江西省赣州市赣县中学北校区高二物理上学期月考试题（a卷）（9月份）（含解析）新人教版.doc

2014-2015学年江西省赣州市赣县中学北校区高二（上）月考物理试卷（a卷）（9月份）一、不定项选择题：（有的只有一个答案，有的有多个答案）1（3分）（2012秋福州校级期中）关于电势与电势能的说法，下列说法正确的是（）a电荷在电势越高的地方，电势能也越大b电荷在电势越高的地方，它的电量越大，所具有的电势能也越大c在正点电荷电场中的任一点处，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷所具有的电势能d在负电荷电场中的任意点，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能考点：电势；电势能版权所有专题：恒定电流专题分析：要熟练掌握从两个方面判断电势能的高低变化：一是根据电势的高低利用公式ep=q进行判断，二是根据电场力做功判断电势能的变化，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功电势能增大解答：解：a、根据公式ep=q可知，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小，由于不知电荷的正负，因此无法判断它在电势高的地方电势能的高低，故a错误b、若放在同一点的电荷带电量为负值，电荷量大，则其具有电势能小，故b错误；c、如果取无穷远处为电势零点，在正点电荷电场中的任一点处，电势均为正值，故正电荷所具有的电势能一定大于负电荷所具有的电势能；故c正确；d、如果取无穷远处为电势零点，则在负的点电荷所产生的电场中任何一点上，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能故d正确故选：cd点评：电势能是电场中的重要概念，要学会从多个角度进行理解，尤其注意的是电势能的大小和电荷带电量的正负有关2（3分）（2012秋库车县校级期末）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）abcd考点：库仑定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：f=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q=4q两球接触后的库仑力为：f=k=f；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q=3q两球接触后的库仑力为：f=k=故cd正确、ab错误故选：cd点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向3（3分）（2013台江区校级四模）如图所示为电阻r1和r2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了、三个区域现把r1和r2并联在电路中，消耗的电功率分别用p1和p2表示；并联的总电阻设为r下列关于p1与p2的大小关系及r的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）a特性曲线在区，p1p2b特性曲线在区，p1p2c特性曲线在区，p1p2d特性曲线在区，p1p2考点：欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数当两个电阻并联后总电阻r比任何一个电阻都要小，r的伏安特性曲线的斜率大于r1和r2的伏安特性曲线的斜率r1和r2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系解答：解：把r1和r2并联在电路中，并联的总电阻r比r1和r2都小，则r的伏安特性曲线的斜率大于r1和r2的伏安特性曲线的斜率，则r的伏安特性曲线应该区r1和r2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻r1的电流较大，则功率p1p2故选c点评：本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等4（3分）（2014秋周口校级月考）在电场中有一点p，下列说法正确的是（）a若放在p处的点电荷的电荷量增加一倍，则p点场强增加一倍b若p点没有放检验电荷，则p点的场强一定为零cp点的场强越小，则同一电荷在p点受到的静电力越小dp点场强的方向由检验电荷的正负决定考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：本题应抓住场强反映电场本身的性质，与放入电场中的试探电荷无关，场强的方向与正试探电荷在该点所受的电场力方向相同解答：解：a、场强是表示电场本身性质的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以当试探电荷的电荷量加倍时，p点的场强不变，故a错误b、由于场强由电场本身决定的，与试探电荷无关，所以当p点没有试探电荷，p点的场强不变，故b错误c、由e=得，f=qe，q一定时f与e成正比，则知p点的场强越大，同一试探电荷在p点受到的电场力越大，故c正确d、p点的场强方向由电场本身决定，与检验电荷的正负无关，故d错误故选：c点评：电场强度是描述电场性质的物理量，可根据e=是比值法定义来理解e的物理意义要知道电场力既与电荷有关，也与电场有关5（3分）（2014秋赣县校级月考）一带电粒子只在电场力的作用下沿图中曲线jk穿过一匀强电场，a、b、c、d为该电场的等势面，其中有abcd，若不计粒子的重力，可以确定（）a粒子带正电b从j到k粒子的电势能减少c该粒子带负电d粒子从j到k运动过程中的动能与电势能之和可能增加考点：电势；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧则电场力一定水平向右，同时注意电场线和等势线垂直，又因电势沿电场线方向降低则说明电场沿水平方向向左，则说明带负电再由电场力做功判断能量变化解答：解：a、由运动轨迹可知电场力方向向右，由电势的高低可知电场线方向向左，则电性为负，故a错误，c正确；b、由j到k电场力做正功，则动能增加，电势能减小故b正确；d、该过程中只有电场力做功，动能与电势能之和不变故d错误故选：bc点评：本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧6（3分）（2014秋涪城区校级期末）如图所示电路中，r1、r2都是4w、100的电阻，r3是1w、100的电阻，则a、b间允许消耗的最大功率是（）a1.5 wb9 wc8 wdw考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：串联电路允许通过的最大电流等于最小原件的额定电流，并联电路允许的最大电压等于最小额定电压；求解出各个电阻的额定电流和额定电压进行分析即可解答：解：三个电阻均为100欧姆，总电阻为：r总=r1、r2都是“4w、100”的电阻，额定电压为：u1=；额定电流为：i1=；r3是“1w、100”的电阻，额定电压为：u3=；额定电流为：i3=；并联电路允许的最大电压等于最小额定电压，故总电压为10v；故总功率为：p总=1.5w故选：a点评：解本题的关键是根据题意，结合串并联电路的特点，电功率的公式，分析出保证电路安全且功率最大的条件，不难7（3分）（2014秋信阳期末）如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，o、m、n是y轴上的三个点，且om=mnp点在y轴右侧，mpon则（）am点的电势比p点的电势高b将负电荷由o点移动到p点，电场力做正功cm、n两点间的电势差大于o、m两点间的电势差d在o点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做匀速直线运动考点：电场线；电势差；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：a、根据沿着电场线的方向，电势降低，可以知道m点的电势比p点的电势高，所以a正确；b、从o点到p点电势降低，负电荷由o点移动到p点，电势能增加，电场力做负功，所以b错误；c、由于该电场不是匀强电场，并且o点的电场强度比m点的电场强度大，当om=mn时，o、m两点间的电势差要大于m、n两点间的电势差，所以c错误；d、在o点静止释放一带正电粒子，由于电场力的作用，电荷将沿着y轴加速运动，不会是匀速运动，所以d错误；故选a点评：本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题8（3分）（2014天元区校级模拟）如图电路中，当滑动变阻器滑动键p向下移动时，则（）aa灯变亮、b灯变亮、c灯变亮ba灯变亮、b灯变亮、c灯变暗ca灯变亮、b灯变暗、c灯变暗da灯变亮、b灯变暗、c灯变亮考点：闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器滑动键p向下移动时，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，确定外电路总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，判断a灯亮度的变化根据并联部分电压的变化，判断b灯亮度变化，根据干路电流和b灯电流的变化，分析c灯亮度的变化解答：解：当滑动变阻器滑动键p向下移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流i增大，则a灯变亮并联部分两端的电压减小，则b灯变暗流过c的电流ic=iib，i增大，ib减小，ic增大，c灯变亮所以a灯变亮、b灯变暗、c灯变亮故选d点评：本题是电路动态变化分析问题，通常按照“部分整体部分”的顺序进行分析9（3分）（2011天津）板间距为d的平等板电容器所带电荷量为q时，两极板间电势差为u1，板间场强为e1现将电容器所带电荷量变为2q，板间距变为d，其他条件不变，这时两极板间电势差u2，板间场强为e2，下列说法正确的是（）au2=u1，e2=e1bu2=2u1，e2=4e1cu2=u1，e2=2e1du2=2u1，e2=2e1考点：平行板电容器的电容版权所有专题：压轴题分析：根据电容公式判断出电容的变化，再根据电容定义式得出电势差的变化，再根据匀强电场公式判断出场强的变化解答：解：根据电容公式说明电容变为2倍，根据电容定义式，发现电量变为原来的2倍，电容也变为原来的2倍，所以电势差不变，根据场强关系，d变为原来的，所以场强变为2倍，故a、b、d错误，c正确故选c点评：解决本题的关键是熟练运用电容的定义式、决定式10（3分）（2015徐水县校级一模）如图所示，质量相同的两个带电粒子p、q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，p从两极板正中央射入，q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上板的过程中（）a它们运动的时间tqtpb它们的电势能减小量之比ep：eq=1：2c它们所带的电荷量之比qp：qq=1：2d它们的动量增量之比pp：pq=2：1考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：两个带电粒子垂直进入电场中做类平抛运动，将它们的运动沿垂直电场方向和平行电场方向进行正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合列式分析解答：解：a、垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt得知，运动的时间相等，故a错误； b、c在竖直方向上，根据y=at2知，竖直位移之比为1：2，则电荷量之比为1：2因为电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功w=qey，因为电荷量之比为1：2，竖直位移之比为1：2，则电场力做功为1：4，可知电势能减小量之比为1：4，则b错误，c正确d、根据动能定理，有：qex=ek，而：qp：qq=1：2，xp：xq=1：2，所以动能增加量之比：ekp：ekq=1：4，故d错误；故选：c点评：本题关键将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向的分运动，然后结合运动学公式、牛顿运动定律和动能定理列式分析二、填空题：11（3分）（2014秋赣县校级月考）使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，则金属丝的直径是2.1500.002mm考点：螺旋测微器的使用版权所有专题：实验题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度为2mm，可动刻度为15.00.01mm=0.150mm，所以最终读数为2mm+0.150mm=2.150mm最后的结果可以为2.1500.002故答案为：2.1500.002点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12（3分）（2014秋赣县校级月考）做描绘电压从零伏开始到额定电压之间小电珠的伏安特性曲线实验（1）实验电路图已经画出了一部分，如图所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好；（2）按你连接的电路，s闭合，要使小电珠的亮度增加，变阻器的滑片c应向b移动（选填“a”或“b”）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线版权所有专题：实验题分析：（1）根据题意确定滑动变阻器的接法，然后完成实验电路图（2）灯泡两端电压越大，灯泡实际功率越大，灯泡越亮，根据电路图确定滑片的移动方向解答：解：（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示（2）变阻器的滑动触头p应向b端移动，灯泡两端电压增大，灯泡实际功率增大，灯泡变亮故答案为：（1）电路图如图所示；（2）b点评：本题应牢记在测量小灯泡的伏安特性曲线时一定要采用分压接法；并注意滑动变阻器的哪一部分与灯泡并联供电13（3分）（2014郫县校级模拟）用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关k和两个部件s、t请根据下列步骤完成电阻测量：旋动部件s，使指针对准电流的“0”刻线将k旋转到电阻挡“100”的位置将插入“+”、“”插孔的表笔短接，旋动部件t，使指针对准电阻的0刻线（填“0刻线”或“刻线”）将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按adc的顺序进行操作，再完成读数测量a将k旋转到电阻挡”1k”的位置b将k旋转到电阻挡”10”的位置c将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接d将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准考点：用多用电表测电阻版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：多用电表测量电阻时，需将选择开关旋到殴姆档某一位置，接着机械校零，然后殴姆调零后，测量电阻读出示数注意示数是由刻度值与倍率的乘积当发现指针偏转太小时，则需要选择更大的倍率解答：解：首先要对表盘机械校零，所以旋动部件是s接着是欧姆调零，将“十“、“插孔的表笔短接，旋动部件t，让表盘指针指在最右端电阻的零刻度处当两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的测量结果，必须将指针在中间刻度附近，所以要将倍率调大原因是指针偏转小，则说明刻度盘值大，现在要指针偏大即刻度盘值要小，则只有调大倍率才会实现所以正确顺序adc 故答案为：s； t； 0刻线； adc点评：考查多用电表欧姆档的使用方法，要正确选择档位，明确每次换档要进行欧姆调零三.计算题14（2008春芦淞区校级期末）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角，一个电荷量为q=4108c的正电荷从a移到b电场力做功为w1=1.2106j求：（1）匀强电场的场强e=？（2）电荷从b移到c电场力做功w2=？（3）a、c两点的电势差uac=？考点：电势能；电势差；电势版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）根据电场力做功公式w=qed，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离（2）电场力做功公式w=qed，求解电荷从b移到c电场力做功w2（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差uac解答：解：（1）由题，由w1=qelab得 e=600v/m（2）电荷从b移到c电场力做功为 w2=qelbccos60=41086000.120.5j=1.44106j（3）电荷从a移到c电场力做功为 wac=w1+w2则a、c两点的电势差为=66v答：（1）匀强电场的场强e=600v/m（2）电荷从b移到c电场力做功w2=1.44106j（3）a、c两点的电势差uac=66v点评：匀强电场中电场力做功公式w=qed中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负15（2014秋赣县校级月考）如图所示，电路中的电阻r=10，电动机的线圈电阻r=1，加在电路两端的电压u=100v已知电流表读数为30a，则通过电动机线圈的电流为多少？电动机输出功率为多少？考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：（1）先根据欧姆定律求解通过电阻r的电流，然后用干路电流减去电阻r的电流，得到通过电动机的电流（2）电动机输入功率 p入=ui，发热功率p热=i2rm，输出功率p出=pp热根据功率关系求出电动机输出的功率解答：解：电阻r=10，电压u=100v，故电流：ir=通过电动机的电流：im=iir=30a10a=20a电动机的输入功率 p入=ui=10020w=2000w 发热功率p热=i2rm=2021w=400w则电动机输出的功率 p出=p入p热=2000w400w=1600w；答：通过电动机线圈的电流为20a；电动机输出功率为1600w点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路16（2011秋钟山区校级期末）如图所示的电路中，电阻r2=15，r3=30，电源的电动势e=12v，内电阻r=1，理想电流表的读数i=0.4a求：（1）通过电阻r3的电流（2）电阻r1的阻值（3）电源的输出功率考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律版权所有专题：恒定电流专题分析：（1）由欧姆定律可求得并联部分的电压，再由并联电路电流规律可求得流过r3的电流；（2）根据闭合电路的欧姆定律求解电阻r1的阻值（3）根据闭合电路的欧姆定律计算出路端电压，根据公式p=ui计算电源的输出功率解答：解：（1）由欧姆定律可知r2两端的电压： u2=i2r2=0.415v=6.0v通过电阻r3的电流 i3=a=0.2a（2）干路电流 i干=i2+i3=0.4a+0.2a=0.6a由闭合电路欧姆定律可知： u2+i干（r1+r）=e 解得：r1=r=1=9（）（3）路端电压为u=ei干r=120.61v=11.4v故电源的输出功率为p=ui1=11.40.6w=6.84w答：（1）通过电阻r3的电流是0.2a（2）电阻r1的阻值是9（3）电源的输出功率是6.84w点评：本题考查闭合电路欧姆定律的应用，在解题时要注意分析电路结构，正确应用串并联电路的规律及部分电路