【名师一号】高考化学大一轮复习 专题2 第二单元 氧化还原反应考点突破（含14年新题）苏教版(1).doc

【名师一号】2015高考化学大一轮复习 专题2 第二单元 氧化还原反应考点突破（含14年新题）苏教版考点1 氧化性、还原性强弱的判断1.越容易得到电子的物质，氧化性越强；越容易失去电子的物质，还原性越强。2根据氧化还原反应方程式判断：要根据反应方程式比较物质氧化性(或还原性)的强弱，应首先在反应物中找出氧化剂(或还原剂)，在生成物中找出氧化产物(或还原产物)。结论是氧化性：氧化剂氧化产物；还原性：还原剂还原产物。可将上述规律简化为：比什么“性”找什么剂，产物之“性”小于“剂”，联合对比自成序。例如：h2(还原剂)cuo(氧化剂)cu(还原产物)h2o(氧化产物)氧化性：cuoh2o；还原性：h2cu。3根据反应条件判断，如：mno24hcl(浓)mncl2cl22h2o2kmno416hcl(浓)=2kcl2mncl25cl28h2o两个反应中都是将浓盐酸氧化为cl2，mno2必须在加热的条件下才能进行，而kmno4在常温下即可进行，说明氧化性：kmno4mno2。4根据被氧化或被还原的程度判断，如：2fe3cl22fecl3fesfes由于cl2把fe从0价氧化到3价，s把fe从0价氧化到2价，因此，氧化性：cl2s。5根据物质活动性顺序判断：根据金属活动性顺序判断：根据非金属活动性顺序判断(常见元素)：题组训练1(1)已知反应：2fecl32ki=2fecl22kcli2；2fecl2cl2=2fecl3；i2so22h2o=h2so42hi。判断下列物质的还原能力由强到弱的顺序正确的是_。aife2clso2bclfe2so2icfe2iclso2dso2ife2cl(2)(双选)已知：x2、y2、z2、w2四种物质的氧化能力w2z2x2y2，下列氧化还原反应能发生的是_。a2nawz2=2nazw2b2naxz2=2nazx2c2nayw2=2nawy2d2nazx2=2naxz2解析(1)根据反应方程式可以判断还原能力强弱：中ife2，中fe2cl，中so2i，综合分析知：so2ife2cl，故d项正确。(2)由四种物质氧化能力可知，w2可氧化z、x和y生成相应的单质，z2可氧化x和y生成相应的单质，x2可氧化y生成y2，故b、c项正确。答案(1)d(2)bc2r、x、y和z是四种元素，其常见化合价均为2，且x2与单质r不反应；x2z=xz2；yz2=y2z。这四种元素的离子被还原成0价时表现的氧化性强弱顺序正确的是()ar2x2z2y2bx2r2y2z2cy2z2r2x2dz2x2r2y2解析据x2z=xz2知氧化性：x2z2，据yz2=y2z知氧化性：z2y2，由x2与单质r不反应推知氧化性：r2x2。答案a3已知：向kmno4固体中滴加浓盐酸，产生黄绿色气体；向fecl2溶液中通入少量实验产生的气体，溶液变浅黄色；取实验生成的溶液滴在淀粉ki试纸上，试纸变蓝色。下列判断正确的是()a上述实验证明氧化性：mnocl2fe3i2b上述实验中，共有两个氧化还原反应c实验生成的气体不能使湿润的淀粉ki试纸变蓝d实验证明fe2既有氧化性又有还原性解析高锰酸钾氧化氯离子生成氯气；氯气氧化亚铁离子生成棕黄色的铁离子；铁离子氧化碘离子生成碘单质，碘遇淀粉变蓝色。上述过程都是氧化还原反应，根据氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性得出选项a正确。答案a4(2014济南期中)物质氧化性、还原性的强弱不仅与物质的结构有关，还与物质的浓度和反应温度有关。下列各组物质：cu与hno3溶液cu与fecl3溶液zn与h2so4溶液fe与hcl溶液，由于浓度不同而能发生不同氧化还原反应的是()a bc d解析铜与浓硝酸反应生成二氧化氮，铜与稀硝酸反应生成一氧化氮，正确；无论氯化铁溶液浓度大小，只发生反应：2fe3cu=2fe2cu2，错误；锌与浓硫酸反应生成二氧化硫，锌与稀硫酸反应生成氢气，正确；无论盐酸浓度大小，与铁反应只生成氯化亚铁：fe2h=fe2h2，错误。答案a归纳总结外界条件对物质氧化性、还原性强弱的影响1浓度同一种物质浓度越大，氧化性(或还原性)越强。如氧化性：浓h2so4稀h2so4，浓hno3稀hno3，还原性：浓hcl稀hcl。2温度同一种物质，温度越高其氧化性越强。如热的浓硫酸的氧化性比冷的浓硫酸的氧化性强。3酸碱性同一种物质，所处环境酸(碱)性越强其氧化性(还原性)越强。如kmno4溶液的氧化性随溶液酸性的增强而增强。考点2 氧化还原反应的规律及应用1.守恒规律化合价有升必有降，电子有得必有失。对于一个完整的氧化还原反应，化合价升降总数相等，得失电子总数相等。应用：有关氧化还原反应的计算及配平氧化还原反应方程式。2强弱规律较强氧化性的氧化剂跟较强还原性的还原剂反应，生成弱还原性的还原产物和弱氧化性的氧化产物。应用：在适宜条件下，用氧化性较强的物质制备氧化性较弱的物质或用还原性较强的物质制备还原性较弱的物质。还能比较物质间的氧化性或还原性的强弱。3价态规律元素处于最高价态，只有氧化性；元素处于最低价态，只有还原性；元素处于中间价态，既有氧化性又有还原性，但主要呈现一种性质。应用：判断元素或物质氧化性或还原性的有无。4转化规律氧化还原反应中，以元素相邻价态间的转化最易；同种元素不同价态之间若发生反应，元素的化合价只靠近而不交叉；同种元素相邻价态间不发生氧化还原反应。应用：分析判断氧化还原反应中的物质变化及推测变化产物。5难易规律越易失电子的物质，失电子后其阳离子就越难得电子，越易得电子的物质，得电子后其阴离子就越难失去电子；一种氧化剂同时和几种还原剂相遇时，优先与还原性强的还原剂发生反应；同理，一种还原剂遇到多种氧化剂时，氧化性最强的氧化剂优先反应。应用：判断物质的稳定性及反应顺序。题组训练5.(2013上海)已知氧化性br2fe3。febr2溶液中通入一定量的cl2，发生反应的离子方程式为：afe2bbrccl2dfe3ebr2fcl下列选项中的数字与离子方程式中的a、b、c、d、e、f一一对应，其中不符合反应实际的是()a243226b021012c201202d222214解析排除法，由氧化性强弱可知，fe2先与cl2反应，所以fe2的计量数一定不能为0，b选项错误。答案b6(2014长春一调)根据表中信息，判断下列叙述中正确的是()序号氧化剂还原剂其他反应物氧化产物还原产物cl2febr2/fe3、br2kclo3浓盐酸/cl2kmno4h2o2h2so4o2mn2a.由表中组的信息可知通入cl2的量不同，氧化产物可能不同b氧化性强弱的比较：kclo3fe3cl2br2c表中组反应的还原产物是kcl，电子转移数目是6ed表中组反应的离子方程式为2mno3h2o26h=2mn24o26h2o解析本题考查了氧化还原反应的相关知识，意在考查考生对氧化还原反应知识的综合运用能力。由可知，cl2的氧化性强于fe3和br2，b项错；c项，组反应的还原产物是cl2，电子转移数目为5e；d项，正确的离子方程式为2mno5h2o26h=2mn25o28h2o。答案a7已知g、q、x、y、z均为含氯元素的化合物，在一定条件下有下列转化关系(未配平)：gqnaclqh2oxh2ynaohgqh2oznaohqxh2o这五种化合物中cl元素化合价由低到高的顺序是()ag、y、q、z、xbx、z、q、g、ycx、z、q、y、g dg、q、y、z、x解析由得出q价态高于g，因为g必介于q和1价的cl之间，1价为氯元素的最低价；将该结论引用到，y介于q与g之间，故有q价态高于y，y价态高于g；分析：h2o中的h化合价降低，则q中的氯元素转变为x中的氯元素，化合价必升高，则得出x价态高于q；最后分析：z介于q、x之间，则x价态高于z，z价态高于q。答案a8(1)等物质的量的下列化合物与足量浓盐酸反应，得到氯气的物质的量最多的是_(填选项字母)。已知：mnohclmn2cl2h2o(未配平)clohclcl2h2o(未配平)clohclcl2h2o(未配平)akclo3 bkmno4cmno2 dca(clo)2(2)已知co2o3在酸性溶液中易被还原成co2，co2o3、cl2、fecl3、i2的氧化性依次减弱。下列反应在水溶液中不可能发生的是_(填选项字母)。a3cl26fei2=2fecl34fei3bcl2fei2=fecl2i2cco2o36hcl=2cocl2cl23h2od2fe32i=2fe2i2解析(1)氯气在反应mnohclmn2cl2h2o中是氧化产物，1 mol mno反应能得到2.5 mol cl2；氯气在反应clohclcl2h2o、clohclcl2h2o中既是氧化产物，又是还原产物，前一反应中1 mol clo反应能得到3 mol cl2，而后一反应中1 mol clo反应只能得到1 mol cl2；mno2与浓盐酸的反应中，1 mol mno2反应生成1 mol cl2。(2)fe3能氧化i，所以不可能生成fei3，a项错，d项对；b项，当cl2少量时，i先被氧化；c项，由于co2o3的氧化性强于cl2的，所以co2o3能氧化cl得到cl2，而co2o3被还原为co2。答案(1)a(2)a考点3 氧化还原反应的配平1.氧化还原反应方程式的配平原则(1)化合价升高总数化合价降低总数(电子守恒)。(2)各元素原子个数相等(质量守恒)。(3)对于离子反应，反应前后电荷总数相等(电荷守恒)。2配平的步骤标变价列变化求总数配计量数细检查。3氧化还原反应方程式的配平方法(1)逆向配平法：如果氧化还原反应中氧化剂和还原剂是同一种物质(也称自身氧化还原反应)，可以从生成物的一侧配平，即先确定生成物的系数，再确定反应物的系数。(2)残缺方程式的配平法：所谓残缺方程式，即某些反应物或生成物的化学式未写出，它们一般为化合价未变的水、酸、碱等。这类方程式的配平，不仅要配平计量数，还要写出未知物质的化学式，其方法是配平含变价元素物质的计量数，再通过比较反应物和生成物，观察增减的原子或离子数确定未知物配平。(3)合并配平法：某物质中的元素化合价同时升高或降低，可以将这种物质当作一个整体计算化合价变化总数。4氧化还原反应方程式的配平技巧(1)氧化剂、还原剂中某元素化合价全变，一般从反应物开始配平。(2)反应物中某一物质部分被氧化(或被还原)的氧化还原反应，从生成物开始配平。(3)分子间不同价态的同种元素间的氧化还原反应，一般从反应物开始配平。(4)分子内不同元素间的氧化还原反应，一般从生成物开始配平。(5)分子内同种价态的同种元素的原子间氧化还原反应，一般从生成物开始配平。特别提醒配平氧化还原反应方程式的步骤中“求总数”最为关键。它既是配平的前提和保证，又是配平后再进行相关分析(该总数即最小公倍数正是配平后的反应中的电子转移总数)的依据。要通过察奇偶、虑脚标、整体分析等思维活动来求出正确的最小公倍数。题组训练9配平下列方程式(1)_cu_hno3(稀)=_cu(no3)2_no_h2o(2)_ki_kio3_h2so4=_i2_k2so4_h2o(3)_s_koh=_k2s_k2so3_h2o(4)_p4_koh_h2o=_k3po4_ph3答案(1)38324(2)513333(3)36213(4)2933510配平下列方程式 (1)ce3h2o2h2o=ce(oh)4_(2)fe(oh)2clo_=fe(oh)3cl(3)mn2cloh2o=mno2cl2_。(4)pfeocaoca3(po4)2fe答案(1)21626h(2)211h2o21(3)524518h(4)25315归纳总结未知氧化还原反应方程式的书写技巧1熟记常见的氧化剂及对应的还原产物、还原剂及对应的氧化产物氧化剂cl2o2浓h2so4hno3kmno4(h)、mno2fe3kclo3h2o2还原产物clo2或oh或h2oso2no或no2mn2fe2clh2o还原剂i(hi)s2(h2s)co、ch2nh3so2、soh2o2氧化产物i2sco2h或h2ono或n2soo22书写未知氧化还原反应方程式的步骤第1步：根据氧化还原顺序规律确定氧化性最强的为氧化剂，还原性最强的为还原剂；根据化合价规律及题给信息和已知元素化合物性质确定相应的还原产物、氧化产物；根据氧化还原反应的守恒规律确定氧化剂、还原剂、还原产物、氧化产物的相应化学计量数。第2步：根据溶液的酸碱性，通过在反应方程式的两端添加h或oh的形式使方程式两端的电荷守恒。第3步：根据原子守恒，通过在反应方程式两端添加h2o(或其他小分子)使方程式两端的原子守恒。考点4 守恒法在化学计算中的应用1.守恒法的特点利用守恒法解题可避免书写繁琐的化学方程式和细枝末节的干扰，不管中间过程，直接从始态和终态找出其中特有的守恒关系，提高解题的速度和准确度。2解题关键守恒法解题成功的关键在于从诸多变化和繁杂数据中寻找某一不变的物理量及其对应关系。在解题时，首先必须明确每一种守恒法的特点，然后挖掘题目中存在的守恒关系，最后巧妙地选取方法，正确地解答题目。3常用守恒(1)任何化学反应中质量守恒。在一个具体的化学反应中，由于反应前后总质量不变，因此涉及与质量有关的问题可考虑质量守恒法。在某一具体的化学反应过程中，某一元素(或原子或原子团)的质量或数目是不变的，即我们常用的元素守恒法或物料守恒法。在某些复杂多步的化学反应中，某些元素的质量或浓度等没有发生变化。因此涉及多步复杂的化学过程的问题可考虑利用元素守恒法。(2)在溶液中电荷守恒。涉及溶液(尤其是混合溶液)中离子的物质的量或物质的量浓度等问题可考虑电荷守恒法(即电解质溶液中的阳离子所带的正电荷总数与阴离子所带的负电荷总数相等)。(3)在氧化还原反应中得失电子守恒。涉及氧化还原反应中氧化剂、还原剂得失电子及反应前后化合价等问题可考虑电子守恒法。题组训练11已知q与r的摩尔质量之比为9:22，在反应x2y=2qr中，当1.6 g x与y完全反应后，生成4.4 g r，则参与反应的y和生成物q的质量之比为()a23:9b32:9c46:9 d16:9解析此题主要考查质量守恒定律。q与r的摩尔质量之比为922是本题计算的突破口，由反应方程式知，得m(q)3.6 g。再根据质量守恒定律：1.6 gm(y)3.64.4 g，得m(y)6.4 g。故m(y) :m(q)6.4 g:3.6 g16:9。答案d12某混合溶液中所含离子的浓度如下表，则m离子可能为()所含离子nosohm浓度(moll1)2121a.mg2 bba2cf dna解析由电荷守恒知1c(no)2c(so)(1221) moll14 moll1，而1c(h)2 moll14 moll1，所以m为阳离子，由2，故m为带两个单位正电荷的阳离子，而ba2与so不共存，故为mg2。答案a13na2sx在碱性溶液中可被naclo氧化为na2so4，而naclo被还原为nacl，若反应中na2sx与naclo的物质的量之比为116，则x的值为()a2 b3 c4 d5解析本题考查在氧化还原反应中利用得失电子守恒进行相关的计算。na2xxna2o4naona得关系式1xe162e，x5。答案d1414 g铜银合金与足量的某浓度的硝酸反应，将放出的气体与1.12 l(标准状况下)氧气混合，通入水中恰好全部被吸收，则合金中铜的质量为()a9.6 g b6.4 g c3.2 g d1.6 g解析根据得失电子守恒规律可直接找出已知量(o2)与未知量(cu、ag)之间的物质的量关系。hno3中的元素相当于电子的“二传手”，先得到cu、ag失去的电子，再传给o2，最后恢复原貌，cu、ag失去的电子最终传给了o2，所以根据得失电子守恒规律，得24，解得：m(cu)3.2 g。答案c15四氧化三铁(fe3o4)磁性纳米颗粒稳定、容易生产且用途广泛，是临床诊断、生物技术和环境化学领域多种潜在应用的有力工具。水热法制备fe3o4纳米颗粒的反应是3fe22s2oo2xoh=fe3o4s4o2h2o。请回答下列问题。(1)水热法制备fe3o4纳米颗粒的反应中，还原剂是_。(2)反应的化学方程式中x_。(3)每生成1 mol fe3o4，反应转移的电子为_mol，被fe2还原的o2的物质的量为_mol。解析(2)根据电荷守恒得：x22322，解得x4。(3)根据还原剂失电子总数等于氧化剂得电子总数，当生成1 mol fe3o4时，转移的电子数即是1 mol o2得电子总数，为4 mol。设被fe2还原的o2的物质的量为x，根据电子守恒得：4x1 mol3，解得x0.5 mol。答案(1)fe2、s2o(2)4(3)40.5名 师 究 错易错追根溯源挑战高考满分【典例1】金属钛(ti)性能优越，被称为继铁、铝之后的“第三金属”。工业上以金红石为原料制取ti的反应为atio2bcl2ccaticl4cco反应ticl42mgti2mgcl2反应关于反应的分析不正确的是()aticl4在反应中是还原产物，在反应中是氧化剂bc、mg在反应中均为还原剂，被氧化c每生成0.4 mol ti，反应中共转移3.2 mol ed反应都是置换反应【错因分析】氧化还原反应概念很多，相互之间的联系极为紧密，不理解相关概念的内涵和外延极易错解。如本题中，不能根据化合价与得失电子关系，正确判断氧化剂对应的产物、还原剂对应的产物而错解。不能理解置换反应与氧化还原反应的关系而错解等。另外化合物中元素价态越高，不一定氧化性越强(如氧化性hclo4hclo)，得电子难的原子失电子不一定容易(如碳原子)等也比较容易理解错误，需要注意。【解析】选项a，在反应中ticl4为还原产物，cl2为氧化剂，在反应中，cl4，故ticl4是氧化剂。选项b，还原剂被氧化。选项c，每生成0.4 mol ti，反应中转移电子均为1.6 mol，共3.2 mol e。选项d，反应不是置换反应。【答案】d纠错训练1.(双选)(2013上海)汽车剧烈碰撞时，安全气囊中发生反应10nan32kno3k2o5na2o16n2。若氧化产物比还原产物多1.75 mol，则下列判断正确的是()a生成42.0 l n2(标准状况)b有0.250 mol kno3被氧化c转移电子的物质的量为1.25 mold被氧化的n原子的物质的量为3.75 mol解析本题考查氧化还原反应的基本概念及相关计算。根据题给方程式知，10 mol nan3参与反应，得到15 mol氧化产物(n2)、和1 mol还原产物(n2)，设参加反应的nan3的物质的量为x mol，则由题意可得：15 x/10x/101.75，解得：x1.25，则参加反应的nan3的物质的量为1.25 mol，生成的n2的物质的量为2 mol，标况下的体积为44.8 l，a项错误；有0.250 mol kno3被还原，