【成功方案】高考生物一轮复习 第7章 第二讲 高考成功方案 第4步课时检测 (1).doc

【成功方案】2013届高考生物一轮复习课时检测 第7章 第二讲 高考成功方案 第4步高考随堂体验1(2011海南高考)假定五对等位基因自由组合，则杂交组合aabbccddeeaabbccddee产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比率是()a1/32b1/16c1/8 d1/4解析：等位基因自由组合，由于亲本组合中dddd杂交后代中一定是杂合子，则子代中符合要求的个体其他四对基因都是纯合子的概率为：1/21/21/21/21/16。答案：b2(2011上海高考)小麦麦穗基部离地的高度受四对基因控制，这四对基因分别位于四对同源染色体上。每个基因对高度的增加效应相同且具叠加性。将麦穗离地27 cm的mmnnuuvv和离地99 cm的mmnnuuvv杂交得到f1，再用f1代与甲植株杂交，产生f2代的麦穗离地高度范围是3690 cm，则甲植株可能的基因型为()ammnnuuvv bmmnnuuvvcmmnnuuvv dmmnnuuvv解析：因每个基因对高度的增加效应相同且具叠加性，所以每个显性基因可使离地高度增加：9 cm，f1的基因型为：mmnnuuvv，由f1与甲杂交，产生f2代的离地高度范围是3690 cm，可知：f2代中至少有一个显性基因，最多有7个显性基因，采用代入法可确定b正确。答案：b3(2010安徽高考)南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(a、a和b、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，f1收获的全是扁盘形南瓜；f1自交，f2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别是()aaabb和aabb baabb和aabbcaabb和aabb daabb和aabb解析：从f2的性状及比例(961)可推知：基因型a_b_为扁盘形，基因型a_bb和aab_为圆形，基因型aabb为长圆形，故f1的基因型为aabb，亲代圆形的基因型为aabb和aabb。答案：c4(2011新课标全国卷)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如a、a；b、b ；c、c)。当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即a_b_c_)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：甲乙乙丙 乙丁 f1白色 f1红色 f1红色 f2白色 f2红色81白色175 f2红色27白色37甲丙 甲丁 丙丁 f1白色 f1红色 f1白色 f2白色 f2红色81白色175 f2白色根据杂交结果回答问题：(1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？(2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？解析：由题意知甲、乙、丙、丁为纯合白花品系，故至少含一对隐性纯合基因。因乙和丙、甲和丁的后代中红色个体所占比例为81/(81175)81/256(3/4)4，故该对相对性状应由4对等位基因控制，即它们的f1含4对等位基因，且每对基因仍遵循分离定律，4对基因之间遵循基因的自由组合定律。因甲和乙的后代全为白色，故甲和乙中至少有一对相同的隐性纯合基因；甲和丙的后代全为白色，故甲和丙中至少有一对相同的隐性纯合基因；丙和丁的后代全为白色，故丙和丁中至少有一对相同的隐性纯合基因。设4对等位基因分别为a和a、b和b、c和c、d和d，则甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系的基因型分别为aabbccdd、aabbccdd、aabbccdd、aabbccdd，可见乙丙与甲丁两个杂交组合中涉及的4 对等位基因相同。答案：(1)基因的自由组合定律和基因的分离定律(或基因的自由组合定律)。(2)4 对本实验的乙丙和甲丁两个杂交组合中，f2中红色个体占全部个体的比例为81/(81175)81/256(3/4)4，根据n对等位基因自由组合且完全显性时，f2中显性个体的比例为(3/4)n，可判断这两个杂交组合中都涉及4对等位基因。综合杂交组合的实验结果，可进一步判断乙丙和甲丁两个杂交组合中所涉及的4对等位基因相同。5(2011江苏高考)玉米非糯性基因(w)对糯性基因(w)是显性，黄胚乳基因(y)对白胚乳基因(y)是显性，这两对等位基因分别位于第 9 号和第 6 号染色体上。w 和 w 表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失区段不包括 w 和 w 基因)，缺失不影响减数分裂过程。染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育。请回答下列问题：(1)现有基因型分别为ww、ww、ww、ww、ww、ww 6 种玉米植株，通过测交可验证“染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育”的结论，写出测交亲本组合的基因型：_。(2)以基因型为 ww 个体作母本，基因型为 ww 个体作父本，子代的表现型及其比例为_。(3)基因型为 ww yy 的个体产生可育雄配子的类型及其比例为_。(4)现进行正、反交实验，正交：wwyy()wwyy()，反交：wwyy()wwyy()，则正交、反交后代的表现型及其比例为_、_。(5)以 wwyy 和 wwyy 为亲本杂交得到f1，f1自交产生f2。选取f2 中的非糯性白胚乳植株，植株间相互传粉，则后代的表现型及其比例分别为_。解析：(1)根据遗传学中的“测交”实验，并根据题干中信息，可选用测交亲本的组合是雄性个体的基因型为ww，雌性个性的基因型为ww；也可选用测交亲本的组合是雄性个体的基因型为ww，雌性个体的基因型为ww.通过正反交实验，可验证“染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育”的结论。(2)根据题意可知，基因型为ww的母本可产生两种配子，而基因型为ww的父本只能产生一种w配子，故其子代的基因型为ww和ww，表现型及其比例为非糯性糯性11。(3)基因型为wwyy的个体产生的雄配子的类型有四种，但只有两种成活，即wywy11.(4)正交时，母本wwyy产生四种配子，即wy、wy、wy、wy，而父本wwyy只产生两种配子，即wy、wy，配子随机组合，表现型及其比例为：非糯性黄胚乳非糯性白胚乳糯性黄胚乳糯性白胚乳3131；反交时，母本wwyy能产生四种配子，即wy、wy、wy、wy，父本wwyy也产生四种配子，即wy、wy、wy、wy，配子随机组合，表现型及其比例为：非糯性黄胚乳非糯性白胚乳糯性黄胚乳糯性白胚乳9331。(5)根据基因的自由组合定律，可知f2中的非糯性白胚乳植株的基因型及其比例为1/3wwyy、2/3wwyy，由于植株间互相传粉，故雌雄配子的种类及其比例相同，即2/3wy和1/3wy，配子随机组合，产生的后代中非糯性白胚乳糯性白胚乳81。答案：(1)ww()ww()；ww()ww()(2)非糯性糯性11(3)wywy11(4)非糯性黄胚乳非糯性白胚乳糯性黄胚乳糯性白胚乳3131非糯性黄胚乳非糯性白胚乳糯性黄胚乳糯性白胚乳9331(5)非糯性白胚乳糯性白胚乳81课时达标检测一、单项选择题1灰兔和白兔杂交，f1全是灰兔，f1雌雄个体相互交配，f2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为934，则()a家兔的毛色受一对等位基因控制bf2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16cf2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子d亲代白兔与f2中黑兔交配，后代出现白兔的概率是1/3解析：934的比例关系是9331的特殊类型，因此家兔毛色应由两对等位基因(设为a、a，b、b)控制，且灰色由双显性基因(a_b_)控制，根据f2中的分离比，可推知f1的基因型为aabb，进一步推知亲本基因型为aabb(灰兔)aabb(白兔)；f2灰兔中能稳定遗传的只有aabb，占灰兔(a_b_)的1/9，b错误；f2灰兔基因型及其比例是：aabbaabbaabbaabb1224，产生的配子种类及其比例是：abababab4221；亲本白兔基因型为aabb，若f2黑兔基因型为a_bb(此时aab_决定白色性状)，则aabba_bb(1/3aabb、2/3aabb)2/3aabb、1/3aabb，白兔的比例为1/3(若aab_决定黑色性状时，结果也一样)。答案：d2用具有两对相对性状的两纯种豌豆作亲本杂交获得f1，f1自交得f2，f2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9331，与f2出现这样的比例无直接关系的是()a亲本必须是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆bf1产生的雄、雌配子各有4种，比例为1111cf1自交时4种类型的雄、雌配子的结合是随机的df1的16种配子结合方式都能发育成新个体(种子)解析：具有两对相对性状的纯种个体杂交，f2中要出现性状分离比为9331的现象，亲本除可以是纯种黄色圆粒与纯种绿色皱粒外，也可以是纯种黄色皱粒与纯种绿色圆粒。f1产生的雄、雌配子各4种，比例为1111，f1自交时雄、雌配子的结合是随机的，且不同种配子结合方式都发育良好。答案：a3已知玉米高秆(d)对矮秆(d)为显性，抗病(r)对易感病(r)为显性，控制上述性状的基因位于两对同源染色体上。现用两个纯种的玉米品种甲(ddrr)和乙(ddrr)杂交得f1，再用f1与玉米丙杂交(图1)，结果如图2所示，分析玉米丙的基因型为()addrrbddrrcddrr dddrr解析：结合孟德尔两对相对性状的遗传学实验的相关结论，利用反推和正推相结合的方法就能分析出玉米丙的基因型。玉米品种甲(ddrr)和乙(ddrr)杂交得f1，f1的基因型为ddrr；再结合图2中的比例，抗病易感病31和高秆矮秆11，可以推知玉米丙的基因型为ddrr。答案：c4下图是同种生物4个个体的细胞示意图，其中等位基因a和a控制一对相对性状，等位基因b和b控制另一对相对性状，则哪两个图代表的生物个体杂交可得到2种表现型、6种基因型的子代个体()a图1、图4 b图3、图4c图2、图3 d图1、图2解析：要形成6种基因型的子代，两对等位基因需要分别能形成2、3种基因型，然后通过自由组合即可。一对等位基因要形成3种基因型，必须都是杂合子。图1和图2代表的生物个体杂交子代中的基因b、b能形成3种基因型，基因a、a可以形成2种基因型，所以子代有6种基因型，且表现型只有2种。答案：d5牵牛花的红花a对白花a为显性，阔叶b对窄叶b为显性。纯合红花窄叶和纯合白花阔叶杂交的后代再与“某植株”杂交，其后代中红花阔叶、红花窄叶、白花窄叶、白花阔叶的比例依次是3113，遵循基因的自由组合定律。“某植株”的基因型为()aaabb baabbcaabb daabb解析：纯合红花窄叶(aabb)和纯合白花阔叶(aabb)杂交的后代f1的基因型为aabb，它与“某植株”杂交后代中红花与白花的比例为11，说明“某植株”中控制花色的基因型为aa，阔叶与窄叶的比例为31，说明“某植株”中控制叶形的基因型为bb，则“某植株”的基因型为aabb。答案：d6(2012烟台调研)现有四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系的性状均为显性，品系均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体、若需验证基因的自由组合定律，可选择下列哪种交配类型()a bc d解析：本题主要考查基因的自由组合定律。只有位于非同源染色体上的非等位基因的遗传才符合基因的自由组合定律，故选项a可以。答案：a7(2012济南调研)豌豆花的颜色受两对基因p/p和q/q控制，这两对基因遵循自由组合定律。假设每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，其他的基因组合则为白色。依据下列杂交结果，p：紫花白花f1：3/8紫花、5/8白花，推测亲代的基因型是()appqqppqq bppqqppqqcppqqppqq dppqqppqq解析：由题意知，p_q_表现型为紫花，p_qq、ppq_和ppqq表现型为白花。ppqqppqq1/2ppqq、1/2ppqq，f1表现为1/2紫花、1/2白花。ppqqppqq1/2ppqq、1/2ppqq，f1全为白花。ppqqppqq1/4ppqp、1/4ppqq、1/4ppqq、1/4ppqq，f1表现为1/4紫花、3/4白花。ppqqppqq1/8ppqq、1/8ppqq、2/8ppqq、2/8ppqq、1/8ppqq，1/8ppqq，f1表现为3/8紫花、5/8白花。答案：d8(2011惠州质检)狗毛褐色由b基因控制，黑色由b基因控制，i和i是位于另一对同源染色体上的一对等位基因，i是抑制基因，当i存在时，b、b均不表现颜色而产生白色。现有黑色狗(bbii)和白色狗(bbii)杂交，产生的f2中杂合褐色黑色为()a13 b21c12 d31解析：bbii与bbii交配，子一代的基因型为bbii，子二代中杂合褐色的基因型为bbii，占2/16，黑色的基因型为bbii，占1/16，所以比例为21。答案：b9已知某一动物种群中仅有aabb和aabb两种类型个体，aabbaabb11，且该种群中雌雄个体比例为11，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为()a1/2 b5/8c1/4 d3/4解析：从题干信息不难发现，只需考虑aa、aa的遗传即可。双亲中aaaa11，则随机交配，后代中有三种基因型的个体：aa、aa、aa，出现的概率分别是9/16、6/16、1/16，即能稳定遗传的个体aa、aa所占比例为5/8。答案：b二、双项选择题10牵牛花中，叶子有普通叶和枫形叶两种，种子有黑色和白色两种。现用普通叶白色种子纯种和枫形叶黑色种子纯种作为亲本进行杂交，得到的f1为普通叶黑色种子，f1自交得f2，结果符合基因的自由组合定律。下列对f2的描述中错误的是()af2中有9种基因型，4种表现型bf2中普通叶与枫形叶之比为31cf2中与亲本表现型相同的个体大约占5/8df2中普通叶白色种子个体的基因型有4种解析：由于两对相对性状的遗传符合自由组合定律，且双亲的性状都是单显性，所以f2中与亲本表现型相同的个体大约占6/163/8。f2中普通叶白色种子个体有纯合体和杂合体两种基因型。答案：cd11(2012佛山调研)人类的皮肤含有黑色素，皮肤中黑色素的多少由两对独立遗传的基因(a和a、b和b)所控制，显性基因a和b可以使黑色素的量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一个基因型为aabb的男性与一个基因型为aabb的女性结婚，下列关于其子女皮肤颜色深浅的描述中错误的是()a可产生四种表现型b与亲代aabb皮肤颜色深浅一样的孩子占3/8c肤色最浅的孩子基因型是aabbd与亲代aabb表现型相同的孩子占1/4解析：基因型为aabb与aabb的后代中基因型有1aabb、1aabb、2aabb、2aabb、1aabb、aabb。依据含显性基因的个数有4、3、2、1四种，后代有四种不同的表现型。后代中2aabb和1aabb与亲代aabb皮肤颜色深浅一样，占3/8。1aabb只含一个显性基因，后代中没有不含显性基因的，因此肤色最浅的孩子的基因型是aabb。1aabb和2aabb与亲代aabb的表现型相同，占3/8。答案：cd12果蝇的长翅(v)对残翅(v)为显性，但纯合长翅品系的幼虫，在35条件下培养成的成体果蝇为残翅。下列叙述正确的是()a35条件下果蝇的长翅基因突变成了残翅基因b果蝇的长翅和残翅是由环境温度决定的c纯合的长翅果蝇幼虫在35条件下培养成的残翅性状是不能遗传的d现有一只残翅果蝇，只让其与另一只异性的残翅果蝇交配，不能确定其基因型解析：表现型是基因型与环境共同作用的结果，由环境引起的变异属于不可遗传的变异。答案：cd三、非选择题13桃子中，毛状表皮(f)对光滑表皮(f)为显性，卵形脐基因(g)和无脐基因(g)的杂合体表现为圆形脐，两对基因独立遗传。用纯合的毛状表皮、无脐桃与光滑表皮、卵形脐桃杂交，得f1，f1自交得f2。据此分析回答：(1)f1的基因型是_。(2)f2的表现型有_种，其中光滑表皮、卵形脐的比例是_。(3)有人选取f2中的两个植株进行杂交，得到的f3植株所结的果实性状及数量如表所示：性状毛状表皮卵形脐毛状表皮圆形脐毛状表皮无脐光滑表皮卵形脐光滑表皮圆形脐光滑表皮无脐数量209401196200393197他所选取的f2植株的基因型是_、_。解析：f3植株所结的果实中毛状表皮和光滑表皮比例约为11，则选取的f2植株表皮的基因型是ff和ff；f3植株所结的果实中有圆形脐、卵形脐和无脐三种表现型，且比例约为211，则选取的f2植株脐的基因型为gg和gg，综合可得，f2植株的基因型为ffgg和ffgg。答案：(1)ffgg(2)61/16(3)ffggffgg14某种自花受粉植物的花色分为白色、红色和紫色。现有4个纯合品种：1个紫色(紫)、1个红色(红)、2个白色(白甲和白乙)。用这4个品种做杂交实验，结果如下：实验1：紫红，f1表现为紫，f2表现为3紫1红；实验2：红白甲，f1表现为紫，f2表现为9紫3红4白；实验3：白甲白乙，f1表现为白，f2表现为白；实验4：白乙紫，f1表现为紫，f2表现为9紫3红4白。综合上述实验结果，请回答：(1)上述花色遗传所遵循的遗传定律是_。(2)写出实验1(紫红)的遗传图解(若花色由一对等位基因控制，用a、a表示，若由两对等位基因控制，用a、a和b、b表示，以此类推)。(3)为了验证花色遗传的特点，可将实验2(红白甲)得到的f2植株自交，单株收获f2中紫花植株所结的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系，观察多个这样的株系，则理论上，在所有株系中有4/9的株系f3花色的表现型及其数量比为_。解析：(1)根据实验2或实验4中f2代的性状分离比可以判断由两对等位基因控制花色，且这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律。(2)因为控制花色的两对等位基因遵循自由组合定律，所以实验2和实验4中f1代紫色的基因型为aabb，f1代自交后代有以下两种可能： 由以上分析可判断：实验1中紫色品种的基因型为aabb，红色品种的基因型为aabb或aabb。从而写出实验1的遗传图解，注意遗传图解书写的完整性：表现型、基因型、比例及相关符号。(3)实验2的f2植株有9种基因型，其中紫花植株中基因型为aabb的植株占4/9。单株收获后的所有株系中，4/9的株系为aabb的子代，其花色的表现型及其数量比为9紫3红4白。答案：(1)自由组合定律(2)遗传图解为：或答(3)9紫3红4白15有一种无毒蛇的体表花纹颜色由两对基因(d和d，h和h)控制，这两