江西省赣州市高三物理上学期期末考试（含解析）(1).doc

赣州市2013-2014学年第一学期期末考试高三物理试题说明：本卷分第卷和第卷两部分，考试时间100分钟，满分100分.把正确答案写在答题卷相应位置第卷一、选择题（本题10小题，每小题4分，共40分，1-7题在每小题给出的四个选项中，有一个选项符合题目要求，选对得4分，第8-10小題给出的四个选项中,有多项符合題目要求，全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分。）1下列说法不符合物理学史实的是（ ） a牛顿发现了行星运动的规律b奥斯特发现了电流的磁效应c伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持d安培提出了分子电流假说【答案】a【解析】a、开普勒发现了行星运动的规律，故a错误；b、奥斯特发现了电流的磁效应，故b正确；c、伽利略通过理想实验，说明物体的运动不需要力来维持，故c正确；d、安培提出了分子电流假说，故d正确.故选a。【考点】物理学史2汽车在水平面上刹车，其位移与时间的关系是x24t6t2，则它在前3s内的平均速度为（ ）a6 ms b8 ms c10 ms d12 ms【答案】b【解析】由位移与时间的关系可知；由可知，汽车在2s末即静止；故3s内的位移2s内的位移，故x=3s内汽车的位移；则汽车的平均速度.故选b。【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度3关于静电场下列说法中正确的是( )a在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零b电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小c根据公式ued可知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大d正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少【答案】d【解析】a、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；电势是标量与零势面的选取有关，所以电场强度为零的地方电势不一定为零，电势为零的地方电场强度也不一定为零，故a错误；b、据电势能公式ep=q知，电势能取决于该点的电势和电荷，并不是只有正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，负电荷正好相反，故b错误；c、公式u=ed中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故c错误；d、据电势能公式ep=q知，正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，故d正确。故选d。【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能4起重机竖直吊起重物时，有一段是竖直加速上升过程。若不计空气的阻力，则重物在加速上升过程中，不正确的判断是（ ）a重物处于超重状态 b物体重力势能的增加一定等于物体克服重力做的功c任意相等的时间内重力做的功相等 d动能的增加可能等于重力势能的增加【答案】c【解析】a、物体在加速上升过程中加速度方向向上，所以重物处于超重状态，故a正确；b、物体重力做功可量度重力势能的变化，物体在加速上升过程中重力做负功，根据功能关系得知：物体重力势能的增加一定等于物体克服重力做的功，故b正确；c、物体做加速运动，任意相等的时间内物体的位移越来越大，所以重力做的功不等，故c错误；d、根据动能定理可知：合力做功等于动能的增加，若起重机对物体做功等于克服物体重力做功的2倍，则动能的增加等于克服重力做功，即等于重力势能的增加，故d正确。故选c。【考点】功；超重和失重5如图，在固定斜面上的一物块受到一外力f的作用，f平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止，f的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为f1和f2（f20）.由此可求出a. 物块与斜面间的最大静摩擦力 b.斜面的倾角c. 物块的质量 d.物块对斜面的正压力【答案】a【解析】abc、对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：f1-mgsin-f=0；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：f2+f-mgsin=0；联立解得：，故a正确；，由于质量和坡角均未知，故b错误，c错误；d、物块对斜面的正压力为：，未知，故d错误。故选a。【考点】共点力平衡6在如图所示的电路中，e为电源电动势，r为电源内阻，r1和r3均为定值电阻，r2为滑动变阻器。当r2的滑动触点在a端时合上开关s，此时三个电表a1、a2和v的示数分别为i1、i2和u。现将r2的滑动触点向b端移动，在移动过程中三个电表示数的变化情况是（ ）ai1增大，i2不变，u增大 bi1减小，i2增大，u减小ci1增大，i2减小，u增大 di1减小，i2不变，u减小【答案】b【解析】r2的滑动触点向b端移动时，r2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，r3电压增大，r1、r2并联电压减小，通过r1的电流i1减小，即a1示数减小，而总电流i增大，则流过r2的电流i2增大，即a2示数增大，故b正确。故选b。【考点】闭合电路的欧姆定律7如图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直纸面放置一根直导体棒，在导体棒中通有垂直纸面向里的电流，图中a点在导体棒正下方，b点与导体棒的连线与斜面垂直，c点在a点左侧，d点在b点右侧。现欲使导体棒静止在斜面上，下列措施可行的是（ ）a在a处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒b在b处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒c在c处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒d在d处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒【答案】d【解析】对直导体棒受力分析，除受到重力与支持力外，还要受到安培力才能平衡，根据重力与支持力的方向，若安培力在两虚线范围内，则会处于平衡；再根据同向电流相互吸引，所以只有在d处放置一电流方向垂直纸面向里的直导体棒，才能保持导体棒静止在斜面上，故d正确。故选d。【考点】安培力8如图所示，示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成。如果在荧光屏上p点出现亮斑，那么示波管中的a极板应带正电 b极板应带正电c极板应带正电. d极板应带正电【答案】ac【解析】电子受力方向与电场方向相反，因电子向x向偏转则，电场方向为x到x，则x带正电同理可知y带正电，故ac正确bd错误。故选ac。【考点】示波器的使用9目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是a. 卫星的动能逐渐减小 b. 由于地球引力做正功，引力势能一定减小c. 卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小d. 由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变【答案】bc【解析】a、卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由此可得卫星线速度 ，卫星轨道半径减小，线速度增加，故卫星动能减小，故a错误；b、由于卫星高度逐渐降低，所以地球引力对卫星做正功，引力势能减小，故b正确；c、根据动能定理可知引力与空气阻力对卫星做的总功应为正值，而引力做的功等于引力势能的减少，即卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的变化，故c正确；d、由于气体阻力做负功，所以卫星与地球组成的系统机械能减少，故d错误。故选bc。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系10如图所示，在pq、qr区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面。一正方形导线框abcd位于纸面内，ab边与磁场的边界p重合，导线框与磁场区域的尺寸如图所示。从t=0时刻开始，线框匀速横穿两个磁场区域，以abcda为线框中的电流i的正方向，向左为导线框所受安培力的正方向，以下i t 2,4,6和f-t关系示意图中正确的是 （ ）【答案】ac【解析】下面是线框切割磁感线的四个阶段示意图；ab、在第一阶段，只有ab切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为正，大小为blv在第二阶段，ab切割向里的磁感线，电动势为逆时针方向，同时cd切割向外的磁感线，电动势为逆时针方向，等效电动势为2blv，且电动势为负； 在第三阶段，cd切割向里的磁感线，感应电动势为顺时针方向，其电动势为正，大小为blv，因此感应电流大小与方向，故a正确故b错误；cd、根据左手定则可知，安培力的方向不变，但大小f=bil，因此在1s到2s内，电流加倍，磁场也加倍，所以是原来的4倍，故c正确d错误。故选ac。【考点】楞次定律第卷（非选择题60分）二、实验题（本题包括11、12、13三个小题，共15分。按题目要求作答）11(2分)图a中螺旋测微器读数为_mm。图b中游标卡尺（游标尺上有50个等分刻度）读数为_cm。【答案】1.998 1.094 【解析】螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.0149.8mm=0.498mm，最终读数为：1.5mm+0.498mm=1.998mm；游标卡尺的固定刻度读数为10mm，游标读数为0.0247mm=0.94mm，最终读数为： 10mm+0.94mm=10.94mm=1.094cm。故选。【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用12(6分)用如图实验装置验证m1 、m2组成的系统机械能守恒。m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。下图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。已知m1= 50g 、m2=150g ，则（结果保留两位有效数字）（1）在纸带上打下记数点5时的速度v = m/s；（2）在05过程中系统动能的增量ek = j，系统势能的减少量ep = j（计算时g取10 m/s2）。由此得出的结论是： （3）若某同学作出v2/2h图像如图，则当地的重力加速度g = m/s2。【答案】（1）2.4（2）0.58 0.60 在误差允许的范围内，m1 、m2组成的系统机械能守恒（3）9.7 【解析】（1）根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为：；（2）物体的初速度为零，所以动能的增加量为：；重力势能的减小量等于物体重力做功，故：；由此可知动能的增加量和势能的减小量基本相等，因此在在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒；（3）本题中根据机械能守恒可知，即有：，所以图象中图象的斜率表示重力加速度的一半，由图可知，斜率k=4.85，故当地的实际重力加速度为：。【考点】验证机械能守恒定律13（7分）欲用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：a电池组（3 v，内阻1）b电流表（03 a，内阻0.0125 ）c电流表（00.6 a，内阻0.125 ）d电压表（03 v，内阻3 k）e电压表（015 v，内阻15 k）f滑动变阻器（020 ，额定电流1 a）g滑动变阻器（0200 ，额定电流0.3 a） h开关、导线（1）上述器材中应选用的是_；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表_接法；（填“内”或“外”）（3）为使通过待测金属导线的电流能在00.5 a范围内改变,请按要求在虚线框内画出测量待测金属导线电阻rx的电路原理图.【答案】（1）（2）外（3）电路如图 【解析】（1）伏安法测电阻丝电阻，需要：a、电池组（3v，内阻1）；电源电动势为3v，因此电压表选：d、电压表 （03v，内阻3k）；电路最大电流约为，电流表应选：c、电流表（00.6a，内阻0.125）；为方便实验操作，滑动变阻应选：f、滑动变阻器（020，额定电流1a）；此外还需要：h、开关、导线；因此需要的实验器材是：a、c、d、f、h；（2）待测电阻阻值约为5，电流表内阻约为0.125a，电压表内阻约为3k，相对来说，电压表内阻远大于待测定值阻值，因此电流表应采用外接法；（3）为使通过待测金属导线的电流能在00.5a范围内改变，变阻器必须接成分压式电路，电流表应采用外接法。实验原理电路图如图。【考点】伏安法测电阻三、计算题（本大题有4小题，共45分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14、（10分）如图所示，质量为0.5kg的物体在与水平面成370角的拉力f作用下，沿水平桌面向右做直线运动，经过0.5m的距离，速度由0.6m/s变为0.4m/s，已知物体与桌面间的动摩擦因数0.1，（sin370=0.6，cos370=0.8，g10m/s2）求：（1）物体的加速度。（2）作用力f的大小。【答案】 【解析】（1）对物体受力分析，建立直角坐标系，取物体运动方向为正方向由得负号表示加速度方向与速度方向相反，即方向向左。（2）对物体进行受力分析可得；y轴方向x轴方向又得。【考点】匀变速直线运动规律；牛顿第二定律15（10分）如图所示，固定于水平桌面上足够长的两平行光滑导轨pq、mn，其电阻不计，间距d=05m，p、m两端接有一只理想电压表，整个装置处于竖直向下的磁感应强度b002t的匀强磁场中，两金属棒l1、l2平行地搁在导轨上，其电阻均为r0.1，质量分别为m1=03kg和m205kg。固定棒l1，使l2在水平恒力f=08n的作用下，由静止开始运动。试求： (1) 当电压表读数为u=02v时，棒l2的加速度为多大；(2)棒l2能达到的最大速度vm.【答案】 【解析】(1) 流过l2的电流l2所受的安培力对l2得 所以l2的加速度； （2）当安培力f安与恒力f平衡时，棒l2速度达到最大，此时电路电流为im，则、得。【考点】法拉第电磁感应定律16（12分）.如图，一个质量为0.6kg 的小球以某一初速度从p点水平抛出，恰好从光滑圆弧abc的a点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机械能损失）。已知圆弧的半径r=0.3m ，=60 0，小球到达a点时的速度 v=4 m/s 。（取g =10 m/s2）求：(1)小球做平抛运动的初速度v0 ；(2)p点与a点的水平距离和竖直高度；(3)小球到达圆弧最高点c时速度和对轨道的压力。【答案】 【解析】（1）小球到a点的速度如图所示，由图可知，；（2）由平抛运动规律得：竖直方向有：、水平方向有：解得：、；（3）取a点为重力势能的零点，由机械能守恒定律得：代入数据得：由圆周运动向心力公式得：代入数据得：由牛顿第三定律得：小球对轨道的压力大小，方向竖直向下。【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；平抛运动；向心力17（13分）如图所示，在xoy平面的第一象限有一匀强电场，电场的方向平行于y轴向下；在x轴和第四象限的射线oc之间有一匀强磁场，磁感应强度的大小为b，方向垂直于纸面向外有一质量为m，带有电荷量+q的质点由电场左侧平行于x轴射入电场质点到达x轴上a点时，速度方向与x轴的夹角为，a点与原点o的距离为d接着，质点进入磁场，并垂直于oc飞离磁场不计重力影响若oc与x轴的夹角为，求： 粒子在磁场中运动速度的大小； 匀强电场的场强大小【答案】 【解析】(1)质点在磁场中的轨迹为一圆弧。由于质点飞离磁场时，速度垂直于oc，故圆弧的圆心在oc上。依题意，质点轨迹与x轴的交点为a，过a点作与a点的速度方向垂直的直线，与oc交于o。由几何关系知，ao垂直于oc，o是圆弧的圆心。设圆弧的半径为r，则有由洛仑兹力公式和牛顿第二定律得将式代入式，解得：质点在电场中的运动为类平抛运动设质点射入电场的速度为v0，在电场中的加速度为a，运动时间为t，则有dv0t联立解得：设电场强度的大小为e，由牛顿第二定律得qema联立解得：【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动赣州市2013-2014学年第一学期期末考试高三物理答题卷一、选择题（本大题有10小题，每小题4分，共40分）12345678910二、实验题（本题包括11、12、13三个小题，共15分。按题目要求作答）11(2分) _mm。_cm。12(6分) （1）v = m/s；（2）ek = j，ep = j（计算时g取10 m/s2）。由此得出的结论是： （3）g = m/s2。13（7分） （1）_；（填写各器材的字母代号）（2）_接法；（填“内”或“外”）（3）.请把图画在右边方框内。f370三、计算题（本大题有4小题，共45分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14、（0分）15（10分）bpv0acor16（12分）yeaoxbcv17（13分）高三物理参考答案一、（每题分，共分。全部选对给分，对但不全给分，多选错选不给分）1a 2。b 3。d 4、c 5 、a 6、b 7、 d 8、ac 9、bc 10ac二、实验题（共三个小题，共分）111.996-1. 999 （1分） 1