江苏省无锡市钱桥中学九年级物理上学期12月月考试题（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年江苏省无锡市钱桥中学九年级（上）月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项只有一个正确）1如图，某同学将一张细条状铝箔纸的两端分别压在干电池的正负极，发现铝箔纸发热并燃烧，关于该实验的分析正确的是（）a实验时干电池的正极与正极相连b用普通纸代替铝箔纸也能燃烧c实验中铝箔纸没有发生化学变化d该实验能说明短路带来的危害2下列物品中，通常情况下属于导体的是（）a陶瓷碗b橡胶手套c钢尺d塑料笔杆3光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，r1为光敏电阻，r2为滑动变阻器，a、b间接监控装置则（）a当有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压降低b当有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压升高c当仅增大r2连入电路中的阻值时，通过r1的电流变大d当仅增大r2连入电路中的阻值时，可降低a、b间的电压4与下图所示实验电路相对应的电路图是选项中的（）abcd5根据欧姆定律，下列说法中正确的是（）a通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小b导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大c通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比d导体两端的电压为零时，电阻值也为零6在国际单位制中，电流的基本单位是（）avbacdw7以下用电器中，正常工作时的电流最接近5a的是（）a微波炉b笔记本电脑c电风扇d手电筒8如图所示，电源电压不变，闭合开关s后，滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中（）a电压表v1示数变大，v2示数变大，电流表a的示数变大b电压表v1示数不变，v2示数变大，电流表a的示数变小c电压表v1示数不变，v2示数变小，电流表a的示数变大d电压表v1示数变小，v2示数变大，电流表a的示数变小9如图所示，电源电压为6v，甲、乙灯泡规格相同，当闭合开关s后，两灯都不亮，现用电压表进行检测，量出a、b两点间的电压为0，b、c两点间电压为6v，造成开路原因可能是（）a电源接触不良b开关接触不良c乙灯接触不良或灯丝断了d甲灯接触不良或灯丝断了10如图所示，是一种测定油箱内油量的装置，其中r是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片和滑杆相连，滑杆可绕固定轴o转动，另一端固定着一个浮子下列说法正确的是（）a油量变少，电流表示数不变b油量越少，电流表示数越大c油量越多，电流表示数越小d油量越多，电流表示数越大11如图所示的电路中，电源电压恒为6v，r1、r2为定值电阻，r1=10甲、乙均为电压表时，闭合s1、s2，两电压表示数之比为u甲：u乙=1：3甲、乙均为电流表时，仅闭合s1，甲、乙电流表示数i甲、i乙分别为（）a1.8a，1.2ab1.8a，0.6ac0.9a，0.6ad0.9a，0.3a12如图甲是灯泡l和电阻r的iu关系图象灯丝电阻受温度的影响，温度越高电阻越大，将l和r以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙，若乙图中u1：u2=m，丙图中i1：i2=n，则下列关系式中正确的是（）am=nbm=cmdm二、填空题（每空1分，共24分）13可充电电筒的电池能反复充放电使用，既节约了资源，也保护了环境电池充电时，电能转化为能，此时充电电池属于（选填“电源”或“用电器”）14如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是（选填“串联”或“并联”）的工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了能15就导电性能来说，金属的导电性能一般比非金属（选填“强”或“弱”）；有些物质如硅、锗等，其导电性能介于导体和绝缘体之间，称作，某些物质在温度极低时，电阻会变成零，这就是现象16当某导体两端电压是3v时，通过它的电流是0.3a，则该导体的电阻是；当它两端电压为0v时，该导体的电阻为17如图为一握力计的电路示意图，a、b、c、d四个接线柱，电表及一定值电阻r0未画出，金属板n固定不动，金属板m可带动金属片p滑动，从而与r构成滑动变阻器，若弹簧的电阻不计，电源电压保持不变，要求握力增大时，电表的示数也增大，则a、b之间应接入，c、d之间应接入（选填“定值电阻”、“电流表”或“电压表”）18如图所示，电源电压不变，r1和r2是两段长度相同、材料相同的电阻丝，r2=40闭合开关s，断开开关s1，电流表示数是0.2a；若再闭合s1，电流表示数是0.6a则电源电压为v，开关都闭合时通过r1和r2的电流之比i1：i2=，电阻丝（选填“r1”或“r2”）的横截面积较大19一种电工工具由一个小灯泡l和一个定值电阻r并联而成，通过l、r的电流跟其两端电压的关系如图所示由图可得定值电阻r的阻值为；当把这个工具接在电压为2v的电路两端，l、r并联的总功率是w20如甲图所示的电路中，电源电压不变，r1为定值电阻闭合开关s，将滑动变阻器r2的滑片p从a向b移动的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，则r1的阻值为当滑动变阻器的滑片p在中点时，两电表的示数对应于乙图中的点（选填“a”、“b”、“c”、“d”或“e”）21如图所示，只闭合s1，电阻r1、r2组成电路，断开s1闭合s2、s3，电阻r1、r2组成电路，同时闭合s1、s3，电路会形成22在晓月设计的小组合作控制电路中，k1 和k2 是指纹开关，当两开关都闭合时，电动机m启动开始小组活动，此控制电路是图中的图；晓宇设计的是防盗电路，触发k1 或k2 的防盗开关，电动机m自动启动将盗贼锁定，防盗电路是下图中的图；下列电路图中的图若两开关都闭合电池将被短路三、画图题（3+3=6分）23请你根据实物电路，在右边框内画出电路图24“阳光动力2号”飞机上装有平衡警示电路，其中s为正对驾驶员的重力开关，金属片m可绕o点自由转动当机翼水平时，m在a、b中间当飞机严重左倾时，绿灯亮、电铃响；当飞机严重右倾时，红灯亮、电铃响请完成电路连接三、解答题（本题共5题，共26分）25某物理兴趣小组学习了导体电阻的知识后，对食盐水溶液的导电性能与什么因素有关提出了以下猜想：食盐水溶液的导电性能与溶液的浓度有关食盐水溶液的导电性能与溶液的质量有关食盐水溶液的导电性能与溶液中两点间的距离有关为了验证猜想，他们设计了如图所示的装置，将电路中的a、b两金属片分别插入如图甲、乙、丙、丁溶液中所示位置（金属片a、b每次插入溶液中的深度都相同）进行探究：（1）在连接电路时，开关必须，本实验电路中接入电阻r0的目的是；（2）食盐水溶液的导电性能可以由来判断；（3）将金属片a、b分别插入如图甲、乙所示位置可探究猜想（选填序号），为了探究猜想应将金属片a、b分别插入两图所示位置；（4）将金属片a、b分别插入如图乙、丁所示位置，若i乙i丁，由此可得到的结论是：26如图1所示，电源电压为6v，图甲为伏安法测电阻的电路图；图乙为连接不完整的实物图（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将图乙中未连接部分连接起来（2）如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数为0的现象，其故障可能是a电流表的正、负接线柱接反 b电压表的量程选小了 c电阻rx发生了短路 d把滑动变阻器下端两接线柱连入电路（3）电路连接正确后，闭合开关，若将滑片p向左移动时，电压表示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）实验过程中，电流表和电压表的示数如图2所示，此时测得的rx=（5）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是27小彬用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”电源电压恒为3v，滑动变阻器上标有“20 2a”字样，阻值分别为5、10、20、50的定值电阻各一个（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整（2）小彬5定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表无示数而电压表有示数，则电路中的故障可能是（写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片p，使电流表的示数如图乙所示，此时电路中的电流为a（3）将5定值电阻换成10定值电阻，闭合开关，为了保持表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片p向（选填“a”或“b”）移动，记录此时各表的示数（4）将10定值电阻换成20定值电阻，重复步骤（3）（5）实验记录的多组数据如表所示分析数据可得出结论：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成比实验次数定值电阻）电流表示数（a）152100.183200.09（6）实验结束后，小彬问老师在此实验中能否换用50的定值电阻进行实验？老师指导小彬分析了不能更换的原因你认为其原因是28近年来，我市的轿车市场十分火爆，各种新型轿车驶进千家万户如图乙为某新型轿车测定油箱内油面高度的电路原理图其中电源电压恒为6v，r0是阻值为5的定值电阻，a是油量指示表（实质是一只电流表，油量的变化通过电流的变化同步显示出来）rx为压敏电阻，它的电阻随受到的压力变化关系如下表压力/n050100150200250300350400电阻/550395275170906040255（1）若轿车以90kw的恒定功率启动作直线运动，且整个运动过程中受到的阻力不变，速度v与时间t的关系如图丙所示，在025s时间内，轿车的牵引力与阻力关系可能的是：牵引力阻力（选填“大于”、“等于”、“小于”、“大于或等于”）（2）由（1）中的条件求在05s时间内轿车发动机做功多少？（3）如果空油箱的质量为5kg，油量表的零刻度线对应于电流表上的示数是多少？（4）若电流表的量程为00.6a，该油箱加满油时，指针恰好指示最大刻度，求油箱的容积？（汽油=0.7103kg/m3）2015-2016学年江苏省无锡市钱桥中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项只有一个正确）1如图，某同学将一张细条状铝箔纸的两端分别压在干电池的正负极，发现铝箔纸发热并燃烧，关于该实验的分析正确的是（）a实验时干电池的正极与正极相连b用普通纸代替铝箔纸也能燃烧c实验中铝箔纸没有发生化学变化d该实验能说明短路带来的危害【考点】电路的三种状态【专题】电流和电路【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路，当电源短路时，电路中的电流很大，可能会烧坏电源【解答】解：a、要连通电路应将电源的正、负极接入电路中，故a错误；b、普通纸是绝缘体，所以此实验普通纸代替铝箔纸不能燃烧，故b错误；c、铝箔纸发热并燃烧，发生了化学变化，故c错误；d、铝箔纸是导体，用它把电源正负极连接，由于电流热效应而发热短路由于电流过大也会产生过多热，故d正确故选d【点评】本题考查了对导体与绝缘体和电流热效应及短路的认识和理解，属于一道基础题2下列物品中，通常情况下属于导体的是（）a陶瓷碗b橡胶手套c钢尺d塑料笔杆【考点】导体【专题】电流和电路【分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等【解答】解：陶瓷碗、橡胶手套、塑料笔杆都属于绝缘体；钢尺属于导体故选：c【点评】对于常见的导体和绝缘体的记忆，不要死记硬背，要根据生活中哪些地面用什么导体来导电，用什么绝缘体来绝缘等3光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，r1为光敏电阻，r2为滑动变阻器，a、b间接监控装置则（）a当有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压降低b当有人通过通道而遮蔽光线时，a、b间电压升高c当仅增大r2连入电路中的阻值时，通过r1的电流变大d当仅增大r2连入电路中的阻值时，可降低a、b间的电压【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【专题】应用题；压轴题；动态预测题；推理法【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，监控装置与r2并联；根据题意得出有人通过时r1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和a、b间电压的变化；（2）当仅增大r2连入电路中的阻值时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和r1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知a、b间电压的变化【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，监控装置与r2并联（1）当有人通过通道而遮蔽光线时，r1阻值变大，电路中的总电阻变大；根据i=可知，电路中的电流变小，根据u=ir可知，r2阻值不变时，其两端的电压变小，即a、b间电压降低，故a正确，b不正确（2）当仅增大r2连入电路中的阻值时，电路中的电阻变大；根据i=可知，电路中的电流变小，故c不正确；根据u=ir可知，r1阻值不变时，其两端的电压变小；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，r2两端的电压变大，即a、b间电压升高，故d不正确故选a【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析当有人通过通道而遮蔽光线时和当仅增大r1连入电路中的阻值时电路的动态分析，要注意光敏电阻的特点4与下图所示实验电路相对应的电路图是选项中的（）abcd【考点】根据实物图画电路图【分析】从实物图可以判断出是并联电路，且s2控制l2，s1控制整个电路，故可以选择出正确的答案【解答】解：因为电路是并联的，故b选项不正确，又因为s2控制l2，s1控制整个电路，所以，a c不正确故选择：d【点评】会判断出串并联电路，会根据实物图判断正确的电路图，注意电流从正极流出，最后回到负极5根据欧姆定律，下列说法中正确的是（）a通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小b导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大c通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比d导体两端的电压为零时，电阻值也为零【考点】欧姆定律【专题】欧姆定律【分析】（1）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度；与导体两端电压、通过的电流无关；（2）欧姆定律：导体中的电流与其两端的电压成正比，与其电阻成反比据此分析解答【解答】解：ab、影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度；与导体两端电压、通过的电流无关，故ab错误；c、由欧姆定律可知，通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比，故c正确；d、电阻是导体本身的一种属性，与所加电压无关，故d错误故选c【点评】此题主要考查学生对于电阻是导体一种性质的理解，利用欧姆定律只能求解电阻大小6在国际单位制中，电流的基本单位是（）avbacdw【考点】物理量的单位及单位换算【专题】电流和电路【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答【解答】解：在国际单位制中，a、伏特（v）是电压的基本单位不符合题意；b、安培（a）是电流的基本单位符合题意；c、欧姆（）是电阻的基本单位不符合题意；d、瓦特（w）是功率的基本单位不符合题意故选b【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度较小，是一道基础题7以下用电器中，正常工作时的电流最接近5a的是（）a微波炉b笔记本电脑c电风扇d手电筒【考点】电流的大小【专题】计算题；电流和电路【分析】本题可先估测出用电器的电功率，再根据电功率公式求出电流，即可得出答案【解答】解：a、微波炉的电功率约为1000w，正常工作时的电流i=4.5a，接近5a，符合题意；b、笔记本电脑的电功率约为100w，正常工作时的电流i=0.45a，不符合题意；c、电风扇的电功率约为110w，正常工作时的电流i=0.5a，不符合题意；d、手电筒的电功率约为1w，正常工作时的电流i=0.33a，不符合题意故选a【点评】对于每个用电器的电流大小是多少，我们是比较陌生的，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析8如图所示，电源电压不变，闭合开关s后，滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中（）a电压表v1示数变大，v2示数变大，电流表a的示数变大b电压表v1示数不变，v2示数变大，电流表a的示数变小c电压表v1示数不变，v2示数变小，电流表a的示数变大d电压表v1示数变小，v2示数变大，电流表a的示数变小【考点】欧姆定律；串联电路的电压规律；电路的动态分析【专题】压轴题【分析】电路的动态分析问题，是中考热点题型之一，首先要弄清电路的连接情况，定值电阻r1与滑动变阻器r2串联，v1测r1的电压，v2测r2的电压，然后根据欧姆定律来分析各表变化【解答】解：方法一：滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中，r2的电阻变大电路的总电阻就变大由于电源电压不变，导致电路中的总电流变小电流表a示数变小依据u1=ir1，r1不变，i变小，所以u1变小电压表u1示数变小依据u2=uu1，电源电压u不变，u1变小，所以u2变大方法二：串联电路中，即电压与电阻成正比，当滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中，r2占总电阻的比例增大，分得电压也增大；r1占总电阻的比例减小，分得的电压也减小；电路中的电流随总电阻的增大而减小故选d【点评】电路的动态分析问题，解题之前要弄清：看懂电路图，弄清各电表测量哪些用电器的哪些物理量；弄清改变电阻的方法，利用滑动变阻器改变电阻还是利用开关改变电阻；解题方法有两种：方法：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化总电阻如何变化由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化依据u=ir分析不变的电阻两端的电压如何变化依据u变化的电阻=u总u不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化方法：串联电路中，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所点比例分数越大，分得的电压比例就越大9如图所示，电源电压为6v，甲、乙灯泡规格相同，当闭合开关s后，两灯都不亮，现用电压表进行检测，量出a、b两点间的电压为0，b、c两点间电压为6v，造成开路原因可能是（）a电源接触不良b开关接触不良c乙灯接触不良或灯丝断了d甲灯接触不良或灯丝断了【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】应用题；欧姆定律【分析】根据电压表在电路中的作用进行分析，即电路发生断路时，电压表检测时，有电压的线路出现断路（电源除外）【解答】解：因为两个灯泡都不亮，所以电路出现断路，又因为电压表检测ab两点间的电压为零，b、c两点间的电压为6v（即电源电压），所以a、b两点间连接完好，b、c两点间有断路，即乙灯接触不良或灯丝断路故选c【点评】知道电压表和电流表在电路中的作用，会用电压表和电流表检测电路中的故障10如图所示，是一种测定油箱内油量的装置，其中r是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片和滑杆相连，滑杆可绕固定轴o转动，另一端固定着一个浮子下列说法正确的是（）a油量变少，电流表示数不变b油量越少，电流表示数越大c油量越多，电流表示数越小d油量越多，电流表示数越大【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】分析清楚电路结构，根据电路结构判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由图示电路图可知，两电阻串联接入电路，电流表测电路电流，油量减少时，滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，故ab错误；油量越多，滑动变阻器滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，故c错误，d正确；故选d【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的应用以及定值电阻的作用，知道“自动测定油箱内油量的装置”的工作原理是关键11如图所示的电路中，电源电压恒为6v，r1、r2为定值电阻，r1=10甲、乙均为电压表时，闭合s1、s2，两电压表示数之比为u甲：u乙=1：3甲、乙均为电流表时，仅闭合s1，甲、乙电流表示数i甲、i乙分别为（）a1.8a，1.2ab1.8a，0.6ac0.9a，0.6ad0.9a，0.3a【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】根据题意分析电路结构，然后根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由图示电路图可知，甲、乙均为电压表，闭合s1、s2时，两电阻串联，甲测r1两端电压，乙测两电阻串联电压，已知：u甲：u乙=1：3，则：u乙=3u甲，两电阻串联，通过两电阻的电流i相等，两电阻之比： =，r2=2r1=20，甲、乙均为电流表时，仅闭合s1，两电阻并联，乙测通过r1的电流，甲测干路电流，两电流表示数：i甲=+=+=0.9a，i乙=0.6a故选c【点评】本题考查了求电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题12如图甲是灯泡l和电阻r的iu关系图象灯丝电阻受温度的影响，温度越高电阻越大，将l和r以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙，若乙图中u1：u2=m，丙图中i1：i2=n，则下列关系式中正确的是（）am=nbm=cmdm【考点】欧姆定律的应用【专题】压轴题；欧姆定律【分析】已知在图乙中，灯泡与电阻串联，u1：u2=m，在图丙中，灯泡与电阻并联，i1：i2=n，分别根据串联电路的电压规律和并联电路的电压规律求得两电阻之比，然后即可得出结论【解答】解：在图乙中，灯泡与电阻串联，电路中的电流相同，由欧姆定律i=可知，当电流相同时，电压与电阻成正比，又因为u1：u2=m，则=m，在图丙中，灯泡与电阻并联，各支路两端的电压相同，由欧姆定律i=可知，当电压相同时，电流与电阻成反比，又因为i1：i2=n，则=n，即=，由图象甲可知，r1乙小于r1丙，所以，即m故选c【点评】能灵活运用欧姆定律及其变形公式，熟知串并联电路的电压、电流、电阻的关系，是解答本题的关键，有一定的难度二、填空题（每空1分，共24分）13可充电电筒的电池能反复充放电使用，既节约了资源，也保护了环境电池充电时，电能转化为化学能，此时充电电池属于用电器（选填“电源”或“用电器”）【考点】电源及其能量转化；电路的组成【专题】应用题；电流和电路【分析】（1）根据充电手电筒在使用过程中消耗和获得的能量，可判断其能量的转化形式（2）用电来工作的仪器或消耗电能的设备都是用电器【解答】解：电池充电时，电能转化为化学能，储存在电池的内部；在该过程中，电池需要消耗电能，所以相当于用电器故答案为：化学；用电器【点评】本题考查手电筒使用时的能量转化，注意其充电和放电使用时，其能量转化方向是不同的14如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是并联（选填“串联”或“并联”）的工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能【考点】电路的基本连接方式；电热【专题】电流和电路；电与热、生活用电【分析】（1）并联电路中各用电器互不影响；（2）用电器工作时，消耗了电能，得到了其他形式的能【解答】解：路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，并且各电脑之间互不影响，因此各接口之间为并联连接； 工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能故答案为：并联；内【点评】本题综合考查了串并联电路的特点以及能量间的相互转换等，综合性强，但都属于基础知识考查范围15就导电性能来说，金属的导电性能一般比非金属强（选填“强”或“弱”）；有些物质如硅、锗等，其导电性能介于导体和绝缘体之间，称作半导体，某些物质在温度极低时，电阻会变成零，这就是超导现象【考点】半导体的特点；超导体的特点【专题】粒子与宇宙、材料世界【分析】（1）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，如：硅、锗等；（2）当物质电阻为零时，会出现超导现象【解答】解：金属的导电性能一般比较强；介于金属和非金属之间的硅和锗是半导体材料；当物质的电阻变为零时，导电性能极强，属于超导现象；故答案为：强；半导体；超导【点评】此题主要考查导体、半导体和超导现象，都属于基础知识16当某导体两端电压是3v时，通过它的电流是0.3a，则该导体的电阻是10；当它两端电压为0v时，该导体的电阻为10【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：由i=可得，导体的电阻：r=10，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端电压为0v时，该导体的电阻仍为10不变故答案为：10；10【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目17如图为一握力计的电路示意图，a、b、c、d四个接线柱，电表及一定值电阻r0未画出，金属板n固定不动，金属板m可带动金属片p滑动，从而与r构成滑动变阻器，若弹簧的电阻不计，电源电压保持不变，要求握力增大时，电表的示数也增大，则a、b之间应接入电压表，c、d之间应接入定值电阻（选填“定值电阻”、“电流表”或“电压表”）【考点】欧姆定律的应用【专题】压轴题；欧姆定律【分析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知c、d之间不可能是电压表，否则电路断路；根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断c、d之间为定值电阻、电流表时电表示数的变化，然后得出符合题意的答案【解答】解：（1）c、d之间不可能是电压表，否则电路断路；（2）若c、d之间为电流表，当a、b之间为电压表时，电路为r的简单电路，电压表测电源的电压示数不变，电流表测电路中的电流，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，由i=可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；a、b之间为定值电阻时，r与定值电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，由i=可知该支路的电流减小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；（3）若c、d之间为定值电阻，a、b之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路；a、b之间为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由i=可知电流表的示数减小，由u=ir可知，定值电阻两端的电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意故答案为：电压表；定值电阻【点评】本题考查了电路的动态分析，要注意各种情况的讨论，可以按c、d之间依次为电压表、电流表、定值电阻时各种情况的组合进行讨论，防止遗漏18如图所示，电源电压不变，r1和r2是两段长度相同、材料相同的电阻丝，r2=40闭合开关s，断开开关s1，电流表示数是0.2a；若再闭合s1，电流表示数是0.6a则电源电压为16v，开关都闭合时通过r1和r2的电流之比i1：i2=1：2，电阻丝r2（选填“r1”或“r2”）的横截面积较大【考点】欧姆定律的应用【专题】压轴题；欧姆定律【分析】从图可知，闭合开关s，断开开关s1时，电路中只有r1，通过r1的电流等于电流表的示数再闭合s1，r1和r2并联，可利用公式i2=ii1计算通过r2的电流，利用u=ir求电源电压，进而求出求出通过电阻的电流之比在导体材料、长度相同的情况下，导体的横截面积越大，导体电阻越小，据此分析答题【解答】解：由图示电路图可知，闭合开关s，断开开关s1时，电路中只有r1，通过r1的电流i1=0.2a，由图示电路图可知，再闭合s1，r1和r2并联，电流表测干路电流，由并联电路的特点可知，通过r2的电流：i2=ii1=0.6a0.2a=0.4a，电源电压：u=u2=ir2=0.4a40=16v，通过r1和r2的电流之比：i1：i2=：0.2a：0.4a=1：2；并联电阻两端电压相等，电阻r1的阻值：r1=80，r1和r2是两段长度相同、材料相同的电阻丝，r1的阻值大于r2的阻值，则r1的横截面积小于r2的横截面积故答案为：16；1：2；r2【点评】本题考查的欧姆定律的应用，关键是对电路状态的判断，由并联电路的特点结合欧姆定律可以解题；解题时要注意影响导体电阻的因素19一种电工工具由一个小灯泡l和一个定值电阻r并联而成，通过l、r的电流跟其两端电压的关系如图所示由图可得定值电阻r的阻值为10；当把这个工具接在电压为2v的电路两端，l、r并联的总功率是1.6w【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算【专题】计算题；应用题；压轴题；信息给予题【分析】首先根据图象得出定值电阻r和灯泡l在2v时的电流，然后根据欧姆定律求出定值电阻的阻值，再根据并联电路的特点求出干路电流，根据p=ui求出l、r并联在2v电路两端时的总功率【解答】解：由图象可知，当灯泡与r两端的电路为2v时，通过r的电流为0.2a，通过l的电流为0.6a定值电阻的阻值：r=10；l、r并联在2v电路两端时，干路电流：i=ir+il=0.2a+0.6a=0.8a，消耗的总功率：p=ui=2v0.8a=1.6w故答案为：10；1.6【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，能从图象中得出电压对应的电流是关键20如甲图所示的电路中，电源电压不变，r1为定值电阻闭合开关s，将滑动变阻器r2的滑片p从a向b移动的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，则r1的阻值为10当滑动变阻器的滑片p在中点时，两电表的示数对应于乙图中的b点（选填“a”、“b”、“c”、“d”或“e”）【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律【专题】计算题；压轴题；信息给予题【分析】（1）根据滑片在a、b两点时电路的连接情况，由电源电压保持不变的特点，利用欧姆定律列出关于电压的等式，即可求出r1的阻值；（2）由图可知滑动变阻器r2两端的电压和通过的电流值，根据欧姆定律求出r2，则当滑动变阻器的滑片p在中点时，连入电路的阻值为r2，如何根据串联电路的特点和欧姆定律求出串联电路的电流【解答】解：（1）由电路图可知，当滑片p在a端时滑动变阻器全部接入，r1与r2串联，即电路中电流最小时，则由图象可知此时电路中的电流ia=0.2a，r2两端的电压u2=4v，r2=20；电源电压u=iar1+u2，即：u=0.2ar1+4v当滑片p在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，由图象可知这时电路中电流为ib=0.6a，电源电压加在r1上，则u=ibr1；即u=0.6ar1 解得：r1=10，u=6v；（2）当滑动变阻器的滑片p在中点时，则滑动变阻器连入电路的阻值为r2=r2=20=10，电流表的示数为：i=0.3a由图象可知：电流表示数为0.3a时对应的点是b故答案为：10；b【点评】本题关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是明白滑片移动过程中电路的变化情况，本题重点考查了应用图象解决问题，这是以后学习的重点21如图所示，只闭合s1，电阻r1、r2组成串联电路，断开s1闭合s2、s3，电阻r1、r2组成并联电路，同时闭合s1、s3，电路会形成电源短路【考点】电路的基本连接方式【专题】电流和电路【分析】根据串并联电路的特点进行分析，串联电路依次按顺序连接，并联电路是并列连接的电源短路会损坏电源，这是绝对不允许的【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合s2，断开s1 s3时，r1、r2首尾顺次连接，它们是串联的（2）由电路图可知，闭合s2 s3，断开s1时，r1、r2首首相连，尾尾相连，它们是并联的（3）由电路图可知，同时闭合开关s1和s3，电源短路，这是不允许的故答案为：串联；并联；电源短路【点评】解决此类电路问题的关键是根据串联合并联电路的特点，结合题意选择合适的开关组成符合题意的电路图22在晓月设计的小组合作控制电路中，k1 和k2 是指纹开关，当两开关都闭合时，电动机m启动开始小组活动，此控制电路是图中的甲图；晓宇设计的是防盗电路，触发k1 或k2 的防盗开关，电动机m自动启动将盗贼锁定，防盗电路是下图中的丙图；下列电路图中的乙图若两开关都闭合电池将被短路【考点】电路图设计【专题】电流和电路【分析】通常开关与被控制用电器串联，闭合开关接通电路，用电器工作，断开开关，用电器停止工作；若开关与用电器并联，开关断开用电器工作，开关闭合，用电器短路不能工作；根据串联电路的特点，开关串联时，只有开关同时闭合才能接通电路；根据并联电路的特点，开关并联时，只要有一个开关闭合就能接通电路短路是指导线直接将电源的正、负极相连，电流不通过用电器，这样易烧坏电源【解答】解：k1、k2都闭合时，电动机m才能启动开始小组活动，由此说明两开关串联后控制电动机，所以控制电路是甲图；触发k1或k2，电动机都能工作将盗贼锁定，所以两开关应并联，所以防盗电路是丙图；两开关都闭合造成电源短路的是乙图，因为两开关都闭合时，电源两极被导线直接相连了故答案为：甲；丙；乙【点评】本题主要考查开关串联和开关并联的在电路中作用以及对短路的认识和理解，属于一道基础题三、画图题（3+3=6分）23请你根据实物电路，在右边框内画出电路图【考点】根据实物图画电路图【专题】电流和电路【分析】分析电路的连接方式及电路元件的连接顺序，正确画出电路图【解答】解：由实物电路图可知，两灯泡并联，开关s1控制l2支路，开关s2控制l1支路，根据实物电路图作出电路图，电路图如图所示：【点评】此题考查了有关电路图的画法，在按实物图画电路图时，一定要正确分析电路，并注意电路元件的连接顺序24“阳光动力2号”飞机上装有平衡警示电路，其中s为正对驾驶员的重力开关，金属片m可绕o点自由转动当机翼水平时，m在a、b中间当飞机严重左倾时，绿灯亮、电铃响；当飞机严重右倾时，红灯亮、电铃响请完成电路连接【考点】实物的电路连接【专题】电流和电路【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意判断各电路元件的连接方式，然后连接电路图【解答】解：当飞机严重左倾时，绿灯亮、电铃响，开关接a，绿灯与电铃接入电路；当飞机严重右倾时，红灯亮、电铃响，开关接b，红灯与电铃接入电路；由题意可知，红灯与绿灯互不影响，能独立工作，它们是并联的，不论开关接a还是接b，电铃都接入电路，电铃串联在干路中，电路图如图所示：故答案为：电路图如图所示【点评】本题考查了设计电路的能力注意并联电路中各用电器互不影响，而串联电路中各元件相互影响三、解答题（本题共5题，共26分）25某物理兴趣小组学习了导体电阻的知识后，对食盐水溶液的导电性能与什么因素有关提出了以下猜想：食盐水溶液的导电性能与溶液的浓度有关食盐水溶液的导电性能与溶液的质量有关食盐水溶液的导电性能与溶液中两点间的距离有关为了验证猜想，他们设计了如图所示的装置，将电路中的a、b两金属片分别插入如图甲、乙、丙、丁溶液中所示位置（金属片a、b每次插入溶液中的深度都相同）进行探究：（1）在连接电路时，开关必须断开，本实验电路中接入电阻r0的目的是防止电流过大烧坏电流表，起保护作用；（2）食盐水溶液的导电性能可以由电流表示数大小来判断；（3）将金属片a、b分别插入如图甲、乙所示位置可探究猜想（选填序号），为了探究猜想应将金属片a、b分别插入甲丙两图所示位置；（4）将金属片a、b分别插入如图乙、丁所示位置，若i乙i丁，由此可得到的结论是：食盐水溶液的导电性能与溶液中两点间的距离有关【考点】控制变量法与探究性实验方案【专题】探究型实验综合题【分析】（1）连接电路过程中开关处于断开状态，电路中接入定值电阻目的是保护电路；（2）金属片a、b插入盐水中，电源电压一定，盐水导电性越强，电阻越小，电流越大，电流表示数越大；用电流表示数大小来反映盐水电阻的大小；（3）盐水的电阻可能跟盐水的浓度、质量、金属片之间的距离有关探究盐水电阻跟盐水浓度的关系时，控制盐水的质量和金属片的距离不变；探究盐水电阻跟质量的关系，控制盐水的浓度、金属片之间的距离不变；（4）探究盐水电阻跟金属片距离的关系，控制盐水的浓度、盐水的质量不变【解答】解：（1）连接电路过程中开关处于断开状态，为了防止电流过大将电流表烧坏，电路中接入一定值电阻r0；（2）若食盐水溶液的导电性能比较强，其电阻就比较小，电流表示数较大；反之，电流表示数较小，可见，食盐水溶液的导电性能可以由电流表示数的大小来判断（3）a、b分别插入甲、乙所示位置，盐水的质量和金属片的距离不变，可探究食盐水溶液的导电性能与溶液的浓度有关为了探究食盐水溶液的导电性能与溶液的质量的关系，需要保持溶液的浓度和溶液中两点间的距离不变，改变溶液的质量，应将金属片a、b分别插入甲、丙两图所示位置（4）将金属片a、b分别插入乙、丁所示位置时，溶液的浓度相同，质量也相等，溶液中两点间的距离不相等，若i乙i丁，所以，食盐水溶液的导电性能与溶液中两点间的距离有关故答案为：（1）断开；防止电流过大烧坏电流表，起保护作用；（2）电流表示数大小；（3）；甲、丙；（4）食盐水溶液的导电性能与溶液中两点间的距离有关【点评】探究物理问题时，要猜想物理量可能与哪些因素有关，利用控制变量法，探究物理量的影响因素26如图1所示，电源电压为6v，图甲为伏安法测电阻的电路图；图乙为连接不完整的实物图（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将图乙中未连接部分连接起来（2）如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数为0的现象，其故障可能是ca电流表的正、负接线柱接反 b电压表的量程选小了 c电阻rx发生了短路 d把滑动变阻器下端两接线柱连入电路（3）电路连接正确后，闭合开关，若将滑片p向左移动时，电压表示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）实验过程中，电流表和电压表的示数如图2所示，此时测得的rx=5（5）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是减小误差【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）根据电源的电压确定电压表的量程且与被测电阻并联，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；（2）电路的故障有两种：断路或短路，根据电压表和电流表的示数可做出判断；（3）滑片左移，电阻变小，分压变小，则电压表的示数会变大；（4）读出电压表和电流表的示数，根据欧姆定律的变形公式计算电