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江西省南昌市2014-2015学年高二数学下学期期中测试试题 理(扫描版) 20142015学年度第二学期期中测试卷高二数学(理科甲卷)参考答案及评分意见一、选择题(每小题5分,共60分)题号123456789101112答案cbdaabdacbcd二、填空题(每小题5分,共20分)13 a 14 15 16 三、解答题17.(1)结论:bcl,因为adbc,bc平面pad,ad平面pad,所以bc平面pad.又因为bc平面pbc,平面pad平面pbcl,所以bcl.(2)结论:mn平面pad.设q为cd的中点,如图所示,连接nq,mq,则nqpd,mqad.又因为nqmqq,pdadd,所以平面mnq平面pad.又因为mn平面mnq,所以mn平面pad.18解析:(1)由该几何体的三视图知ac面bced,且ec=bc=ac=4,bd=,体积; 4分(2)在中,过b作ad的垂线bh,垂足为h,易得,该旋转体由两个同底的圆锥构成,圆锥底面半径为,所以圆锥底面周长为,两个圆锥的母线长分别为和2,故该旋转体的表面积为。12分19解析:(1)证明:由已知可得bd2,又ad2,cd4,ab2,则bc2,则bd2bc216dc2,所以bdbc.因为pd平面abcd,bc平面abcd,故pdbc.又bdpdd,所以bc平面bdp. 6分(2)如图,过m作mgdc交dc于点g.由pddc,m是pc中点,知mg是dcp的中位线,因此,mgpd,mgpd,又pd平面abcd,所以mg平面bdc.又tanpcd,得pd2,mgpd1.所以vmbdpvpbcdvmbcd222221.12分20(1)由得由(cm3)6分(2)作轴截面图如下,设球心为,半径为,由,,则,(cm2)12分21解析(1)方法一adbc,bcad,q为ad的中点,四边形bcdq为平行四边形cdbq. 1分adc90,aqb90,即qbad.又平面pad平面abcd,且平面pad平面abcdad,bq平面pad. 3分bq平面pqb,平面pqb平面pad. 4分方法二adbc,bcad,q为ad的中点,bcdq且bcdq.四边形bcdq为平行四边形,cdbq. 1分adc90,aqb90,即qbad.papd,pqad. 2分又pqbqq,ad平面pbq. 3分ad平面pad,平面pqb平面pad. 4分(2)papd,q为ad的中点,pqad.平面pad平面abcd,且平面pad平面abcdad,pq平面abcd. 5分如图,以q为原点,qa,qb,qp所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,则q(0,0,0),a(1,0,0),p(0,0,),b(0,0),c(1,0),m(,)6分(1,0,),(,)设异面直线ap与bm所成角为,则cos|cos,|.7分异面直线ap与bm所成角的余弦值为.8分(3)由(2)知,平面bqc的一个法向量为n(0,0,1),9分连接qc,由p,m,c三点共线,得(1),且01.(1,(1),)10分又(0,0),设平面mbq的法向量为m(x,y,z),则即令x,得y0,z.平面mbq的一个法向量为m(,0,)11分二面角mbqc的大小为30,cos30|.qm.12分22解析(1)因为等边三角形abc的边长为3,且,所以ad1,ae2.在ade中,dae60,由余弦定理,得de.因为ad2de2ae2,所以adde,折叠后有a1dde. 3分因为二面角a1deb是直二面角,所以平面a1de平面bced.又平面a1de平面bcedde,a1d平面a1de,a1dde,所以a1d平面bced. 6分(2)假设在线段bc上存在点p,使直线pa1与平面a1bd所成的角为60.如图,作phbd于点h,连接a1h,a1p.方法一由(1)知a1d平面bced,又ph平面bced,所以a1dph.又a1dbdd,所以ph平面a1bd.所以pa1h是直线pa1与平面a1bd所成的角8分设pbx(0x3),则bh,ph.又在rtpa1h中,pa1h60,所以a1h.在rta1dh中,a1d1,dh2,由a1d2dh2a1h2,得12(2)2()2.解得x,满足0x3,符合题意所以在线段bc上存在点p,使直线pa1与平面a1bd所成的角为60,此时pb.12分方法二由(1)可知eddb,a1d平面bced.以d为坐标原点,以射线db,de,da1分别为x轴,y轴,z轴的正半轴,建立空间直角坐标系dxyz,如图所示设pb2a(02a3),则bha,pha,dh2a.所以a1(0,0,1),p(2a,a,0),e(0,0)所以(a2,a,1)因为ed平面a1bd,所以平面a1bd的一个法向量为(0
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