山东省淄博市2024-2025学年高一（上）期末物理试卷（含解析）

山东省淄博市2024-2025学年高一（上）期末物理试卷

一、单选题：本大题共8小题，共24分。

1.2024年9月25日，中国人民解放军火箭军成功发射1枚携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹，采用钱学森弹

道准确落入预定海域。如图是导弹的飞行轨迹，导弹的速度"与所受合外力尸的关系可能正确的是（）

A.图中4点B.图中B点C.图中C点D.图中D点

2.潭溪山玻璃漂流为山东省最长峡谷漂流，一游客在潭溪山乘皮筏漂流，途经M点和N点，如图所示。已知

该游客从M点漂流到N点的路程为1.5/OTI,用时5nl讥，M、N间的直线距离为0.9km,则从M点漂流到N点的

B.该游客的平均速率为18M/S

C.该游客的平均速度大小为3m/s

D.若以所乘皮筏为参考系，美女峰的平均速度为0

3.如图所示，小齐同学做化学实验时，将一空烧杯水平静止放置在带有石棉网的三脚架

上，向空烧杯内缓慢加水直至加满的过程中，贝!1（）

A.烧杯的重心在烧杯上

B.杯与水的共同重心将一直上升

C.杯与水的共同重心将先上升后降低

D.杯与水的共同重心将先降低后上升

4.如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千，某次维修时将两轻绳各

剪去一小段，但仍保持等长且悬挂点不变.木板静止时，&表示木板所受合力的大小，尸2表示单根轻绳对木

板拉力的大小，则维修后（）

C.&变大，尸2变大D.&变小，尸2变小

5.惯性制导已广泛应用于弹道式导弹工程中，这个系统的重要元件之■是“加速度计”。加速度计构造原

理的示意图如图所示，沿导弹长度方向安装的固定光滑杆上套一质量为小的滑块，滑块两侧分别与劲度系数

为k和2k的轻弹簧相连，两弹簧的另一端与固定壁相连，滑块原来静止，弹簧均处于自然长度，滑块上指针

指在0刻度处。通过标尺可测出滑块的位移，然后通过控制系统进行制导。导弹沿水平方向运动，某时刻指

针向左偏离0点的距离为无（弹簧始终在弹性限度内），此时导弹的加速度（）

A.方向向左，大小为一B.方向向右，大小为主

m

C.方向向右，大小为把D.方向向左，大小为五

m

6.甲、乙两车沿着一条平直公路同向同速行驶，相距152zn。t=0时刻，前面的甲车开始减速，经过一段时

间，后面的乙车也开始减速，两车的u-t图像如图所示。如果

甲车在减速过程中行驶的距离为200小，乙车停止时与前方甲车

相距（）

A.2m

B.5m

C.10m

D.25m

7.2024年11月4日，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。飞船返回降落伞

舱在返回过程中的某一竖直下落阶段为：返回舱先加速下落，之后打开降落伞减速

下降。返回舱和伞受到的阻力/与速度"大小的平方成正比，即/=k/（k为常数），

设伞打开时速度大小为％,返回舱和伞的总质量为根，重力加速度为g。在该阶段，

下列说法正确的是（

A.打开伞前返回舱处于超重状态

B.打开伞后返回舱处于失重状态

C.打开伞时返回舱的加速度大小为鬻-g

mg

D.打开伞后返回舱能达到的最小速度为

8.从某一高度先后由静止释放两个相同的小球甲和乙，若两球被释放的时间间隔为1s,在不计空气阻力的

情况下，它们在空中的运动过程中（）

A.甲、乙两球速度之差越来越大B.甲、乙两球速度之差越来越小

C.甲、乙两球间的距离始终保持不变D.甲、乙两球间的距离越来越大

二、多选题：本大题共4小题，共16分。

9.如图所示是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，已知飞船质量为4.0x

103kg,其推进器的平均推力为1.2x103N,在飞船与空间站对接后，推进器空

工作5s内，测出飞船和空间站速度变化是&0xl0-2a/s,下列说法正确的是

（）

A.飞船的加速度大小为1.2x10-2m/s2B.飞船的加速度大小为3.0x10-2m/s2

C.空间站的质量为9.6x103kgD.空间站的质量为9.6x104kg

10.在抛球杂技表演中，演员在一辆速度为4m/s的水平向右做匀速直线运动的自行

车上，t=0时刻，以相对于自行车4a/s的初速度竖直向上抛出一个小球。不计空

气阻力，重力加速度大小g=l（hn/s2。若以地面为参考系，关于小球上升阶段的一^

说法正确的是（）^1

A.小球做匀变速直线运动（二»

B.小球做匀变速曲线运动

C.t=0.1s时小球的速度大小为5zn/s

D.小球在0〜0,1s内的位移大小为0.4m

11.高速公路的连续下坡路段通常会设置避险车道，供发生紧急情况的车

辆避险使用。一辆货车在行驶过程中发生故障，以为=90km"的速度驶

入避险车道，避险车道上坡路面的倾角。=30。，如图所示。货车进入避

险车道后牵引力为零，货车在避险车道上停下后恰好未发生溜滑现象，取重力加速度大小g=10m/s2,最

大静摩擦力等于滑动摩擦力。贝U（）

A.货车与路面间的动摩擦因数为?

B.货车与路面间的动摩擦因数为苧

C.货车在避险车道上行驶的最大距离为31.25小

D.货车在避险车道上行驶的最大距离为62.50小

12.机场工作人员利用传送带从飞机上卸行李。如图所示，以恒定速率v=4m/s逆时针运行的传送带与水平

面间的夹角a=30。，转轴间距L=6m。工作人员把一件小包裹（可视为质点）由静止轻放到传送带顶端，当

包裹位移为1机时，速度大小恰好达到4m/s。设最大静摩擦力等于滑动摩

擦力，重力加速度大小g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.包裹刚放上传送带时的加速度大小为8m/s2

B.包裹与传送带间的动摩擦因数为？

C.包裹在传送带上运动的总时间为1.75s

D.包裹到达传送带末端的速度大小为6m/s

三、实验题：本大题共2小题，共14分。

13.利用图甲的实验装置研究小车在斜面上做匀加速直线运动的过程，用打点计时器记录小车从斜面顶端由

静止释放并拖动纸带的运动情况。某次实验中，打出一条纸带，从比较清晰的点起，计数点分别记为。、4、

B、C、D、E、F,每相邻两个计数点间的时间间隔为T,依次测得各相邻计数点间的距离为打、不、比3、久4、

⑴实验时，图乙中纸带的（选填“左”或“右”）端是和小车相连的。

（2）打点计时器打计数点E时，小车的速度表达式％=要求充分利用测量数据，写出小车运动过程

中的加速度表达式a=o(以上表达式均用题中所给物理量符号表示)

(3)在本实验中，要充分利用测量数据计算加速度是为了减小误差。(填“偶然”或“系统”)

14.图甲是“探究平抛运动的特点”的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。

(1)实验时需要下列哪个器材

A弹簧秤

A重垂线

C.打点计时器

D秒表

(2)以下实验过程的一些做法，其中合理的有o

A安装斜槽轨道，使其末端保持水平

A每次应该从斜槽上的同一位置无初速度释放小球

C.为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接

D每次必须严格的等距离下降记录小球位置

(3)图乙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，以平抛起点。为坐标原点，建立直角坐标系，在轨

迹上取三点4、B、C,测得力、B两点竖直坐标yi为5.0“1、火为测得4、B两点水平距离/x为40.0CTH,

则小球的初速度大小为=m/s,若C点竖直坐标为45.0cm,则小球在C点的速度大小％=

m/so(以上结果均保留两位有效数字，重力加速度大小g=10m/s2)

四、计算题：本大题共4小题，共46分。

15.我国古代劳动人民创造了璀璨的农耕文明。图甲为《天工开物》中描绘的利用耕牛整理田地的场景，简

化的物理模型如图乙所示，人站立的农具视为与水平地面平行的木板，两条绳子相互平行且垂直于木板边

缘。已知绳子与水平地面间夹角8=37°,人与木板总质量m=74kg,当每条绳子拉力的大小F=200N时，

人与木板沿直线匀速前进，重力加速度大小g=10m/s2,s讥37。=0.6,cos37。=0.8。求此过程中：

(1)地面对木板的摩擦力大小/;

(2)地面对木板的支持力大小FN及木板与地面间的动摩擦因数〃。

16.公路上行驶的汽车，司机从发现前方异常情况到紧急刹车，汽车仍将前进一段距离才能停下来。要保持

安全，这段距离内不能有车辆和行人，因此把它称为安全距离。通常情况下，人的反应时间和汽车系统的

反应时间之和为to=1s(这段时间汽车仍保持原速)。晴天汽车在干燥的路面上以为=20zn/s的速度行驶时，

晴天汽车在干燥的路面上刹车过程中的加速度大小为a=与M/S?。设雨天汽车刹车时的加速度为晴天时的,

(1)求晴天时的安全距离公

(2)若要求雨天的安全距离与第(1)问中的安全距离相同，求汽车在雨天安全行驶的最大速度外

17.1942年11月发生在淄川的马鞍山保卫战是鲁中抗日战场的重要战役。在保卫战中，驻守峰顶的战士们利

用石头、器具等击退了敌人10余次进攻，图甲为马鞍山保卫战遗址。图乙为攀登峰顶处的陡坡侧视图，斜

坡24高九=45M，其下端点4与一长〃B=30爪的平台2B相连，。为48中点，P。垂直于延长线并与其相

交于。点。某战士将石块从斜坡顶端P点以分=25zn/s的初速度水平抛出，恰好落到平台中点C。已知重力

加速度大小g=10m/s2,s汾37。=0.6,cos37。=0.8,忽略空气阻力，石块在竖直平面内运动，石块与敌

人均看作质点。

甲乙

(1)求石块从P点抛出到落到平台C点所用时间t和斜坡的长度八4；

(2)若将石块从P点水平抛出，要使石块能够落到平台上，求石块水平初速度大小的范围，以及石块落到

平台B点的速度班;

(3)若某战士发现一敌人正从坡底端4点沿斜坡方向匀速向上运动，同时该战士立即从P点以与水平方向成

a=37。斜向上的初速度抛出石块，经过时间=4s恰好击中敌人，求击中敌人位置距2点的距离s。

18.如图所示，质量啊=0.9kg的木板4置于粗糙水平地面上，木板4左端放置一质量=0.1kg小物块B，

在木板力右侧有一竖直墙壁，木板右端与墙壁的距离为&=2.5m。某时刻给木板力和物块B相同的初速度

v0=3m/s,二者保持相对静止一起水平向右运动，一段时间后，木板4与墙壁碰撞(碰撞时间极短)，碰后

木板4速度反向、大小不变，4、B两物体发生相对滑动，经过时间t=1.2s二者再次达到共速且方向水平向

左，运动过程中物块B始终未离开木板力。已知木板4与地面间的动摩擦因数外=0.1,最大静摩擦力等于滑

动摩擦力，重力加速度大小g=lOm/s?。求：

(1)木板4刚接触墙壁时，2、B两物体的瞬时速度大小％;

(2)物块B与木板2之间的动摩擦因数“2；

(3)整个运动过程中物块8在木板4上的划痕长度L。

答案和解析

1.C

【解析】解：4图中4点标出的受力方向不应该在轨迹的切线方向的反方向，而应该指向运动轨迹弯曲的内

侧，故A错误；

5曲线运动速度沿着曲线的切线方向，图中8位置中，速度方向应沿运动轨迹的切线方向，故B错误；

CD.曲线运动的CD点的速度方向沿切线方向，C受到的合力指向运动轨迹弯曲的内侧，。受到的合力没有指

向运动轨迹弯曲的内侧，故C正确，O错误。

故选：Co

2.C

【解析】解：力、位移指的是从M点漂流到N点的有向线段，故路程大小为1.5km,位移大小等于0.9km,故

A错误；

B、平均速率为路程与时间的比值，已知该游客从M点漂流到N点的路程为1.5km,用时5爪讥，可解得平均

速率等于5m/s,故8错误；

C、该游客的平均速度大小为u=解得u=3M/S,故C正确；

D、若以所乘竹筏为参考系，玉女峰的平均速度也为3a/s,但是两个速度的方向相反，故。错误。

故选：Co

3.D

【解析】解：空杯子的重心在杯子中心偏点下，对空杯缓慢加水的过程中，重心位置不断下降，当水加满

后，重心又回到原来位置，故重心的位置先下降后上升，故A8C错误，。正确。

故选：Do

4.A

【解析】以木板为研究对象，对其受力分析如图

木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即&=0,绳剪短后同样是&=0,故尸1大

小不变；

根据共点力的平衡条件可知2/2cose=mg

将两轻绳各剪去一小段，轻绳与竖直方向夹角8变大，故cos。减小，尸2变大，故A正确，BCD错误。

故选：Ao

5.B

【解析】解：滑块受到左侧弹簧的向右的弹力，大小为后，同时小物体还受到右侧弹簧的向右的弹力，大

小也为2ks,故合力为F=3ks,方向水平向右，由牛顿第二定律得：加速度：a=±=运，方向水平向右，

mm

故8正确，ACD错误。

故选：So

6.4

【解析】解：甲在0—4场时间内做匀减速运动，通过的位移为X甲=警=2%场=200小；

2

乙在0-5to时间内通过的x乙=如拦-v0=|voto,解得乙车停止时与前方甲车相距/x=152m--

x孙解得4%=2m,故BCD错误，A正确。

故选：Ao

7.C

【解析】解：4打开伞前加速下落，返回舱处于失重状态，故A错误；

5.打开伞后，减速下降，加速度向上，返回舱处于超重状态，故3错误；

C打开伞时，阻力/=々诏，根据牛顿第二定律可得/一mg=ma,解得a=答一g,故C正确；

。打开伞后返回舱达到最小速度，则k/=rng,解得u=J甲，故。错误。

故选：Co

8.D

【解析】解：AB、甲、乙两球的速度差/u=+1)=9，两球的速度差保持不变，故A3错误；

CD、甲、乙两球的位移差，即两球间的距离d=：g(t+l)2—^^产=gt+m两球间的距离越来越大，故

C错误,£)正确。

故选：D。

9.AD

【解析】解：在飞船与空间站对接后，推进器工作5s内，飞船和空间站的加速度大小为：a=^=衅m"2=

0.012m/s2；

4

设空间站质量为机，对飞船和空间站由牛顿第二定律得F=Qn+M)a,m=9.6xl0kgf故AO正确，BC

错误。

故选：AD。

10.BC

【解析】解：2B.小球在水平方向上以4m/s的速度做匀速直线运动，这是由自行车的运动决定的，在竖直

方向上，小球以4m/s的初速度竖直向上抛出，仅受重力作用，因此做匀变速直线运动。由于水平方向和竖

直方向上的运动同时发生，且相互独立，所以小球的整体运动是这两个方向运动的合成，由于合加速度（即

重力加速度g）的方向与合初速度的方向不在同一直线上，因此小球做匀变速曲线运动，故A错误，8正确；

C.在水平方向上，小球的速度始终保持为4m/s。在竖直方向上，小球的速度由于重力作用而减小，根据速

度一时间公式U=v0-gt,竖直方向上的速度为为=3m/s,因此，t=0.1s时小球的速度大小为J以2+%2

等于5?n/s,故C正确；

D在水平方向上，小球的位移为x=vxt=4x0.1m=0.4m,在竖直方向上也有位移，合位移一定大于0.4m,

故。错误。

故选：BCo

U.AC

【解析】解：4B,货车在避险车道上停下后恰好未发生溜滑现象，则火车满足mgsin30。=〃mgcos30。，解

得〃=?,故A正确，8错误；

CD.火车在避险车道上运动时，设加速度大小为a,根据牛顿第二定律有7ngs讥30。+卬ngcos30。=ma,得

a=10m/s2,又因为汽车的初速度为=90/mi/h=25m/s,根据匀变速直线运动推论有x=1=篇巾=

31.25m,故C正确，。错误。

故选：AC.

12.ABD

【解析】解：、包裹做初速度为零的匀加速直线运动，由公式可知，加速度—m/s22

4u-1a=—ZX=ZX1=8m/s,

故A正确；

3、包裹刚放上传送带时，对包裹，由牛顿第二定律得:mgs讥30。+nmgcos30°=ma,代入数据解得：〃=g,

故8正确；

D、包裹加速到与传送带速度相等需要的时间Q=-=Js=0.5s

CLo

由于〃包裹与传送带共速后相对传送带向下滑动，继续做匀加速直线运动，

由牛顿第二定律得：mgsin30°—〃zngcos30。=ma',代入数据解得：a'=2m/s2

由匀变速直线运动的u-％公式得：v'2-V2=2a'(L-%)

代入数据解得，包裹到达传送带底端的速度大小M=6ms,故。正确；

C、包裹从与传送带共速运动到传送带底端的时间力2=与；=然S=Is

包裹在传送带上运动的总时间七=L+《2=0*5s+Is=1.5s,故C错误。

故选：ABDo

]3左无5+%6(%4+t5+%6)—(%1+%2+%3)偶然

,2T(37)2八,、

【解析】解：(1)因为小车是从静止出发的，所以小车的速度越来越大，相邻两点间的距离越来越大，纸带

的左端密集，所以纸带的左端和小车相连。

(2)根据匀变速直线运动的物体中间时刻的瞬时速度等于该段距离内的平均速度可得：%=空，根据逐

差法可得小车的加速度为a=(必+&+陶-牛+,+右).

(3T)Z

(3)偶然误差是因为数据的测量而引起的误差，所以在本实验中，要充分利用测量数据计算加速度是为了减

小偶然误差。

故答案为：(1)左；(2)用詈，(人+土加-6+,+叼)；(3)偶然。

(3T)

14.BAB4.05.0

【解析】解：(1)实验时需要重垂线确定竖直方向，弹簧秤、打点计时器、秒表都不需要，故B正确，ACD

错误；

故选：So

(2)4B、要在同一高度由静止释放小球，以保证每次实验的初速度相等，安装斜槽轨道，使其末端保持水平,

确保初速度水平，故A8正确；

C、描点后，用平滑的曲线连接，故C错误；

D.实验中只需要多记录几个小球的位置，作出轨迹，并不需要每次必须等距离的下降挡板，记录钢球位置,

故。错误。

故选：ABo

(3)根据匀变速直线运动规律可知=gT2,则丁=J"BC丁B=J20.0-5^0-5.0xQ=Qls

l%40.0x0.01/4八/

贝1Th1Ju。=亍=-—m/s=4.0m/s

根据竖直方向的运动规律有%c=J2"3=V2X10X45.0x0.01m/s=3m/s

则"c=J诏+哆

解得"c=5.0m/s

故答案为：(1)B；(2)AB；(3)4.0；5.0

15.(1)对人与木板整体分析受力，如图所示。

mg

水平方向根据平衡条件有

f=2Fcosd=2X200Xcos37°N=320N

(2)竖直方向根据平衡条件有

FN+2Fsin9=mg

解得风,=500/V

由f="FN解得

〃=0.64

答：(1)地面对木板的摩擦力大小/为320N；

(2)地面对木板的支持力大小时为500N,木板与地面间的动摩擦因数〃为0.64。

16.(1)安全距离久=voto+^=20x1m+券瓶瓶=80m

(2)雨天的刹车加速度大小优=|a=|xym/s2=2m/s2

„2

雨天行车的安全距离比=贰0+另

代入数据解得，雨天行车的最大速度卜=16m/s

答：(1)晴天时的安全距离是80根；

(2)汽车在雨天安全行驶的最大速度是16m/s。

17.(1)根据石块在竖直方向做自由落体运动有

h=^gt2

解得t=3s

石块的水平位移为

X=vot

根据几何关系有=