2025广东省肇庆市鼎湖区高三年级上册第一次模拟调研测试物理试题（含答案解析）

2025广东省肇庆市鼎湖区高三上学期第一次模拟调研测试物理

试题

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.11月11日浙江杭州正式启用多条无人机物流配送航线，开启基于无人机公共起降场的

城市低空配送新模式。下面是无人机在直线运输过程中记录的4次运动图像，反映无人机在

O~4s内的平均速度最大的是（）

2.2024年11月4日，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回地面时,

使用降落伞能有效降低着地的速度，如图所示是返回舱和降落伞示意图，舱和伞之间通过

10根等长的轻绳按十等分点连接，每根绳与竖直方向的夹角均为仅在降落伞的作用下，

研究某次匀速竖直下落阶段，已知返回舱的总重力大小为G,返回舱受到的空气阻力恒为F,

下列说法正确的是（）

A.10根轻绳对返回舱的合力为G,方向竖直向上B.10根轻绳对返回舱的合力为

—--F

COS。

C.每根绳子上的拉力大小为心D.每根绳子上的拉力大小为高高

3.篮球是中学生喜欢的运动，如图所示,小明在某次训练投球时从同一高度的A、8两点

先后将篮球抛出，篮球恰好都能垂直打在篮板上的尸点，不计空气阻力，上述两个过程中

()

八、、

\、

、'\\

\\

\\

\\

AB

A.篮球从8点抛出击中P点时速度大B.篮球从8点抛出后速度的变化率大

C.篮球从8点抛出时小明对球做的功少D.篮球从B点抛出时重力的瞬时功率小

4.如图所示为回旋加速器示意图，利用回旋加速器对；H粒子进行加速，此时D形盒中的

磁场的磁感应强度大小为B,D形盒缝隙间电场变化周期为T,加速电压为U。忽略相对论

效应和粒子在D形盒缝隙间的运动时间，下列说法正确的是（）

B

A.保持8、U和T不变，该回旋加速器可以加速质子

试卷第2页，共8页

B.只增大加速电压U,；H粒子获得的最大动能增大

C.只增大加速电压U,；H粒子在回旋加速器中运动的时间变短

D.回旋加速器只能加速带正电的粒子，不能加速带负电的粒子

5.如图所示，倾角为37。的传送带以恒定4m/s的速度沿顺时针方向转动。一煤块以为=12

m/s从底部冲上传送带向上运动，煤块与传送带间的动摩擦因数为0.25,煤块到达传送带顶

端时速度恰好为零，取g=10m/s2，sin37°=0.6,cos37°=0.8,则（）

B.传送带底端到顶端的距离为14m

C.煤块相对传送带的位移为2m

D.煤块所受摩擦力方向一直与其运动方向相反

6.如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心。处固定一点电荷，将质量为废,

带电量为+4的小球从半径为R的圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最

低点B时，对管壁恰好无压力，下列说法不正确的是（）

A.则固定于圆心处的点电荷在弧A8中点处的电场强度大小为—

q

B.小球滑到最低点的速度大小为丫=可*

C.。处的点电荷一定带负电

D.电场力对小球不做功

7.某吹风机内部的简化电路图如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2:1,已知

当开关K断开时变压器副线圈中的电流I随时间f的变化图像如图乙所示，电动机两端的电

压为。0。当开关K闭合后，原线圈的输入功率变为原来的3倍。下列说法正确的是（）

B.当开关K断开时，原线圈的输入功率为

C.定值电阻R的阻值为导

D.当开关K闭合后，副线圈的输出电压变大

二、多选题

8.太阳能量的来源主要通过质子一质子链反应（简称尸尸链），太阳产生的能量约99%来自

该链反应。科学研究发现，该链反应主要通过如下方程发生：3：H-X+；e+匕①；

2XfY+2；H②，其中:e为正电子，匕为太阳中微子，下列说法正确的是（）

A.方程式中X为;He,丫为;He

B.方程式中X为;H,丫为;He

C.反应①属于核聚变反应

D.Y的比结合能大于X的比结合能

9.如图所示为我国民众应对高温天气所用的吊扇，此时固定于天花板上的吊扇正在顺时针

旋转（仰视），转速为人已知叶片湖的长度为L忽略转轴的大小，吊扇所在位置处地磁

场的磁感应强度大小为3,方向与竖直方向的夹角为仇则下列说法正确的是（）

试卷第4页，共8页

A.a、b两端的电势差大小为mrBL2cos0

B.a、b两端的电势差大小为〃TTBL2s力治

C.。端的电势高于b端的电势

D.a端的电势低于6端的电势

10.风洞实验通过产生人工控制的气流模拟飞行器在气流中的运动过程。如图所示为某次实

3

验示意图，固定在竖直面内的;光滑圆弧轨道AC。与粗糙水平面平滑相切于A点，。为圆

弧轨道的圆心。将质量为根的滑块（可视为质点）从水平地面上的E点由静止释放，整个

装置处在水平向右的风场中，滑块始终受到恒定风力作用。已知圆弧轨道的半径为R,滑块

与水平地面间的动摩擦因数〃=0.25,且滑块恰好能在圆弧轨道上的8点处保持静止，OB

与竖直方向的夹角6=37o,sin37°=0.6,cos37o=0.8,重力加速度g=10m/s2。设A、E两点

间的距离为/，下列说法正确的是（）

A.滑块受到的风力大小为

B.若滑块能通过圆弧轨道的最高点C,贝UN5R

C.当球一尺时，滑块运动到。点之前一定不会脱离圆轨道

D.当/<5R时，滑块运动到。点之前一定会脱离圆轨道

三、实验题

11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中：

⑴如图（a）所示为某同学的实验装置，实验中打出如图（b）的一条纸带，已知打点计时

器的打点周期是0.02s,每隔一个点选取一个计数点，计数点间的距离如图所示（单位cm）,

求出小车运动的加速度的大小为m/s2（计算结果保留2位有效数字）。

小车打点计时器

传口1r1rli,

II

祛码总

祛码盘UL

图（a）

fOABCDEF）

）勺.7/.92”卜8.0938.2638.43中8.62"（

图（b）

（2）另一实验小组设计了如图（c）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得

滑块运动的加速度a和所受拉力产的关系图像。他们在轨道水平和倾斜（通过在远离滑轮的

一端加垫片实现）的两种情况下分别做了实验,得到了两条。图线，如图（d）所示。

位移传感器位移传感器

接收部分发射部分

图(d)

①图线是在轨道倾斜的情况下得到的（选填“甲”或"乙”）；

②滑块和位移传感器发射部分的总质量机=kg,滑块和轨道间的动摩擦因数〃

12.某同学想测量某容器的深度，发现没有足够长的测量工具，他灵机一动，想到利用单

摆实验进行测量，步骤如下:

（1）该同学找到一把游标卡尺，游标卡尺可用来测物体的深度，应使用图甲中的（选

填“位置1”“位置2”或“位置3”）测量物体深度。但游标卡尺量程并不够测量该容器的深度，

他先测量了小球的直径，图乙所示的游标卡尺读数为mm。

（2）将做好的单摆竖直悬挂于容器底部且开口向下（单摆的下部分露于容器外），如图（a）

试卷第6页，共8页

所示。将悬线拉离平衡位置一个小角度后由静止释放，单摆摆动的过程中悬线不会碰到器壁,

测出容器的下端口到摆球球心的距离L并通过改变乙而测出对应的摆动周期T,再以T-

为纵轴、乙为横轴作出图像，那么就可以通过此图像得出当地的重力加速度g和该容器的深

度h,取兀2=9.86,回答下列问题：

①如果实验中所得到的〃_乙图像如图（b）所示，那么实验图像应该是线（选填%”、

或"c”）。

②由图像可知，当地的重力加速度g=m/s?（结果保留三位有效数字），容器的深

度/?=m„（结果保留两位小数）

四、解答题

13.柴油打桩机由重锤汽缸、活塞桩帽等若干部件组成。重锤汽缸的质量为“，钢筋混凝土

桩固定在活塞桩帽下端，桩帽和桩总质量为汽缸从桩帽正上方一定高度自由下落，汽

缸下落过程中，桩体始终静止。当汽缸到最低点时，向缸内喷射柴油，柴油燃烧，产生猛烈

推力，汽缸和桩体瞬间分离，汽缸上升的最大高度为/2,重力加速度为g。

（1）求柴油燃烧产生的推力对汽缸的冲量；

（2）设桩体向下运动过程中所受阻力恒为力求该次燃烧后桩体在泥土中向下移动的距离。

14.北坡公园有一种叫“空中飞椅”的游乐项目，示意图如图所示，长为乙=5m的钢绳一端系

着座椅，另一端固定在半径为x2m的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动,

转盘匀速转动时，钢绳与转动轴在同一竖直平面内，若人与座椅的总质量为50kg,钢绳与

竖直方向的夹角为6=37。，不计绳子重力，求：

(1)人在转动时的线速度多大？

(2)此时钢绳的拉力多大？

15.一弹射游戏装置竖直截面如图所示，固定的光滑水平直轨道AB、半径为R的光滑螺旋

圆形轨道BCD、光滑水平直轨道DE平滑连接。长为L、质量为M的平板紧靠长为d的固

定凹槽所GH侧壁EF放置,平板上表面与。硝齐平。将一质量为m的小滑块从A端弹射，

经过轨道BCD后滑上平板并带动平板一起运动,平板到达即被锁定。已知7?=0.5m,d=4.4

m,L=1,8m,M=m=QAkg,平板与滑块间的动摩擦因数〃尸0.6、与凹槽水平底面FG间的动

摩擦因数为〃2。滑块视为质点，不计空气阻力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速

度g=10m/s2o

(1)滑块恰好能通过圆形轨道最高点C时，求滑块离开弹簧时速度w的大小；

(2)若〃2=0,滑块恰好过C点后，求平板加速至与滑块共速时系统损耗的机械能;

试卷第8页，共8页

《2025广东省肇庆市鼎湖区高三上学期第一次模拟调研测试物理试题》参考答案

题号12345678910

答案DCACCACACDACBC

1.D

【详解】由A图可知，经4s,无人机的位移为0,故平均速度7A=0；由B图可知，经4s,

无人机的位移为8m,故平均速度为

-x8...

VB=—=—m/s=2m/s

t4

由C图可知，经4s,无人机的位移为

%=gx4x4m=8m

故平均速度为

-%8

v=—=—m/s=2m/s

ct4

由D图可知，经4s,无人机的位移为

1,6+8

x.=—x2x6mH-------x2m=20m

D22

故平均速度为

-x20._.

VD=—=—m/s=5m/s

t4

故平均速度最大是D图，为5ms/o

故选D。

2.C

【详解】AB.设10根轻绳对返回舱的合力为心，根据平衡条件可知

F^+F=G

解得

F^=G-F

故AB错误；

CD.设每根绳的拉力为8，根据平行四边形定则有

lQFlcos3=G-F

解得

答案第1页，共11页

F=G-F

1lOcos。

故C正确，D错误。

故选Co

3.A

【详解】A.将篮球看成反向平抛运动，篮球在竖直方向下降的高度相同，在竖直方向有

1

72

h=2gt

可知篮球从两点下落的时间相同；在水平方向，可知Z</，根据

X=VQt

可知

击中P点时速度即水平方向的速度，故篮球从5点抛出击中P点时速度大，故A正确；

B.根据

Av

可知篮球从两点抛出到击中P点，速度变化率相同，都为重力加速度，故B错误；

C.将篮球看成反向平抛运动，篮球在竖直方向下降的高度相同，在竖直方向有

vj=2gh

说明从两点抛出的竖直方向速度相同，但在水平方向有%A<%B，根据

故从B点抛出的速度更大，根据动能定理有

W=-mv2

2

篮球从B点抛出时小明对球做的功更大，故C错误；

D.根据

P=mgvy

可知从两点抛出的竖直速度相同，故篮球从8点抛出时重力的瞬时功率相等，故D错误。

故选Ao

4.C

答案第2页，共11页

【详解】A.D形盒缝隙间电场变化周期与；H粒子在磁场中做圆周运动的周期相等，为

271m

T=-------

qB

而质子与；H粒子的比荷不相等，所以为了加速器可以加速质子,应对加速器进行参数调节,

改变8和T,A错误;

B.设D形盒半径为厂，则；H粒子离开回旋加速器的最大速度

_qBr

Vmax一

m

所以只增大加速电压U,:H粒子获得的最大动能不会增大，B错误;

C.粒子在回旋加速器回旋一周，增加的动能为2qU,在回旋加速器中运动时间由回旋次数

决定，设回旋次数为W,则由

12

2nqU，=—mIvlld~X

可得

4mU

所以粒子运动总时间

5=变匚浮="

4mUqB2U

故只增大加速电压U,；H粒子在回旋加速器中回旋的次数会变少，即运动的时间会变短,

c正确；

D.回旋加速度既能加速带正电的粒子，也能加速带负电的粒子，D错误。

故选C„

5.C

【详解】AD.煤块速度大于传送带速度时，煤块受到的摩擦力沿传送带向下，与煤块的运

动方向相反，煤块根据牛顿第二定律有

mgsin37°+jumgcos37°=max

解得

q=8m/s2

故经时间

答案第3页，共11页

与皮带共速，之后继续减速运动，速度小于传送到的速度，传送带对煤块的摩擦力沿传送带

向上，与煤块的运动方向相同，到达传送带顶端时速度恰好为零，根据牛顿第二定律有

mgsin37°-jumgcos37°=ma2

解得

2

a2=4m/s

这段时间

V3

t2=—=Is

a2

故到2s时煤块的速度为零，故A错误，D错误；

B.Is时，煤块的速度为4m/s,则在前Is内煤块的位移大小为

(12+4)

---------xlm=8m

2

在时间

Vr

t2=—=Is

a2

内，煤块的位移为

(4+0)

------^xlm=2m

2

故传送带底端到顶端的距离为10m,故B错误，

C.传送带在两秒内向上运动的距离为

4x2m=8m

故煤块相对传送带的位移为

10m-8m=2m

故C正确。

故选C。

6.A

【详解】B.设小球到达8点时速度大小为％小球从A滑到8的过程，由机械能守恒定律

得

12

mgR=—mv

解得

答案第4页，共11页

V=12gR

故B正确，不符合题意；

C.设小球所受库仑力大小为凡对8点处的小球受力分析可知，因压力为零，故

.v2

r—m2=m——

R

解得

F=3mg

可知。处的场源为负电荷，故C正确，不符合题意；

AD.点电荷周围的场强满足

E-丝

则在同一圆上的场强大小相同，由

F3mg

匕=—=---

qq

可知圆弧A8的中点的场强大小为

£=咽

q

方向指向。点，且电场力始终与运动速度垂直，电场力不做功，故A错误，符合题意；D

正确，不符合题意。

故选A„

7.C

【详解】A.由图乙可知副线圈中电流的周期为0.02s,变压器只改变交变电流的电压不改

变周期，A错误;

B.由图乙可知，当开关K断开时，副线圈中电流的有效值为2,此时原线圈的输入功率

为

B错误;

C.由题意可知，当开关K闭合后，定值电阻R消耗的功率为电动机消耗功率的2倍，有

一仞/

R2

解得

答案第5页，共H页

A--------

2人

C正确；

D.副线圈的输出电压由原线圈的输入电压和变压器原、副线圈的匝数比决定，所以开关K

闭合后，副线圈的输出电压不变，D错误。

故选C。

8.ACD

【详解】AB.根据质量数守恒和电荷数守恒，方程式中X为;He,Y为;He,故A正确，B

错误；

CD.反应①、②均属于核聚变反应，Y的比结合能大于X的比结合能，故CD正确。

故ACD。

9.AC

【详解】北方地磁场的磁感应强度垂直于叶片向下的分量为

耳=Bcos0

由法拉第电磁感应定律有

1,

E=BxLv=-Bxl3a>

根据角速度和转速得关系有

co=27m

又因为

U=E

可得服匕两端的电势差大小为

U=miBI}cosO

由右手定则可知，。端的电势高于b端的电势。

故选AC„

10.BC

【详解】A.对静止在3处的小球进行受力分析，滑块受到的风力大小

3

f—mgtan-mg

故A错误；

答案第6页，共11页

B.若滑块恰能通过圆周最高点C,满足

1

fl-Q.25mgl=2mgR+—mv29

又

v2

m2-m一

R

解得

l=5R

故B正确;

C.风力与重力的等效合力

口mg5

F=--=

cos。4

方向与竖直方向成6角斜向右下方，滑块到。点之前恰好不脱离圆轨道时，满足

mv,'2

fl-0.25mgl-F(^R+Reos°)=1

又

R

解得

23

l=—R

4

23

当△小时，滑块运动到。点之前一定不会脱离圆轨道，故C正确;

D.当/较小时，滑块可能会返回，不一定脱离圆轨道，故D错误。

故选BC»

11.(1)1.1

(2)甲0.50.2

【详解】(1)两个相邻的计数点的时间间隔

T=0.04s

则小车运动加速度的大小为

尤CF-X”(8.62+8.43+8.26-7.74-7.92-8.09)

-222

CL—xlOm/s=l.lm/s

(37)29x0.042

(2)[1]由甲图线可知，当尸=0时，〃=2m/s2w0,说明当绳子上没有拉力时小车就有加速

度，则实验操作中平衡摩擦力过度，即轨道倾角过大，平衡摩擦力时将左端垫得过高，所以

图线甲是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的；由乙图线可知，当FwO时，a=0,说明

答案第7页，共11页

当绳子上有拉力时小车没有加速度，则图线乙是轨道水平没有平衡摩擦力的情况下得到的。

⑵［3］由牛顿第二定律得

F-jumg1

a=—=——F-jug

mm

结合图像可知，图线乙斜率

m

纵轴截距大小

b="g

解得质量

m=—=0.5kg

k

动摩擦因数

g

12.(1)位置39.2Z9.3

(2)a9.86m/s20.45m

【详解】(1)口］游标卡尺测深度应该使用图中的位置3；

⑵游标卡尺读数为

91nm+2x0.1mm=9.2mm

(2)口］由单摆的周期公式得

可得

T2=—(/i+£)

g

所以图像应该是。。

⑵[3]结合图像可知

4万21.80

£--45x10-2

4»2

——h=1.80

g

联立可得

g=9.86m/s2,h=0.45m

答案第8页，共11页

⑵m2gh

13.(1)2gh方向竖直向上;

MCf-Mg)

【详解】(1)设燃烧使重锤汽缸获得的速度为%,桩体获得的速度为v,对分离后的重锤汽

缸由机械能守恒，有

~^mvo=mgh

对分离瞬间重锤汽缸，由于内力远大于外力，故由动量定理，有

/燃=〃2%—0

得

/燃

方向竖直向上。

(2)分离瞬间，由于内力远大于外力，所以重锤汽缸和桩体组成的系统动量守恒，有

m%=Mv

分离后对桩体，由动能定理，有

1,

MgH-fH^0--Mv2

得

2

H=mgh

14.(1)v=-V6m/s；(2)T=625N

2

【详解】(1)由题可知座椅到中心轴的距离

R=r+LsmO

代入数据得

R=5m

对座椅和人分析有

2

口+Qmv

辱j=mgtan9=—

代入数据得

v=-V6m/s