湖南省长沙市雅礼教育集团2018届九年级物理下学期期中联考试题（含解析）.docx

湖南省长沙市雅礼教育集团2018届九年级物理下学期期中联考试题1.有关日常中的数据下列说法不符合实际情况的是A.一台空调的额定电功率约为1.5kWB.岳麓山到雅礼中学的直线距离约为400kmC.一瓶2元的农夫山泉矿泉水质量约为550gD.人体的正常体温为37【答案】B【解析】【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【详解】A.一台空调的额定电功率约为1KW到5KW.故A符合实际；B.岳麓山到雅礼中学的直线距离约为400公里=400km，距离太远，故B不符合实际；C.一瓶2元的农夫山泉的体积550mL,其质量为m=V=1.0g/cm3550cm3=550g，故C符合实际；D.人体的正常体温为37，故D符合实际；故选：B。2.如图所示，万家丽高架桥的部分路段，两侧设有3米左右高的板墙，安装这些板墙的主要目的是A.保护车辆行驶安全B.减小车辆噪声污染C.阻止车辆废气外泄D.增加高架道路美观【答案】B【解析】【分析】防治噪声的途径有三条：防止噪声产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳【详解】道路两侧设两侧设有3m左右高的透明板墙，其作用相当于一个隔音板，使噪声的传播过程中减弱噪声，因此是为了减小车辆噪声污染故选B3.下列各种现象与其发生的物态变化及其吸放热对应关系正确的一项是A.秋天，草丛之上晶莹的露珠液化吸热B.冬天，早晨草叶上的霜凝华放热C.春天，冰雪融化汇成的溪流熔化放热D.夏天，冰棍“冒出”的“白气”蒸发吸热【答案】B【解析】【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华【详解】A.露珠是空气中的水蒸气遇冷放热液化形成的水滴。此选项错误；B.霜是空气中的水蒸气遇冷放热凝华形成的冰晶。此选项正确。C.冰雪融化，由固态变成液态，是熔化过程，需要吸热。此选项错误；D.冰棍温度很低，空气中的水蒸气在冰棍周围放热液化成为“白气”。此选项错误；故选B.4.如图所示现象中，由于光的反射形成的是A.“手影”B.“树影”C.“海市蜃楼”D.“倒影”【答案】D【解析】【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项【详解】A.手在墙上形成手影是光在同种均匀的介质中沿直线传播形成的，故本选项不符合题意。B.地上的“树影”属于光的直线传播现象，故本选项不符合题意。C.海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，不符合题意。D.平静的水面相当于平面镜，树在水中成像是平面镜成像现象，故属于光的反射，故本选项符合题意。故选D.5.图甲测凸透镜的焦距，图乙“探究凸透镜成像的规律”,在图乙所示的位置光屏上成清晰的像，下列说法正确的是A.图乙中若用遮光板挡住凸透镜的上半部分，光屏上只出现像的下半部分B.图乙中若在凸透镜左侧“戴”上近视眼镜，光屏向右移动才能找到清晰的像C.由图甲可知凸透镜的焦距是40cmD.图乙的成像特点与照相机的成像特点相同【答案】B【解析】【分析】（1）凸透镜成像的规律，研究的是成像特点与物距之间的关系，成像特点的变化与透镜的焦距有关首先确定凸透镜的焦距；（2）结合凸透镜成像是由于光通过透镜会聚而成像和近视眼的成因和矫正方法【详解】A.挡住了透镜上半部分，光能通过下半部分会聚成像，只是光线变少了能成一个变暗的完整的像，故A错误；B.戴上近视眼镜(凹透镜)对光有发散作用，所以像会成在后面，光屏向右移动。故B正确。C.根据甲图可以知道f=10cm，故C错误；D.根据乙图u2f，应用应该是照相机，故D错误；故选：B.6.如图中甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法正确的是A.木块第1次受到的拉力较大B.木块第2次受到的摩擦力较大C.第1次拉力做的功较多D.第1次拉力做功的功率较大【答案】D【解析】【分析】（1）先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系；（2）根据速度的计算公式：v=利用图象形状可以确定物体的运动状态（3）根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=FS比较两次做功的多少；（4）根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析【详解】AB.木块的运动速度虽然不同，但前后两次受到的拉力和摩擦力都是一对平衡力。由于木块对水平板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力不变。从图象上可以看出，木块两次都是作匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，故AB错误。C.从图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，由W=FS可知，2通过的距离大，所以2所做的功多，故C错误。D.从图中可以看出第一次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力不变，根据公式P=Fv可知，拉力第一次做功的功率大；故D正确。故选D.7.如图所示是四冲程汽油机的其中一个冲程的剖面图，下列说法正确的是A.该冲程是内能转化为机械能的过程B.该冲程中排气阀门是处于打开状态C.该冲程是吸气冲程D.该冲程中活塞向上运动【答案】A【解析】【分析】判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功；”进行分析；其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能【详解】图中两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故BCD错误，A正确。故选A.8.如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是A.电流方向是从电流表到开关B.电流表测的是灯L1的电流C.两灯泡串联D.开关只能控制灯L2【答案】B【解析】【分析】由图可知，电流从开关到电流表和灯L1、另一条过灯L2，到负极，则两灯泡并联，根据电流表串联的用电器即可判断电流表测量的对象【详解】AD.电流从电源正极流出，再到开关，然后分为两条路径，一条从电流表到灯，另一条经过灯；汇合后回到负极，则开关控制整个电路，故AD错误；B.电流表A串联在支路上，测通过灯泡L1的电流，故B正确。C.由图可知，两灯泡并列连接，因此两个灯泡并联，故C错误；故选：B。9.如图所示，当开关S闭合后，发现电灯L不亮，用测电笔测试c、d两点时，氖管都发光，测试a、b两点时，只有a点氖管发光，则故障可能是A.b、c之间某处断路B.电灯的灯丝断了C.a、d之间某处断路D.火线与零线短路【答案】A【解析】【分析】电灯L不亮，而点c能使测电笔亮，说明c到零线b之间开路【详解】闭合开关后，c点应不亮，b点亮了，说明bc之间某处断路。故选A.10.如图所示的四个装置，以下关于它们分别用来演示哪个物理现象的描述，错误的是A.图a可用来演示发电机的工作原理B.图b可用来演示电流的磁效应C.图c可用来演示电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系D.图d可用来演示电磁感应现象【答案】D【解析】A.图a没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，故A正确；B.图b验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯实验，说明了电流的磁效应，故B正确；C.图c电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，验证了磁性强弱与线圈匝数关系，故C正确；D.图d有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，故D错误。点睛：题目给出了四个类似的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择11.以下说法正确的是A.微信聊天时手机发射的电磁波不能在真空中传播B.核反应堆中发生的链式反应是不可以控制的C.电视机、空调等设备的遥控器都是利用红外线遥控D.太阳能、化石能源、核能都是不可再生能源【答案】C【解析】【详解】A.电磁波的传播不需要介质，微信聊天时手机发射的电磁波能在真空中传播，该选项说法不正确；B.核反应堆中发生的链式反应是可以控制的，该选项说法不正确；C.电视机、空调等设备的遥控器都是利用红外线遥控，该选项说法正确；D.太阳能是可再生能源、化石能源、核能都是不可再生能源，该选项说法不正确；故选C.12.电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，电流表量程“00.6A”，滑动变阻器规格“202A”，灯泡L标有“3V1.5W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断不正确的是A.滑动变阻器入电路的阻值变化的范围是312B.电路中电流变化的范围是0.25A0.5AC.灯泡的功率允许的变化范围是0.375W1.5WD.电路消耗总功率允许的变化范围为1.35W2.25W【答案】D【解析】【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点可知，电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据P=UI求出电路中的最大电功率，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，电路消耗总功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出灯泡的最小功率，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。(1)灯泡正常发光时的电压为3V，功率为1.5W，因串联电路总电压等于各分电压之和，所以,此时电压表的示数U滑=UUL=4.5V3V=1.5V，因1.5V3V，没有超出电压表的量程，所以，灯泡两端的电压可以达到3V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：I=IL=0.5A，因滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，所以,电路中的最大电流Imax=0.5A，电路的最大电功率：Pmax=UImax=4.5V0.5A=2.25W，当电压表示数为3V时，灯泡的电压为=U3V=4.5V3V=1.5V,灯泡的电阻为RL=6;由I=得电路中的最小电流：Imin=0.25A电路的最小电功率：Pmin=UImin=4.5V0.25A=1.125W，则电路消耗总功率允许的变化范围为1.125W2.25W。(2)当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电阻：RL=6，灯泡的最小功率：PL=ULImin=1.5V0.25A=0.375W，则灯泡的功率允许的变化范围是0.375W1.5W；则电路中电流变化的范围是0.25A0.5A；滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑min=3，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑max=12，则滑动变阻器阻值变化的范围是312，综上可得，ABC正确，D错误，故选D.二、填空题13.长沙地铁2号线从湘江和橘子洲的底下穿过，江下隧道全长约1.1km,车内的小陶看到标有橘子洲站的站台飞驰而过，是以_为参照物（选填“地铁”、“站台”），若该地铁车长120m，则该车以72km/h的速度匀速通过隧道约需_s。【答案】(1).地铁(2).61【解析】【分析】（1）判断物体是运动还是静止需要选择一个参照物，若物体相对于参照物的位置发生变化，物体是运动的，否则就是静止的；（2）地铁车通过隧道经过的路程为车长加隧道长，根据公式t=便可计算出火车通过隧道用的时间；【详解】(1)以地铁为参照物，橘子洲站的站台与地铁车发生了位置的变化，所以车内的小陶看到标有橘子洲站的站台飞驰而过；(2)地铁车速度：v=72km/h=20m/s.地铁车通过隧道通过路程：s=1100m+120m=1320m，地铁车完全通过隧道时间：t=61s.14.一束光在空气与玻璃的界面处发生了反射和折射现象，其光路如图所示。界面上方为_（选填“空气”或“玻璃”）；反射角度数为_。【答案】(1).玻璃(2).40【解析】【分析】（1）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角（2）光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角【详解】由图可知，下面的两条线在同一种介质内，故应该是反射光线和入射光线；反射光线和入射光线间的夹角的角平分线是法线,法线与界面垂直，故入射角为9050=40；上面的那条线为折射光线，折射光线与法线间的夹角即折射角为9070=20，折射角小于入射角，故上方为玻璃，下方为空气。15.如图所示，重100N的物体，在拉力F的作用下，经过5s沿水平地面向左匀速运动了1m。已知拉力F5N，滑轮组的机械效率为80%，则拉力F的功率是_W，物体受到水平地面的摩擦力大小是_N，整个过程中重力做的功为_J。【答案】(1).3(2).12(3).0【解析】【分析】（1）由功率公式P=Fv可求得拉力F的功率；（2）根据效率公式=求出摩擦力。（3）物体水平移动，重力不做功。【详解】(1)如图所示，有三股绳子作用在动滑轮上，即n=3，物体移动的速度为：v=0.2m/s,则绳子自由端移动的速度为：v=3v物=30.2m/s=0.6m/s；拉力F的功率P=Fv=5N0.6m/s=3W.(2)在水平滑轮组中，克服物体与地面间的摩擦力做的功为有用功，因为=，所以，物体A受到水平地面的摩擦力：f物=nF=380%5N=12N.(3)整个过程中物体在重力的方向上没有通过距离，故重力不做功。16.某空瓶的质量是100g，装满水后的总质量为600g，瓶子的容积是_cm3；如果瓶中装满大豆油，总质量是_g（大豆油的密度为0.9103kg/m3）【答案】(1).500(2).550【解析】【分析】根据题意可算出水的质量，进而可求出瓶子的容积，装满大豆油，根据密度公式就会算出大豆油的质量，再加上空玻璃瓶质量即为装满大豆油后的总质量【详解】(1)根据题意得m水=600g100g=500g，由=得瓶子的容积：V=V水=500cm3；(2)大豆油的密度油=0.9103kg/cm3=0.9g/cm3，这个瓶子装满大豆油的体积：V油=V=500cm3，由=得大豆油的质量：m油=油V油=0.9g/cm3500cm3=450g，用这个瓶子装满大豆油，总质量：m总=m油+m瓶=450g+100g=550g.17.如图所示的电路图中，电源两端电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R3。若只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P置于A端时，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2；若此时将滑动变阻器的滑片P移至B端，电压表V1的示数变为U1，电压表V2的示数变为U2，电流表A1的示数为0.4A。已知U1U112，U2U231，R23。则电阻R1的阻值为_，当开关都闭合，滑动变阻器的滑片P置于B端时，A1表与A2的示数之比是_。【答案】(1).2(2).28:13【解析】【分析】（1）只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P置于A端时，电路中电阻R1、R2串联；电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，电流表A1测量电路总电流；将滑动变阻器的滑片P移至B端时，三个电阻将串联，电压表V1测量电阻R1和滑动变阻器两端的电压，电压表V2还是测量电阻R2两端的电压，电流表A1测量电路总电流；根据欧姆定律表示出电阻R2两端的电压之比即可求出两电路的电流之比，再根据欧姆定律表示出电压表V2的示数之比即可求出R1、R3的阻值关系，根据电压一定时电流与电阻成反比求出R1与R3的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）当开关都闭合，滑动变阻器的滑片P置于B端时，三电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2与R3支路的电流之和，根据欧姆定律和并联电路的电压特点求出三支路的电流，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比，进一步求出两电流表的示数之比【详解】只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P置于A端时，等效电路图如图甲所示；只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P移至B端时，等效电路图如图乙所示；开关都闭合，滑动变阻器的滑片P置于B端时的等效电路图如图丙所示；(1)图甲和图乙中，因电阻R2的阻值一定,且U2:U2=3:1，所以,由I=可得：=,因U1:U1=1:2，所以,=,即=，解得：R3=5R1，因电源电压一定时，则电流与总电阻成反比，所以,=，解得：R1=R2=3=2,R3=5R1=52=10，(2)图乙中，电源的电压：U=I(R1+R2+R3)=0.4A(2+3+10)=6V，图丙中，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，各支路的电流分别为：I1=3A,I2=2A,I3=0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以,A1表、A2表的示数分别为：IA1=I1+I2+I3=3A+2A+0.6A=5.6A,IA2=I2+I3=2A+0.6A=2.6A，则A1表与A2的示数之比：IA1:IA2=5.6A:2.6A=28:13，三、实验与探究题18.如图甲是李华同学“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验装置：（1）若某时刻温度计的示数如图乙所示，则此时温度计的读数为_；（2）图丙表格中记录的是实验数据，根据表中数据可知，该物质的熔点是_；该物质是_（选填“晶体”或“非晶体”）。【答案】(1).46(2).48(3).晶体【解析】【分析】（1）根据温度计的分度值读出示数；（2）晶体和非晶体的重要区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；晶体熔化时吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点；【详解】（1）图乙所示温度计的分度值是1，则此时温度计的读数为46；（2）由表中数据可知，该物质熔化时吸收热量温度保持不变，该物质是晶体，晶体熔化时保持48不变的点是48.19.在“探究平面镜成像的特点”实验中，某同学用玻璃板、相同的两个棋子A和B、刻度尺、白纸等器材进行实验，如图所示；（1）在寻找棋子A的像位置时，眼睛应该在棋子_(选填“A”或“B”)这一侧观察。（2）将棋子逐渐远离玻璃板，棋子像的大小_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】(1).A(2).不变【解析】【分析】（1）根据平面镜成的像是虚像，可判断在寻找棋子A的像的位置时眼睛应该在棋子哪一侧观察；在镜中看到A的像，是因为光的反射；同时还能看到代替物体的另一个物体，那是由于光的折射形成的（2）根据平面镜成像特点-像与物大小相等即可得出答案【详解】(1)由于平面镜成的是虚像，所以在寻找棋子A的像的位置时，人眼应在棋子A这一侧观察。(2)平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小。所以将蜡烛A逐渐远离玻璃板，它的像不变。20.如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中；（1）将杠杆装在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆两侧的平衡螺母向_（选填“左”或“右”）调，直至杠杆在水平位置平衡。（2）如图甲所示，在位置A挂上四个相同钩码时，应该在位置B挂上_个同样的钩码，才能使杠杆重新在水平位置平衡；（3）如图乙所示，在位置C换用弹簧测力计，分别沿两个方向拉弹簧测力计，使杠杆在水平位置保持平衡，则两次施加的拉力F1_F2（选填“”、“=”或“”）。【答案】(1).左(2).6(3).【解析】【分析】（1）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；为了便于测量力臂，使力臂沿杆的方向，应使杠杆在水平位置平衡；（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡求出钩码的个数（3）阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力变大。【详解】(1)由图甲可知，杠杆的右端较高，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节。(2)设杠杆上一个小格长度为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：4G3L=nG2L，解得n=6，所以在B处挂6个钩码。(3)弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动时,阻力和阻力臂不变,动力臂变小,根据杠杆的平衡条件可知,动力变大,所以,弹簧测力计的示数将变大,即F1F2.21.在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器三个（甲“5，0.5A”，乙“10，1A”、丙“20，0.5A”）、开关、两节干电池、定值电阻R（分别为5、10、15、20、25）导线若干。小明在实验时连接电路如图所示：（1）在探究实验中：闭合开关前，将滑动变阻器滑片移至_端（填“A”或“B”）；（2）在探究实验中：小明先将R10的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为某一数值，此时电流表示数为0.2A；接着把R换为15的电阻，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为_V，同时记下电流表的示数；（3）若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，应该选取_滑动变阻器（选填“甲”、“乙”或“丙”）。【答案】(1).A(2).2(3).丙【解析】【分析】（1）闭合开关前，将滑动变阻器滑片移至最大值；（2）探究电流与电阻的关系时，需利用滑动变阻器保持电阻两端电压不变；（3）根据串分压的知识，当电阻值最大时，所需变阻器的值最大，根据其确定变阻器的值即可.【详解】（1）闭合开关前，将滑动变阻器滑片移至A端，即最大阻值处。（2）探究通过导体的电流与电阻的关系，应保持电压一定，小明先将R10的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电流表示数为0.2A，由I=得电压表的示数为U=IR=0.2A10=2V,记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15的电阻时，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数仍为2V，同时记下电流表的示数；(3)由图示电路图可知，电源电压为1.5V2=3V，由串联电路电流I处处相等，定值电阻与滑动变阻器接入电路的阻值之比：=，则R滑=R，即：定值电阻阻值是滑动变阻器接入电路阻值的2倍，使所给的5个定值电阻“5、10、15、20、25”分别接入电路中都能正常进行实验，当定值电阻为25时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，为：R滑最大=R=25=12.5，若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，滑动变阻器最大阻值至少为12.5，则应该选取至少标有12.5的滑动变阻器；故应该选取丙滑动变阻器。四、计算题22.阅读下文，回答文后问题：随着经济发展，很多地方都进行了电网改造，但是在一些偏远地区的农村还没有进行，那些地方最早铺设的线路已经不能满足农村用电的需求，输电线路上损耗比较大，有的地方线路损耗高达40%，浪费严重，而且到户后电压也比较低，如果电线持续发热比较严重，会引起火灾等等。另外，线路有些已经老化，漏电现象也是存在的。2018年，国家电网安排电网投资66亿元，重点完成偏远地区的农村电网改造。偏远地区的农村电网（农网）改造以后可以解决上述问题，保证农村的安全供电。农网改造主要是改造那些线路损耗大，线路绝缘差的线路，将那些老化的导线换用粗大一些导电性能更好的铝绞线。电网改造以后，既可以给偏远地区提供稳定的用电，又可以减少电能在输送过程中的损耗，从而降低发电成本。因为线路损耗都是平均到电费中的，所以改造后可以降低用电成本！据测算因电网改造降低了成本的原因，该地区的电费每千瓦时可降低5分钱，这样不但减轻了偏远贫困地区用户的负担，还可节约能源，减小因燃煤发电带来的环境污染。（1）根据文中的介绍，输电线路上损耗主要是一部分电能转化为_。（2）偏远地区的小明同学发现自己教室的电能表在10min内转了60转。教室的电能表如图所示，根据所学物理知识小明计算出了此时教室用电器的总功率为_W。假设教室平时用电时，用电器的总功率和此时总功率相同，平均每天用电14h，一个月按30天计算，降价后每间教室一个月节约的电费是_元。【答案】(1).内能(2).500(3).10.5【解析】【分析】（1）输电线路自身有电阻，输电线路损耗主要是一部分电能转化为内能；（2）720r/kWh表示电路每消耗1kWh的电能，电能表的转盘就转过720r，据此求出转盘转动60r时用电器消耗的电能；然后利用P=求出此时的总功率；（3）根据题意求出一个月用电的时间，已知用电器的总功率，利用W=Pt计算一个月消耗的电能，再求节约的电费【详解】(1)输电线有电阻，由Q=Pt=I2Rt可知，输电线路上损耗主要是一部分电能转化为内能.(2)720r/kWh表示电路每消耗1kWh的电能，电能表的转盘就转过720r，电能表的转盘转过60r，则用电器消耗的电能：W=kWh；此时教室用电器的总功率为：P=0.5kW=500W；(3)教室一个月用电的总时间：t=14h30=420h，若按上述功率，教室一个月消耗的电能为：W=Pt=0.5kW420h=210kWh；故每间教室一个月节约的电费是：210kWh0.05元/kWh=10.5元。23.如图所示为某电吹风的电路原理图，电动机M上标有“220V100W”字样，电热丝R的电阻为88。求：（1）电动机正常工作时的电流是多少？（精确到小数点后两位）（2）闭合开关S1、断开开关S2，电吹风正常工作送冷风8min，消耗的电能。（3）闭合开关S1、S2，电吹风正常工作送热风时，电路消耗的总功率。【答案】（1）0.45A（2）4.8104J（3）650W【解析】【分析】（1）电动机M上标有“220V100W”字样含义，根据P=UI求正常工作时的电流；（2）由电路图可知，闭合S1、断开S2，只有电动机工作，利用W=Pt可以求出电动机消耗的电能。（3）由电路图可知，闭合S1、S2，电动机与电热丝同时工作，由电功率公式及并联电路特点可以求出电路消耗的总功率。【详解】(1)电动机M上标有“220V100W”字样，表示额定电压为220V，额定功率为100W，根据P=UI可得，正常工作时的电流I=0.45A；(2)闭合S1、断开S2,只有电动机正常工作,其功率PM=100W，t=8min=480s，消耗的电能：W=Pt=100W480s=4.8104J；(3)闭合S1、S2，电动机与电热丝同时工作，电热丝消耗的功率PR=550W，