大解答：解：二节干电池的电动势约为3v，电压表应选03v量程；电路最大电流约为零点几安，则电流表应选a，应选00.6a量程；为方便实验操作，滑动变阻器应选e电源内阻较小，为减小实验误差，应选用图乙所示电路进行实验；乙图中电压表具有分流作用，使电流表的测量值小于通过电源电流的真实值故答案为：a，00.6a，03v，e，乙，小点评：本题考查了实验器材选择、实验电路选择、实验误差来源分析，要掌握实验器材的选择原则、知道实验原理、分析清楚电路结构即可正确解题四、解答题（本题有4小题，共34分解答应写出必要的文字说明，方程式和主要演算步骤只写出最后结果、答案的不能得分有数值计算的，须明确写出数值和单位）19（6分）在如图所示的水平匀强电场中，一个带正电的q=+2.0108c的点电荷所受电场力f=4.0104n沿电场线方向有a、b两点，a、b两点间的距离s=0.10m求：（1）匀强电场的电场强度e的大小；（2）该点电荷从a点移至b点的过程中，电场力所做的功w（3）该点电荷从a点移至b点的过程中，其动能的增量ek考点：动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：动能定理的应用专题分析：（1）由电荷q在匀强电场中受到的电场力f=qe变形求出电场强度e（2）电荷在匀强电场中的电场力是恒定不变的，其做功为w=fs；（3）该点电荷从a点移至b点的过程中，只有电场力做功，带电粒子增加的动能等于电场力做的功解答：解：（1）匀强电场的电场强度e=n/c=2.0104 n/c （2）电场力所做的功w=fs=4.01040.10 j=4.0105 j（3）由动能定理，带电粒子增加的动能等于电场力做的功：ek=w=4.0105 j 答：（1）匀强电场的电场强度e的大小为2.0104 n/c；（2）该点电荷从a点移至b点的过程中，电场力所做的功为4.0105 j（3）该点电荷从a点移至b点的过程中，其动能的增量4.0105 j点评：本题要抓住电场力是恒力的特点，把电场力当作一般的力，根据功的计算公式w=flcos求解做功多少20（7分）在光滑斜面上放一质量为m、长度为l的导体，如图所示是剖面图导体所在空间有不同方向的匀强磁场，导体内通有如图所示的电流i，已知斜面的倾角为（1）当磁场方向竖直向上时，导体静止，求磁感应强度的大小；（2）若改变磁场方向，在图中画出使导体保持静止的最小磁场的方向考点：安培力；共点力平衡的条件及其应用 分析：（1）