河北专版年中考物理第二部分专题复习高分保障专题五实验探究题课件.ppt

1、第二部分 专题复习高分保障,专题五实验探究题,重点类型突破,【典例运用】,类型一设计性实验,【例1】2017河北中考用厚玻璃瓶、带有细玻璃管的橡胶塞、容器和水，来证明玻璃瓶可发生微小形变 器材的安装： . 操作的方法： . 发生的现象： . 玻璃瓶发生微小形变的原因： .,厚玻璃瓶内盛满水，瓶口用带有细玻璃管的橡胶塞塞严,用手挤压瓶壁，观察细玻璃管中水柱的变化,玻璃管内升起水柱,力可以改变物体的形状,解答此类题目的步骤： 1审题：从题干中获取所要进行的实验操作，并明确可以用到的器材 2联系：将题干中的物理过程积极与所学物理知识点进行联系，看它到底在考查哪个知识点 3叙述：在描述实验操作方法、步

2、骤、现象、结论的时候，语言要力求准确、全面、严谨如有需要作图的，要把图画清晰、识别性强，避免给人有歧义的情况,【备考指导】,12016河北中考用直角三角尺、重垂线来判断桌面是否水平 操作方法：(也可以用图描述操作方法),【押题训练】,实验现象：若桌面水平： . 若桌面不水平： . 实验中利用的物理知识：重力的方向总是 .,重垂线始终与另一直角边平行,重垂线与另一直角边不平行,竖直向下,将重垂线固定在锐角顶点上，将三角尺竖直放在被测桌子上，使一直角边与桌面重合，观察重垂线是否与另一直角边平行，改变三角尺在桌面上的位置，重复上述操作,22017石家庄一模明天小明的班级就要参加拔河比赛，小明利用物理

3、知识分析获胜的关键因素是获胜方的摩擦力(选填“拉力”、“摩擦力”)比对方大，请你写出两种能够帮助本班获胜的方案： 方案1： ； 方案2： . 请举出一个生活中类似的应用实例： .,增大接触面的粗糙程度，增大摩擦,增大压力，增大摩擦,汽车的防滑链等(答案合理即可),例：方法及现象：如图所示，在瓶中灌满水，把带有 细玻璃管的橡皮塞插入玻璃瓶中用手轻捏玻璃瓶， 细玻璃管中水面上升 (1)结论： ，这种研究方法 称为 . 你利用这些器材，还可以探究哪些物理知识，请你写出一种来 (2)方法及现象： . (3)结论： .,32017唐山丰南区一模小明在学习物理时发现，仅用一个带胶塞的玻璃瓶和一根细玻璃管和

4、适量的水就能完成课本上的多个实验以探究一些物理知识,物体具有惯性,在玻璃瓶中装适量的水，将瓶口向外，用力抓住瓶身，向外甩动玻璃瓶，瓶中的水会被甩出去,力可以使物体发生形变,转换法,42017邯郸一模汽车沿着盘山公路，可以驶上高耸入云的山峰请用弹簧测力计、斜面(尽量光滑)、刻度尺、带挂钩的小木块等器材，设计一个实验说明：上山的公路为什么修得弯弯曲曲如盘龙，而不是从山下直通山顶？ 操作步骤： (1) . (2) . (3)改变斜面的倾斜角度，再次重复上述实验 实验现象： . 若已测出斜面高和长分别为h和l，则斜面机械效率的表达式为： .,用弹簧测力计竖直拉起小木块，记下弹簧测力计的示数G,把小木块

5、放在斜面上，用弹簧测力计拉小木块沿斜面向上运动，当小木块匀速直线运动时，记下弹簧测力计的读数F,竖直提小车时用的力最大；沿斜面拉小车时斜面坡度越小，用的力越小，坡度越大，用的力越大说明斜面有省力的作用,52017定州一模在利用如图所示装置探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，通过钢球推动物体在水平面运动的距离来反映钢球动能的大小探究物体动能与质量的关系时，有些同学对“质量不同的钢球从同一斜面、同一高度由静止开始沿斜面滚下，到达底部时的速度大小相同”有疑惑请你在不增加器材的情况下利用现有器材设计实验，并证明该假设,操作方法： . 实验现象：若 ，则说明到达底部时的速度大小相等； 若 ，则说

6、明到达底部时的速度大小不相等,让质量不同的钢球同时从同一斜面的同一高度处由静止开始沿斜面滚下，并观察钢球的运动情况,两球相对静止，同时到达底端,两球先后到达底端,62017石家庄18县联考现有一节干电池，但不知道是否还能使用，请你利用导线和小磁针加以判断 操作方法：(也可以用图描述操作方法),将导线放在小磁针的上方，并使导线与小磁针平行，让导线的一端接触电池的一极，用导线的另一端触碰电池的另一极，观察小磁针是否偏转,实验现象：若电池有电： ； 若电池没有电： . 实验中利用的物理知识： .,小磁针发生偏转,小磁针不发生偏转,通电导线周围有磁场,72017石家庄长安区质检二有两个外形完全相同的甲

7、、乙两个条形铁棒，一个有磁性，一个没有磁性不借助任何其他工具，请辨别它们 操作方法：(也可以用图描述操作方法),如图，把甲的一端靠近乙的中间，观察吸引情况,实验现象及分析：若 . 若 . 实验中利用的物理知识： .,相互吸引，甲有磁性，乙无磁性,相互不吸引，甲无磁性，乙有磁性,磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱,82017长安区质检一如图所示是小梦从市场上 买来的磁铁魔术玩具，它呈橄榄球形两个橄榄球 形磁铁抛起来后，在空中就会相互吸引、碰撞，发出类似蛇叫的清脆响声，故又名“响尾蛇蛋”小梦想知道这个磁铁的磁极在哪儿？请你设计实验帮助小梦解决问题： (1)写出你选用的实验器材： . (2)简述实验过

8、程及现象：,把橄榄球形磁铁放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察，吸引大头针个数最多的两个部位就是该橄榄球形磁铁的磁极.,橄榄球形磁铁，一盒大头针,类型二力学综合实验,【例2】2017唐山路南区二模小明的妈妈买了一件工艺品，小明想测量一下它的密度，于是利用天平，大、小烧杯和水等器材，进行了以下测量：,【典例运用】,(1)小明测工艺品质量的操作步骤如下： A将天平放在水平桌面上，调节横梁平衡时，应先将游码移到标尺左端的零刻度线处；然后调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央； B称量时，发现指针偏向分度盘的左侧，应在右盘中添加砝码或移动游码使天平重新恢复平衡，测出工艺品的质量为m.,(2)小明测工艺品体积

9、的操作步骤如下： A测出小空烧杯的质量m1 B把装了水的大烧杯和空的小烧杯如图甲放置 C把工艺品缓缓放入大烧杯中，大烧杯部分水溢进小烧杯 D测出承接了溢出水的小烧杯的总质量m2 上面实验操作B中的一处错误是： . 若按这种错误的方式测出的工艺品的密度会 (选填“偏大”或“偏小”),(3)若步骤B中的错误已改正，则工艺品密度的表达式 . (用本题出现过的物理量符号表示，水的密度用水表示),【拓展】小明又用弹簧测力计、纯水和烧杯测量工艺品的密度，他首先将重为3.4N的金属块和工艺品用细线与弹簧测力计连接，如图乙所示；然后将工艺品浸入纯水中，他发现当工艺品浸入水中一半时弹簧测力计示数为5.5N，刚好

10、全部浸没时示数为5.4N，则可确定工艺品的密度为 kg/m3.(g取10N/kg),11103,大烧杯中的水没有加满,偏大,【思路点拨】(1)A.使用天平时，应将它放在水平桌面上；调节横梁平衡时，先把游码放在标尺左端的零刻线处，然后调节横梁右端的平衡螺母，使指针指在分度盘的中央；B.称量物体时，物体放在左盘，砝码放在右盘，指针偏向左，说明右盘质量小，应向右盘里添加砝码或移动游码；(2)上面实验操作B中的一处错误是：大烧杯中的水没有加满，会使溢出水的体积小于工艺品的体积；若按这种错误的方式测出的工艺品的体积会偏小，根据公式 可知，质量一定时，体积变小，其密度会偏大；(3)物体排出水的质量m水m2

11、m1，工艺品的体积 工艺品密度的表达式,【拓展】设金属块的重力为G1，工艺品的重力为G2，工艺品的体积为V，当工艺品浸入水中一半时，工艺品受到的浮力,此时根据力的平衡条件有：G1G2F浮F示，,当工艺品全部浸入水中时，工艺品受到的浮力F浮水gV排水gV，此时根据力的平衡条件有：G1G2F浮F示，即：G1G2水gV5.4N，得：,即：G1G2,代入数据,解得工艺品的体积V2105m3，将G13.4N、V2105m3代入，解得工艺品所受重力G22.2N，则工艺品的质量 工艺品的密度,1用天平、量筒(规则固体有时用刻度尺)测物体密度(见“第一部分”第6讲“实验探究”部分) 2结合浮力测量固体的密度

12、(1)借助天平、水测量 用天平直接测量物体的质量；用天平称出物体完全浸入水中时排开水的质量，由m排液V排求得V排，因为物体完全浸入时有V物V排，所以即可求得物体的体积；最后根据 求得物体的密度(2012年考查) (2)借助弹簧测力计、水测量 用弹簧测力计测出物体的重力，从而间接测得物体的质量；再用弹簧测力计测出物体完全浸入水中时所受的拉力(或直接用弹簧测力计测出物体完全浸入水中时排开水的重力)，从而得出物体所受的浮力，利用 求得物体的体积；最后根据 求得物体的密度(2015、2013年考查),【备考指导】,(3)借助量筒(杯)、水测量(适用于特殊物体管状、碗状物体) 在量筒(杯)中装入适量的水

13、，读出其示数；使物体漂浮在水面，读出量筒(杯)中水的示数，两次读数之差是V排，利用F浮液gV排得出物体漂浮时所受的浮力，即重力；然后使物体浸没在水中，读出量筒(杯)中水的示数，从而可得物体的体积；最后利用 求得物体的密度 3结合压强、浮力测量液体的密度 (1)与压强结合，利用pgh进行求解 将一底部扎有薄膜的两端开口的玻璃管放入水中一定深度，向玻璃管内加入待测液体，直到薄膜变平，则薄膜内外所受液体压强相等，即液 gh液水gh水，通过测量内外液面的高度，求得待测液体的密度(2014年考查) (2)与浮力结合，利用F浮液gV排进行求解 使同一物体在水与待测液体中均处于漂浮状态，则该物体所受浮力相等

14、，即液gV排液水 gV排水因为VSh，所以可以通过测量物体在不同液体中漂浮时所浸入的深度而求得V排，从而求得待测液体的密度(2010年考查) 用弹簧测力计称出一物体的重力，然后分别将其完全浸入水与待测液体中，读出弹簧测力计的示数，从而分别求得该物体在水与待测液体中所受到的浮力，由V排液V排水得， 从而求得待测液体的密度,12017长安区一模某同学用弹簧测力计、烧杯、水、吸盘、滑轮、细线来测量木块(不吸水)的密度,【押题训练】,(1)在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越 . (2)如图甲所示，木块所受的重力为 N. (3)如图乙所示，将滑轮的轴固定在吸盘的挂钩上，挤出吸盘内部的空气

15、，吸盘在 的作用下被紧紧压在烧杯底部在烧杯中倒入适量的水，将木块放入水中后，用弹簧测力计将木块全部拉入水中，如图丙所示，此时弹簧测力计示数为0.4N，不计摩擦和绳重，木块受到的浮力为 N，木块的密度为 kg/m3. (4)将丙图烧杯中的水换成另一种液体，重复上述实验，此时弹簧测力计示数为0.2N，该液体的密度为 kg/m3.,长,0.6,大气压,1.0,0.6103,0.8103,(1)在弹性限度内，弹簧的伸长量与受到的拉力成正比，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越长；(2)图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，木块在空气中的重力即弹簧测力计的示数为0.6N；(3)将滑轮的轴固定在吸盘的挂钩上

16、，挤出吸盘内部的空气，吸盘内的气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下，吸盘被压在烧杯底部；图丙中弹簧测力计的拉力F拉0.4N，木块受到的浮力F浮GF拉0.6N0.4N1.0N，由F浮水gV排得，木块的体积 根据公式GmgVg得，木块的密度 (4)木块在待测液体中受到的浮力F浮GF拉0.6N0.2N0.8N，根据F浮液gV排得，液体的密度 0.8103kg/m3.,22017桥西区模拟水平实验桌面上有微小压强计、刻度尺和装有适量水的A、B两个烧杯小明和同学们学习了液体内部压强跟哪些因素有关的知识后，提出新的猜想，为此同学们利用提供的实验器材进行了如下实验探究,(1)将微小压强计的探头放入A烧杯

17、的水中，用刻度尺测得探头到烧杯底的距离L为6cm，如图甲所示，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h1； 将微小压强计的探头放入B烧杯的水中，探头到烧杯底的距离L为10cm，如图乙所示，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h2； (2)有同学发现h1大于h2，于是得出结论“液体内部任意一点的压强跟该点到容器底的距离L有关”，小明认为这个结论是错误的，并设计了如下的实验来验证,实验步骤： 微小压强计的探头放入烧杯的水中，用刻度尺分别测出探头到水面的距离H，以及 ，读出压强计U形管两侧的液面高度差h1，记录数据； ，调整探头所在的位置，使得探头到水面的距离仍为H，压强计U形管两侧的液面高度差h2h

18、1，重复上一步的步骤，记录数据 实验结论：通过数据可发现 ，由此可以验证上述观点不合理 (3)小明又取了一根饮料吸管，将一些铜丝从吸管的下端塞入作为配重，并用石蜡将吸管的下端封起来，初步做成一支密度计，如图丙所示为了给密度计标上刻度，他进行了如下实验 将其放入水中，竖立静止后，在密度计上与水面相平处标上水的密度值1.0g/cm3； 将其放入植物油中，用同样的方法在密度计上标上植物油的密度值0.9g/cm3；刻度0.9应该在 (选填“p”或“q”)点；小明用刻度尺测出密度计1.0g/cm3与0.9g/cm3刻度线间的距离为0.80cm，则该密度计竖直漂浮时浸入水中的深度 cm.,探头到烧杯底的距

19、离L1,向烧杯中倒入适量的水,L1L2，但h1h2,p,7.2,【拓展】像标示弹簧测力计刻度的方法一样，小明以两刻度线间的长度表示0.1g/cm3，将整个吸管均匀标上刻度你认为这样均匀标示刻度 (选填“合理”或“不合理”)，理由是 .,不合理,密度计处于漂浮状态时浸没的深度与液体密度成反比,(2)要探究液体内部压强与该点到容器底的距离的关系，应控制液体深度(即探头到水面的距离)、液体的密度相同，改变探头到烧杯底的距离；所以设计实验步骤如下：将微小压强计的探头放入烧杯的水中，用刻度尺分别测量探头到烧杯底的距离L1，探头到水面的距离H，读出压强计U形管两侧的液面高度差h1，将以上数据记录下来再向烧

20、杯中倒入适量的水，调整探头所在的位置，使探头到水面的距离仍为H，用刻度尺测量探头到烧杯底部的距离L2，读出压强计U形管两侧的液面高度差h2h1，将以上数据记录在表格中，通过数据可发现L1L2但h1h2.(3)当密度计置于水、植物油的容器中，由于密度计都是处于漂浮，则F浮1G物，F浮2G物，所以，F浮1F浮2，即水gV排1油gV排2，由于油0.9103kg/m3水1103kg/m3，所以，V排1V排2.,即密度计放在植物油中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方，所以刻度0.9应该在p点根据VSh和F浮G物可得：液gV排液gSh浸G物，所以， 已知1.0g/cm3与0.9g/cm3刻度线间的距离为

21、0.80cm0.8102m2，即h浸油h浸水0.8102m；,【拓展】根据 可知：密度计处于漂浮状态时浸没的深度与液体密度成反比，所以密度计刻度不均匀，即小明这样均匀标示刻度是不合理的,32017裕华区一模小明用弹簧测力计、合金块、烧杯和水进行了“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验，如图1所示(g10N/kg),(1)根据乙、丙、丁可得出的结论： . (2)合金块的重力是 N，合金块的密度是 kg/m3. 【拓展】完成实验后，小明将水倒出，将该合金块放在烧杯底部，然后向烧杯中倒另一种液体，通过测量容器中液体的深度h(如图2)，同时计算合金块受到的浮力F浮，绘制了如图3所示的图线 (1)分析图

22、象可知，液体深度增至10cm以后，物体处于 (选填“漂浮”、“悬浮”或“沉底”)状态 (2)小明所用液体的密度为 kg/m3. (3)若合金块的底面积为10cm2则液体深度增至10cm以后，合金块对烧杯底部压强为 Pa.,物体浸入同种液体中，排开液体的体积越大，所受浮力越大,3.6,3.6103,沉底,0.6103,3000,(1)根据乙、丙、丁可知，物体浸入液体中的体积越大，测力计示数越小，表示受到的浮力越大，故结论为：物体浸入同种液体中，排开液体的体积越大，所受浮力越大；(2)由图甲可知，合金块的重力G3.6N；合金块的质量 0.36kg，合金块完全浸没时受到的浮力F浮3.6N2.6N1N

23、，金属块完全浸没时排开水的体积 因为合金块浸没在水中，所以VV排，合金块的密度 3.6103kg/m3.【拓展】(1)将该合金块放在烧杯底部，然后向烧杯中倒另一种液体，液体深度增至10cm以后，浮力不再变化，故此时合金块全部浸没在液体中，处于沉底状态；(2)液体的密度 (3)合金块对地面的压力F3.6N0.6N3N，则压强,42017天津中考小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想： 猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关 猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关 猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积有关 为了验证猜想：准备了如下器材：弹簧测力计、长木板、长方体木块和砝

24、码 他利用上述器材进行了如下实验： 将木材平放在长木板上组装成如图1所示的装置， 匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数,在木块上加放砝码，如图2所示，匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数,完成下列任务： (1)在图3中画出长木板做匀速拉动时(木块相对桌面静止)，长木板在水平方向上的受力示意图,(2)通过实验步骤可验证猜想 . (3)要完成对“猜想三”的验证，需在实验步骤的基础上进一步实验，请你写出下一步的实验方案,(1)长木板被匀速拉动时，水平方向上受到三个力的作用，一个是水平向右的拉力F，另外两个分别是水平桌面和木块对它的摩擦力f1和f2，这两个摩擦力的方向与木板移动的方向相反，即都水平向左

25、，长木板面的粗糙程度一定，而长木板与水平桌面的压力较大，因此摩擦力f2f1，由于长木板做匀速直线运动，所以长木板受到的合力为0，即Ff1f2，据此可画出长木板在水平方向的受力示意图；(2)比较实验步骤和，接触面的粗糙程度和接触面积大小都保持不变，改变的因素是接触面上的压力，所以可以探究滑动摩擦力大小与接触面所受的压力是否有关，即可验证猜想一；(3)若要验证猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关，应控制接触面的粗糙程度和接触面的压力不变，仅改变接触面积大小，在步骤的基础上，只需将木块侧放，拉动长木板，记录弹簧测力计的示数，并与步骤中的示数进行比较,一,将实验步骤中的木块侧放，拉动长木板，记录

26、下弹簧测力计的示数，并与实验步骤中的示数进行比较,52017台州中考在学习影响滑动摩擦力大小的因素后，小柯还是认为：重力越大，滑动摩擦力越大于是张老师用如图装置与他一起实验,步骤一：将铁块放在木板上，往沙桶中加入一定量细沙，使压力传感器的示数为5.00N，水平向左拉动木板，读出拉力传感器的示数并记录 步骤二：换用质量不同、粗糙程度和底面积都相同的铁块，重复步骤一，记录结果如表.,请回答下列问题： (1)第1次实验中铁块受到的摩擦力为 N. (2)实验中能否用钩码代替细沙？并说明理由. (3)通过实验得出的结论是 .,2.10,实验不能用钩码代替细沙，钩码的质量是固定的不能连续变化，细沙的质量可

27、以连续变化，方便控制铁块对水平木板的压力.,在压力和接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小相同,(4)小柯认为：该实验中压力传感器的上表面要尽量光滑，否则会使拉力传感器的读数偏大，你认为他的说法是否合理，为什么？,(1)实验中，水平向左拉动木板时，铁块在水平方向受到向左的摩擦力和拉力传感器向右的拉力处于静止状态，根据二力平衡的知识可知，水平方向受到的摩擦力和拉力大小相同，因此第1次实验中铁块受到的摩擦力为2.10N；(2)钩码的质量是固定的不能连续变化，细沙的质量可以连续变化，方便控制铁块对水平木板的压力，所以实验中不能用钩码代替细沙；(3)三次实验中，木板受到的压力和接触面的粗糙程度相同，摩擦

28、力大小相同，可得出结论：在压力和接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小相同；(4)实验中测量的摩擦力是铁块与木板之间的摩擦力，铁块与压力传感器不接触，压力传感器与木板之间的摩擦力对实验无影响，所以小柯的说法不合理,小柯的说法不合理；铁块与压力传感器不接触，压力传感器与木板之间的摩擦力对实验无影响.,62017黔东南州中考在研究“阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车从同一斜面同一高度处由静止开始下滑小车分别停在如图所示的位置,(1)让小车从斜面同一高度滑下的目的是：使小车到斜面底端的 相同 (2)结论：表面越光滑，小车受到的阻力越小，它运动得 . (3)推理：如果表面绝对光滑，小车受到的阻力为零

29、，它将永远做 . (4)牛顿第一定律是在 的基础上，通过科学的 .而总结归纳出来的 (5)通过实验探究后，对牛顿第一定律的知识有更深一层次的理解：力不是维持物体运动状态的原因，而是 物体运动状态的原因,速度,越远,匀速直线运动,大量实验,推理,改变,(1)根据控制变量法的思想，让小车从同一个斜面的同一高度由静止开始滑下，是为了使小车滑到斜面底端时具有相同的速度；(2)摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大；反之接触面越光滑，则摩擦力越小，当摩擦力越小时，小车运动的距离越远；(3)推理：如果表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，它将永远做匀速直线运动；(4)牛顿第一定律是在大量实

30、验的基础上，通过科学的推理而总结归纳出来的；(5)力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因,72017湘潭中考利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素，如图1至图3所示,(1)图中压力的作用效果是通过海绵发生 (选填“形变”或“运动状态改变”)来体现的，我们 (选填“可以”或“不可以”)用沙子代替海绵来完成实验 (2)通过比较图1和图2，说明受力面积一定时，压力 (选填“越大”或“越小”)，压力的作用效果越明显，通过比较图 (填序号)和图3，说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显 (3)实验中主要采用的研究方法是 (选填“控制变量法”或“理想实验法”),形变

31、,可以,越大,2,控制变量法,(1)实验中，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，即压力的作用效果是通过比较海绵的凹陷程度来反映的；我们一般选择海绵、泡沫塑料、沙子等较易形变的材料，如果用沙子代替海绵做此实验，则仍然可以完成本次实验；(2)由图1和图2可知，受力面积相同，而压力不同时，压力越大，海绵的凹陷程度越大，压力的作用效果越明显，故可得到的结论是：受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；由图2和图3可知，压力相同而受力面积不同时，受力面积越小，海绵凹陷程度越大，力的作用效果越明显，由此可知：压力相同，受力面积越小，压力的作用效果越明显；(3)1、2两图比较，受力面积相同，压力不

32、同；2、3两图比较，压力相同，受力面积不同，用到的科学研究方法是控制变量法,82017金华中考某兴趣小组用如图所示装置进行探究“影响液体内部压强的因素”实验,已知：a、b两点压强等于外界大气压(大气压保 持不变)； a点压强等于a点上方液柱压强与左管内气压p1之和； b点压强等于b点上方液柱压强与右管内气压p2之和； 液体1和液体2密度不同该小组同学先关闭K2打开K和K1，用抽气机抽气，进行多次实验再关闭K1打开K和K2，重复上述操作，具体数据记录如表：,(1)以下研究过程所用到的方法与本实验中所用的方法明显不同的是.,A,A研究磁极间的相互作用规律 B研究压力的作用效果与受力面积大小的关系

33、C研究滑动摩擦力大小与接触面积粗糙程度的关系 D研究物体重力势能大小与物体被举高高度的关系 (2)通过比较第一次和第四次所测得的数据，可以研究 . (3)通过比较第四、第五、第六三次测得的数据，可以得出的结论是 . (4)探究液体压强与密度关系时，为了使结论更具普遍性，该小组同学还应如何继续实验(请写出实验思路，不需写具体步骤) .,液体内部压强与液体密度的关系,液体密度相同时，液体内部压强随液柱的升高而增大,换不同密度的液体重复实验,(1)探究“影响液体内部压强的因素”实验采用的是控制变量法；A实验利用的是直接实验法，通过实验现象得出结论；B、C、D实验采用的是控制变量法，故选A；(2)由表

34、格中的数据可知，第一次和第四次实验中液柱的高度相同，液体的密度不同，故探究的是液体内部压强与液体密度的关系；(3)通过比较第四、第五、第六三次测得的数据可知，液体的种类是相同的，液柱高度越大，气体压强越小，则液体内部的压强越大，故结论为：液体密度相同时，液体内部压强随液柱的升高而增大；(4)为了使实验结论更具有普遍性和代表性，应换用其他液体多次实验,92017无锡中考同学们用空塑料瓶和细沙等实验器材探究影响浮力大小的因素(g取10N/kg，水1103kg/m3) (1)为了测出塑料瓶的体积，进行如下操作： 把天平放在水平桌面上，调节天平平衡，在左盘中放入盛有适量水的烧杯，通过增减砝码和移动游码

35、使天平再次平衡，所加砝码和游码的位置如图甲所示，烧杯和水的总质量为 g.,在空塑料瓶中装入适量细沙，拧紧瓶盖，在瓶颈系一细绳，手拿细绳将塑料瓶完全浸没于烧杯的水中(瓶没有接触烧杯，水未溢出)，通过增减砝码和移动游码使天平再次获得平衡，所用砝码总质量和游码所示质量之和为167g，塑料瓶的体积是 cm3.,(2)同学们根据生活经验提出了如下三种猜想，并举出了相应的实例 猜想一：浮力的大小与物体的密度有关，实例：铁块可以在水中下沉，木头可以浮在水面上；,133,34,猜想二：浮力的大小与液体的密度有关，实例：鸡蛋可以在水中下沉，在盐水中可以浮起来； 猜想三：浮力的大小与浸入液体的深度有关，实例：在游

36、泳池里，人越往下蹲感觉到水向上托自己的力越大 为了验证以上猜想是否正确，同学们选择了装入细沙的塑料瓶和其他实验器材进行探究，实验过程如图乙所示,根据实验步骤d和(填序号)，可以确定猜想二是正确的 根据实验步骤c和d可以验证猜想三是 (选填“正确”或“错误”)的，对该猜想对应的实例，合理的解释是 . 要验证猜想一是否正确，可以在塑料瓶中 后再进行探究 同学们讨论认为，猜想一和猜想二中的实例反应了物体的浮与沉可能与密度有关，要选用一个能漂浮在图e中盐水上的物体时，物体的密度应小于 g/cm3(计算结果保留1位小数),e,错误,人在下蹲时，排开液体的体积增大，浮力增大,增加或者减少细沙,1.1,(1

37、)由图甲可知，烧杯和水的总质量为133g；瓶中细沙质量等于瓶排开水的质量，即167g133g34g，塑料瓶浸没在水中，其体积等于排开水的体积，即 (2)要验证浮力大小与液体密度的关系，要保持物体排开液体的体积不变，将物体分别浸入不同液体中的相同深度，由图可知，应选择d、e两图进行比较；实验步骤c、d，将物体浸没在同种液体的不同深度，可验证猜想三是错误的，合理的解释是：人在下蹲时，排开液体的体积增大，浮力增大；要验证浮力大小与物体密度的关系，要将密度不同的物体浸在同种液体的相同深度处，可以在塑料瓶中增加或减少细沙，再进行探究；由步骤a、e可知，塑料瓶浸没在盐水中时受到的浮力F浮GF20.4N0.

38、02N0.38N，则盐水的密度 为使物体能漂浮在盐水上，其密度应小于盐水的密度,102017宿迁中考在“探究浮力大小与排开液体体积的关系”实验中，如图甲所示，用弹簧测力计测出物块所受的重力，然后将物块逐渐浸入水中,(1)在图乙位置时，物块受到的浮力是 N. (2)将物块逐渐浸入水中时，发现弹簧测力计的 示数逐渐变小，说明物体所受浮力大小随其排 开液体的体积增大而 . (3)继续将物块逐渐浸入水中，发现弹簧测力计的示数逐渐变小后保持不变，最后突然变为0，示数为0时物块处于(选填字母) A漂浮状态 B悬浮状态 C沉底状态,(1)物块受到的浮力F浮GF3N2.4N0.6N；(2)将物块逐渐浸入水中时

39、，弹簧测力计的示数逐渐变小，说明物体所受浮力大小随排开液体体积的增大而增大；(3)弹簧测力计的示数为0时，物块受到的浮力等于重力，此时二力平衡，物块处于悬浮状态，故选B.,0.6,增大,B,112017成都中考在“探究杠杆的平衡条件”实验中，每个钩码重力相等，杠杆刻度均匀,(1)平衡时，应该让杠杆静止在 位置 (2)小周同学所在实验小组完成某次操作后， 实验现象如图1所示，他们记录的数据为：动力F11.5N，动力臂L10.1m，阻力F21N，则阻力臂L2 m. (3)下列四个因素中，不会带来实验误差的是. A铁架台自身的重力足够大 B单个钩码的重力不完全相等 C悬挂钩码的绳套重力偏大 D杠杆与

40、转轴之间的摩擦偏大 (4)小周同学所在实验小组在完成规定实验后，他们想进一步探究，如果杠杆受到F2、F3两个阻力，结果会怎样？通过实验，他们得到了如图2所示的结果根据这个结果，可以初步得出，在这种情况下杠杆的平衡条件为：F1L1 .(F1、F2、F3的力臂分别用L1、L2、L3表示),水平,0.15,A,F2L2F3L3,(1)为了便于从杠杆上直接读取力臂，在进行实验时应该使杠杆在水平位置平衡；(2)由杠杆平衡条件F1L1F2L2求出力臂 (3)铁架台自身的重力足够大的目的是使杠杆稳定，但对杠杆的平衡无影响；单个钩码的重力不完全相等，则多个钩码总重力无法确定，对实验结果有影响；悬挂钩码的绳套重

41、力偏大，会对力的真实值有影响；杠杆与转轴之间的摩擦偏大会影响杠杆的灵敏，对测量结果造成误差；(4)设一个钩码的重力为G，杠杆一个格的长度为L，根据杠杆平衡条件可知，杠杆右侧F3L3F2L22G3L2GL8GL；杠杆左侧F1L14G2L8GL，故左侧等于右侧，故F3L3F2L2F1L1.,122017镇江中考图1是小丽探究动能大小与速度关系时的实验场景：斜面上有两平行轨道，将两小球、从轨道上由静止释放，与放置在水平木板上的两个相同木块、发生碰撞，两个木块初始位置到斜面底端的距离相等,(1)为完成实验，应使两个质量 的小球从轨道上 高度由静止释放(均选填“相同”或“不同”) (2)由图1场景可知，

42、碰撞木块前瞬间，小球的动能较大，两木块通过A、B两点处所受的滑动摩擦力大小分别为fA、fB，则fA fB，滑行中，木块的动能转化成能 (3)图2是某次实验的场景：将两小球从图中E、F处静止释放，最终木块从水平木板的右端滑出，小丽用质量更大的木块替换木块后继续此次实验，将两小球仍从图中E、F处由静止释放，木块未滑出木板，小丽的实验改进有一处遗漏，它是 .,相同,不同,内,没有将木块也更换为与木块相同的木块,(1)探究动能大小与速度关系时，应控制质量不变，改变速度，则应使两个质量相同的小球从轨道上不同的高度由静止释放；(2)碰撞木块前瞬间，小球的速度大，动能大；两小球质量相同，对水平木板的压力相同

43、，而且接触面也相同，因而A、B两点处所受的滑动摩擦力相等，即fAfB；滑行中，木块克服摩擦力做功，将动能转化为内能；(3)在探究动能与速度的关系时，要保持木块的质量相等，小丽的遗漏是：没有将木块也更换为与木块相同的木块,类型三电学实验,【例3】 2017裕华区一模在探究“串联电路电压规律”的实验中，小明设计了如图甲所示的电路,(1)图甲是小明连接的部分电路，请你用笔画线代替导线帮他完成电路 (2)小明在检查实验器材时，发现电压表的指针如图乙所示，他接下来的操作是 . (3)解决上述问题后，小明闭合开关进行实验，得到如下表格测R2电压时电压表示数如图丙所示，请你将电压表的示数填入表格中.,1.4

44、,将电压表指针调零,(4)根据表格中的数据，小明得出以下结论： 串联电路中总电压等于各用电器两端电压之和 串联电路中各用电器两端电压相等 请你对他得出结论进行评估 ； . 【拓展】小明发现，串联电路各部分电压之和很接近但小于总电压这与“串联电路中总电压等于各用电器电压之和”不完全一致 老师告诉他电池是有内阻的，电池可简化为如图丁所示的部分，小明想要测量这两节干电池串联后的内阻他将图甲电路中的两个定值电阻拆下，换成一个阻值为5的定值电阻，闭合开关，电压表示数为2.5V；若将电压表直接接在电源两端，电压表示数为3V，据此小明算出两节干电池的内阻为.,应多次实验找普遍规律,应选用两个不同电阻进行实验

45、，找一般规律,1,【思路点拨】 (1)在探究“串联电路电压规律”的实验中，R1和R2应串联，电压表与被测用电器并联，电流从正接线柱流入负接线柱流出；(2)由图乙知电压表指针没有指在零刻度线上，则接下来的操作是将电压表指针调零；(3)由图可知，电压表量程为03V，分度值为0.1V，示数为1.4V；(4)实验只做1次，次数太少，应多次实验找普遍规律实验时所选电阻规格相同，因此得出的实验结论带有偶然性，应选用两个不同电阻进行实验，找一般规律【拓展】由题意可知，定值电阻和电池的内阻串联，电压表示数为2.5V，则电路中电流 电池的内阻两端的电压U3V2.5V0.5V，电池的内阻,1考查内容 (1)实验原

46、理； (2)按电路图连接未接完的电路或找出电路图中的错误进行修改； (3)按实物图画出电路图； (4)电流表或电压表量程的判断； (5)滑动变阻器规格的选取； (6)电流表、电压表的读数； (7)灯泡工作时能量的转化； (8)实验中多次测量的目的； (9)电路故障判断； (10)特殊情况处理(电流表或电压表出现故障，给一定值电阻后重新测量；电流表或电压表某一量程出现问题，需更改电路重新测量等)； (11)实验数据的处理； (12)实验结论的得出；,【备考指导】,(13)实验评估； (14)电功率计算或推导计算公式； (15)设计非伏安法测电阻或电功率 2注意事项 (1)连接电路时开关要断开，滑

47、动变阻器要调到最大阻值； (2)电压表量程的选择； (3)电流表量程的选择； (4)滑动变阻器的选择,12017长安区一模在探究“电阻一定时，电流与电压的关系”时，实验中可供使用的器材有： A电流表(量程00.6A) B电压表(量程03V,015V) C定值电阻(阻值为5) D定值电阻(阻值为10) E滑动变阻器(102A) F滑动变阻器(1001A) G干电池两节(一节干电池的电压为1.5V) H开关S一个，导线若干 现利用以上部分器材，探究“电阻一定时，电流与电压的关系”，要求实验过程中电表的最大示数能超过电表量程的一半，同时又考虑操作方便则：,【押题训练】,(1)用来探究的定值电阻R应选

48、 ，滑动变阻器应选 . (2)如图甲是小明没有连接完的实物电路，请你用画笔画线代替导线将实物图补充完整(要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大),5,10,(3)连接好电路，闭合开关后小明发现，电流表示数为0，电压表有示数，移动滑片P，电压表示数几乎不变，则电路出现的故障可能是 . 【拓展】在探究“导体电流和电阻关系”时，小刚发现电流表损坏聪明的小刚借助一个已知电阻和一个单刀双掷开关就解决了这个问题，设计电路如图乙所示，请你将小刚的实验过程补充完整闭合开关S后： 将单刀双掷开关拨到1处，将滑片滑到某一位置，读出电压表的示数为 ； ； 则通过电阻R的电流I .更换电阻R后，应将单刀双掷开关拨到1处

49、，调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为 ，再重复上述操作,定值电阻断路,U1,将单刀双掷开关拨到2处，保持滑片位置不动，此时电压表测量的是R和R0两端的总电压，读出电压表示数为U2,U1,(1)两节干电池串联，电源电压为3V，因为要求实验过程中电表的最大示数能超过电表量程的一半；若选择D，当滑动变阻器的阻值为零时，电路中的电流 刚好是电流表量程00.6A的一半，若变阻器接入的阻值不为零，则电路中的电流会小于0.3A，不可以选择；若选择C，当滑动变阻器的阻值为零时，电路中的电流 所以电流表选择00.6A的量程，故定值电阻选择5电阻；由以上计算可知，选择最大阻值为10的滑动变阻器便可达到要求，而最

50、大阻值为100太大，不便操作(2)由前面的计算可知，电表均选用小量程，电流表串联在电路中，电压表并联在电阻两端，变阻器按“一上一下”原则接入电路中；(3)电流表示数为0，说明电路可能断路；移动滑片P，电压表有示数且不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则电路出现的故障可能是：定值电阻断路；【拓展】在没有电流表的情况下，设计如图乙的电路图；将单刀双掷开关拨到1处，将滑片滑到某一位置，读出电压表的示数为U1；将单刀双掷开关拨到2处，保持滑片位置不动，此时电压表测量的是R和R0两端的总电压，读出电压表示数为U2；因电路的连接关系没有改变，各电阻的阻值大小不变，各电阻的电

51、压不变，根据串联电路电压的规律，R0两端的电压为U2U1，由欧姆定律可知，通过R0的电流(即串联电路中的电流) 更换电阻R后，应将单刀双掷开关拨到1处，并保持R两端的电压不变，即应该移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数仍然为U1，再重复上述的操作,22017贵港中考用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示,(1)连接电路时，开关应该是 的 (2)大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为.请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图(导线不能交叉) (3)实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电

52、压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式 a实验过程： bRx的表达式：Rx .,断开,8,测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压UI1Rx； 将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压UI2RxI2R,(1)在连接电路时开关应该处于断开状态；(2)由图乙可知，通过小灯泡的电流I0.3A，小灯泡两端的电压U2.4V，此时小灯泡灯丝的电阻值 由图乙可知，电压表的量程为03V；电流表的量程为00.6A；将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；滑动变阻器按一上

53、一下的原则接线；(3)如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，画出此时的实验电路图 a.实验步骤：测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压UI1Rx；将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压UI2RxI2R. b.因电源电压保持不变，所以I1RxI2RxI2R，则Rx的表达式为：,32017石家庄18县联考在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡额定电压为2.5V(电阻值约为5),(1)连接好电路，闭合开关后，会发现电压表的示数为V，小灯泡不发光，经检查，是由于其中一根导线连接错误造成的，请你用笔在实物图中将连接错误的导线打“”并补画出正确的

54、连线 (2)电路修改后闭合开关，发现小灯泡仍不亮，电流表有示数，电压表无示数，则出现故障的原因是 (选填“小灯泡断路”或“小灯泡短路”) (3)故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某处时，电压表示数为2V，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 (选填“左”或“右”)端移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W.,3,小灯泡短路,右,1.25,(4)若此实验中电流表坏了，为了测出小灯泡的额定功率，小组同学们增加了一个R05的定值电阻，设计了如图丙所示的电路和如下实验方案： 调节滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压； 保持滑片位置不变，只将电压

55、表a点改接到c点，测出定值电阻R0两端的电压U0，通过计算就可得到小灯泡的额定功率 请你指出该设计方案中存在的问题： ； .,无论怎样调节变阻器，都不能使灯泡正常发光,电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端的电压,42017石家庄桥西区模拟小明在学习了电学知识后，设计如图甲所示电路，完成如下实验探究：,(1)请用笔画线将图乙补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时电阻变大 (2)闭合S1、断开S2，移动滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表示数，多次实验绘制IU图象，如图丙中a所示此过程探究的是 . (3)仍然闭合S1、断开S2，依次将定值电阻R换成R1、R2，且RR1R2，要使电压表示数保持

56、不变，应将滑动变阻器的滑片P向 (选填“左”或“右”)移；实验过程中，小明发现把R1换成R2，无论怎样调节滑片都无法使用电压表调到控制值，说明选择的滑动变阻器的最大阻值 .,电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压的关系,右,偏小,(4)断开S1、闭合S2，移动滑动变阻器的滑片进行实验，小灯泡突然熄灭，检查发现电流表的示数为零，电压表的示数接近电源电压，请你帮小明分析电路故障可能是 .小明换用额定电压为2.5V的小灯泡继续实验，灯泡正常发光时，电流表示数如图丁所示，小灯泡的额定功率为W，根据记录小灯泡的电压和电流的数据，绘制成电压和电流的关系图象如图丙中b所示，图象中A、B、C三点RA、RB、R

57、C的阻值由大到小的顺序为 . 【拓展】小明发现，如果小灯泡的额定电压和电阻R已知，在原有器材中去掉电流表，也可完成“测量小灯泡的额定功率”的实验请在虚线框内画出他设计的电路图,小灯泡断路,1,RARCRB,(1)滑动变阻器在使用时，其接法必须是一上一下，滑动变阻器滑片向右移动阻值变大，故变阻器的下接线柱应在A端；(2)由电阻的IU图象可知，电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；(3)电阻R换成了电阻R1、R2时，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，此时变阻器的阻值不变，则滑动变阻器分得的电压变小，电阻分得的电压变大；要探究电流和电阻之间关系，必须保持电阻两端的电压不变，即与电阻并联的电压表示数不变，所以应调节滑片向右移动，增大滑动变阻器接入电路的电阻，使电压表的示数保持不变；当把R1换成R2时(R1R2)，由于定值电阻的阻值增大，要保证定值电阻两端的电压和变阻器两端电压均不变，根据分压原理可知，滑动变阻器接入的阻值必须继续增大，现在无论怎样调节滑片都无法使用电压表调到控制值，说明选择的滑动变阻器的最大阻值偏小；,(4)分析题目可知，此时电流表无示数，即表明是断路，但电压表有示数，即表明此时电压表测