邯郸市鸡泽县第一中学高三上学期第三次月考（期中）物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2017～2018学年第一学期11月考试高三物理试题一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共40分,其中1—6在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的;第7-10题在每小题给出的四个选项中,有多个选项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分）⒈下列说法正确的是（)A．卢瑟福α粒子散射实验表明原子存在中子B．外界温度越高，放射性元素的半衰期越短C．核聚变反应方程eq\o\al(2，1）H＋eq\o\al(3,1）H→eq\o\al(4，2）He＋A中，A表示质子D．eq\o\al（238,92）U原子核衰变为一个eq\o\al（206,82）Pb原子核的过程中,发生6次β衰变2.如图所示，小球C置于光滑的半球形凹槽B内，B放在长木板A上,整个装置处于静止状态．现缓慢减小木板的倾角θ过程中，下列说法正确的是（)A．A受到的压力逐渐变大 B．A受到的摩擦力逐渐变大C．C对B的压力逐渐变大 D．C受到三个力的作用3.由离地足够高的相同高度处，使甲球与乙球同时自静止状态开始落下,两球在抵达地面前，除重力外,只受到来自空气阻力F的作用,且阻力与球的下落速度v成正比，即F=﹣kv（k＞0)，且两球的比例常数k完全相同，如图所示为两球的速度﹣时间关系图，若甲球与乙球的质量分别为m1与m2，则下列叙述正确的是（）A．m2＜m1，且乙球先抵达地面B．m2＜m1,且甲球先抵达地面C．m2＞m1,且乙球先抵达地面D．m2＞m1，且甲球先抵达地面4。如图所示，两个带有正电的等量同种点电荷，其连线和连线中垂线的交点为b，a、c为中垂线上的两点，一个带正电的粒子从图中a点沿直线移动到c点，则（）A．粒子所受电场力一直不变 B．电场力对粒子始终不做功C．a、b、c三点中，b点场强最大 D．a、b、c三点中，b点电势最高5.如图所示,将一质量为m的小球从空中O点以速度v0水平抛出，飞行一段时间后，小球经过P点时动能Ek=5mv02，不计空气阻力，则小球从O到P(）A．下落的高度为B．速度增量为3v0，方向斜向下C．运动方向改变的角度满足tanθ=D．经过的时间为6。在如图所示的电路中,当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小,电流表示数变小7.2017年4月,我国成功发射了“天舟一号"货运飞船，它的使命是给在轨运行的“天宫二号”空间站运送物资，已知“天宫二号”空间站在低于同步卫星的轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t(t小于其运行周期T）运动的弧长为s,对应的圆心角为β弧度，万有引力常亮为G，下面说法正确的是（）A．“天宫二号”空间站的线速度大于地球的第一宇宙速度B．“天宫二号”空间站的向心加速度小于地球同步卫星的向心加速度C．“天宫二号”空间站的环绕周期T＝eq\f(2πt，β)D．地球质量M＝eq\f(s3,Gβt2)8。伽利略在研究自由落体运动的过程中,曾提出两种假设：①速度v与下落的高度h成正比；②速度v与下落的时间t成正比，分别对应于甲图和乙图，对于甲、乙两图作出的判断中正确的是（）A．图甲中加速度不断增加B．图乙中加速度不断增加C．图甲0～h内运动的时间是D．图乙中0～t内运动的位移是t⒐如图（a)所示，水平放置的平行金属板AB间的距离d=0.1m，板长L=0.3m，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于AB板的正中间,距金属板右端x=0。5m处竖直放置一足够大的荧光屏，现在AB板间加如图（b)所示的方波形电压,已知U0=1.0×102V,在挡板的左侧，有大量带正电的相同粒子以平行于金属板方向的速度持续射向挡板,粒子的质量m=1。0×10﹣7kg，电荷量q=1。0×10﹣2C，速度大小均为v0=1。0×A．粒子从进入电场到打中荧光屏所经历的时间8×10﹣5sB．在t=0时刻进入的粒子飞出电场时垂直于极板方向的位移为2.5×10﹣2C．t=0时刻进入的粒子飞出电场时速度与水平方向夹角的正切值为D．由正极板边缘、且从t=1×10﹣5s时刻进入电场的粒子打到荧光屏上的位置距O点的距离0.010．将一倾角为的光滑斜面体固定在地面上，在斜面的底端固定一轻弹簧,弹簧原长时上端位于斜面处的B点。现将一质量为的可视为质点的滑块由弹簧的上方的A点静止释放，最终将弹簧压缩到最短C点。已知滑块从释放到将弹簧压缩到最短的过程中，滑块的速度时间图像如右图，其中0~0.4s内的图线为直线，其余部分均为曲线,且,g=10m/s2。则下列正确的选项是(）A．B．滑块在压缩弹簧的过程中机械能减小C．弹簧储存的最大弹性势能为16JD．滑块从C点返回到A点的过程中，滑块的机械能一直增大II卷（非选择题共70分)二、实验题(本题共2小题，共15分）11。(6分)用如图所示的实验装置可以测量物块与水平桌面之间动摩擦因数，已知钩码质量为m，滑块质量是钩码质量的n倍，重力加速度为g．①用游标卡尺测量遮光片的宽度d.用米尺测量出滑块起始位置到光电门之间的距离s。(钩码不会触击到地面）②调整轻滑轮,使细线水平．释放物块，记录数字毫秒计测出的遮光片经过光电门时间Δt.③改变物块与光电门之间的距离s，重复多次,得到多组数据.④根据上述实验数据求出动摩擦因数μ。回答下面的问题：⑴物块经过光电门时的速度v＝________。物块的加速度a________.⑵如果采用图像法处理数据，以起始位置到光电门之间的距离s为横坐标,选用为纵坐标,才能得到一条直线．ss⑶如果这条直线的斜率斜率为k,由图像可知,物体与水平桌面间的动摩擦因数为μ＝12．（9分）实验室中要测量一只电压表的内电阻，供选择的仪器如下:①待测电压表V（量程0～1.5V,内阻约为500Ω左右)；②电流表A(量程0~10mA）;③定值电阻R（250Ω);④滑动变阻器R1(0～20Ω）；⑤滑动变阻器R2（0~1000Ω);⑥干电池（1。5V)；⑦开关S及导线若干．⑴为了方便电压的方便调节，滑动变阻器接成分压式接法，滑动变阻器应选________．（在空格内填写序号）⑵要利用所给器材较准确测量电压表的电阻，请在虚线框中画出完整的电路图.⑶把实物连线图补充完整．⑷测量电压表、电流表多组读数V、I,然后以V为纵坐标，I为横坐标，作出相应图线，如图所示．若测得图线的斜率为k，待测压表内阻的表达式为．三,计算题（本题共4小题,共45分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）如图所示，半径为R、圆心为O的大圆环固定在竖直平面内，两个轻质小圆环固定在大圆环上竖直对称轴的两侧θ=45°的位置上，一根轻质长绳穿过两个小圆环,它的两端都系上质量为m的重物，小圆环的大小、绳子与大、小圆环间的摩擦均可忽略．当在两个小圆环间绳子的中点C处，挂上一个质量M的重物，M恰好在圆心处处于平衡．(重力加速度为g)求：（1）M与m质量之比．（2）再将重物M托到绳子的水平中点C处，然后无初速释放重物M,则重物M到达圆心处的速度是多大?30014。(11分)如图斜面倾角为300，一辆汽车从静止开始时以1m/s2的加速度沿斜面爬坡，已知汽车质量为1.0×103kg，额定输出功率为5.6×104W,摩擦阻力为车重的0。2倍，g取10m/s300(1)汽车做匀加速运动的时间；（2)汽车所能达到的最大速率；PMNba15.(12分）如图所示,水平轨道与半径为R的半圆形光滑竖直轨道相连，固定在地面上。可视为质点的滑块a和小球b紧靠在一起静止于半圆圆心的正下方N点，滑块a和小球b中间放有少许火药，某时刻点燃火药，滑块a和小球b瞬间分离,小球b恰好能通过半圆轨道的最高点P点，然后做平抛运动落到水平轨道MN上。已知a和b质量分别为2m、m，滑块a与水平轨道MN之间的动摩擦因数为PMNba（1）滑块a和小球b刚分离时b的速度大小；（2）小球b的落地点与滑块a最终停下处之间的距离.

16。(12分）如图所示,左侧平行板电容器内有电场强度为E的匀强电场,电容器右侧虚线区域内有垂直于纸面的匀强磁场,电容器极板长度等于匀强磁场区域的宽度。直线是平行板电容器的中心线,一束速度为v0的带电粒子沿着直线射入电场，经电场偏转后进入磁场，经磁场偏转后离开磁场.（1)如果粒子离开磁场时的的速度方向与直线平行，求这种情况下磁感应强度B1的大小（2）如果粒子经磁场偏转后又回到O点，求这种情况下磁感应强度B2的大小

高三物理11月考试答案1.D2。A3。C．4。D5。D．6.A．7.CD8。AD．9.AC10。ABC11.【答案】eq\f(d,Δt）（1分）eq\f（1,2s)eq\b\lc\（\rc\）（\a\vs4\al\co1（\f(d,Δt）））2(1分）（2）eq\f(1,Δt2)(2分）（3）eq\f(kd2，2g)－eq\f(1，n）（2分）【解析】⑴经过光电门时的瞬时速度大小为v＝eq\f(d，Δt)，由v2＝2as解得a＝eq\f（1，2s)eq\b\lc\（\rc\)（\a\vs4\al\co1（\f(d,Δt))）2.⑵（3)对物块由牛顿第二定律可得mg－μMg＝Ma,由运动学规律可得2as＝eq\b\lc\（\rc\）(\a\vs4\al\co1（\f（d，Δt)））2，由以上两式可得eq\f（1,Δt2）＝eq\f(2mg－2μMg，Md2)·s，可知图象的斜率为k＝eq\f(2mg－2μMg，Md2）,由此可得μ＝eq\f(kd2，2g)－eq\f（1，n)12.【解析】⑴滑动变阻器采用分压接法时，应选用阻值适当小一些的，滑动变阻器选R1.⑵需要电压表与定值并联，才能跟电流表的量程相适应,所以完整的电路如图所示⑶实物连线如图所示，连线时要注意电表的正负接线柱不能接反．（3）根据串、并联电路规律可知：I＝eq\f（V，R)＋eq\f（V，RV)，图线斜率k＝eq\f（V，I），所以RV＝eq\f（kR,k－R)【答案】（1)R1（2分）（2)见解析图(2分）(3）见解析图(2分)⑷eq\f(kR，k－R）（3分）13。解：（1）以M为研究对象，受力分析:Mg=2mgcos45°M:m=：1(2)M与2个m组成的系统机械能守恒：MgRsinθ﹣2mg(R﹣Rcosθ）=MV12+mV22V2=V1cosθV1=答：（1)：1．（2）(）14。【解析】（1)由牛顿第二定律得F－mgsin30°－0。2mg＝ma设匀加速过程的末速度为v，则有P＝Fvv＝at1解得t1＝7s。（2)当达到最大速度vm时，a＝0，则有P＝（mgsin30°＋0。2mg）vm。解得vm＝8m/s。【答案】(1）7s（2）8m/s15。【解析】（1)物体b在竖直平面内做圆周运动，在P点时重力提供向心力，有解得两物体分离后物块b沿圆轨道向上运动,由动能定理有解得（2）a与b分离瞬间在水平方向上动量守恒，由动量守恒定律有解得滑块a向左运动的加速度滑块a向左运动的最大距离小球b做平抛运动，竖直方向有水平方向解得【答案】⑴