2024-2025学年福建省南平市高二上学期期末考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1南平市2024—2025学年第一学期高二年级期末质量检测物理试题本试题共6页，考试时间75分钟，满分100分注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.地球本身是一个大磁体，为了解释地球的磁性，安培假设地球的磁场是由以地心为圆心的环形电流产生，能正确表示该环形电流I方向的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】地磁的北极在地理南极的附近，根据安培定则可知，环形电流的方向应沿顺时针方向（从北向南看）。故选B。2.计算机键盘每个按键下面均有活动金属片和固定金属片，金属片间有空气间隙，组成一个平行板电容器，如图（a）所示，其内部电路如图（b）所示。则按下按键的过程中（）A.电容器的电容减小 B.电容器两板间的电压减小C.电容器的电量减小 D.图（b）中电流方向从M流向N【答案】D【解析】A．根据可知，向下按键的过程中，两金属片间的距离减小，电容器的电容增大，故A错误；B．电容与电源相连，电容的电压等于电源的电动势，不变，故B错误；CD．根据可知，电压不变，电容增大，电容器的电量增多，电容器充电，电流方向从M到N，故C错误，D正确。故选D。3.手机屏幕的自动亮度调节功能对于提供舒适的视觉体验至关重要，现用如图所示的电路模拟此功能。小灯泡电阻保持不变，光敏电阻的阻值随光照强度的增强而减小。闭合开关，当光照强度增大时，则（）A.小灯泡变暗 B.光敏电阻两端电压变大C.电源的总功率变大 D.电源的效率变大【答案】C【解析】AB．当光照强度增大时，光敏电阻阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路电流增大，路端电压减小；则通过小灯泡电流增大，小灯泡两端电压增大，则光敏电阻两端电压变小；根据可知小灯泡功率增大，小灯泡变亮，故AB错误；C．根据，由于电路电流增大，可知电源的总功率变大，故C正确；D．根据由于外电阻减小，所以电源的效率变小，故D错误。故选C。4.在x轴上固定有两个点电荷和，两点电荷连线上各点的电势高低分布如图所示，取无穷远处电势为零，A、P、B为x轴上的三点，则（）A.P点的电场强度为0B.为负电荷，为正电荷C.A、B两点的电场强度方向相反D.负试探电荷从A运动到B，电场力做负功【答案】D【解析】BC．由题图可知，从Q1沿x轴到Q2电势始终降低，所以Q1与Q2连线上电场强度方向始终沿x轴正方向，即AP间与PB间的电场强度方向相同，均为x正方向，所以Q1带正电荷，Q2带负电荷，A、B两点的电场强度方向相同，故BC错误；A．由可知图像斜率大小表示电场强度大小，P处图像的斜率不等于零，则P点的场强不为零，故A错误；D．由BC项分析可知，AB两点间电场强度方向沿x正方向，负试探电荷从A运动到B，受电场力沿x负方向，故负试探电荷从A运动到B，电场力做负功，故D正确。二、双项选项题：本题4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5.下列说法正确的是（）A.电场强度的定义采用了比值定义法B.库仑利用扭称实验测定了元电荷的数值C.点电荷是一种理想化模型，任何小带电体均可视为点电荷D.普朗克提出量子假说，认为物质辐射的能量只能是某一最小能量单位的整数倍【答案】AD【解析】A．电场强度的定义采用了比值定义法，故A正确；B．密立根用油滴实验测出了元电荷的数值，故B错误；C．点电荷的建立采用了理想模型法，当带电体的形状、体积和电荷量对所研究的问题影响可以忽略时，带电体才可以看成点电荷，故C错误。D．普朗克提出量子假说，认为物质辐射的能量只能是某一最小能量单位的整数倍，故D正确。故选AD。6.磁流体发电机是利用磁偏转作用进行发电的装置，如图所示，A、B是两块在磁场中相互平行的金属板，一束含有大量异种电荷的等离子体以一定的速度射入磁场，则（）A.A极板带正电B.B极板带正电C.等离子体的入射速度增大，A、B两板间的电势差减小D.等离子体的入射速度增大，A、B两板间的电势差增大【答案】BD【解析】AB．根据左手定则可知，正离子在洛伦兹力作用下向B极板聚集，正离子在洛伦兹力作用下向A极板聚集，则A极板带负电，B极板带正电，故A错误，B正确；CD．稳定时，离子所受电场力与洛伦兹力平衡，则有解得可知，等离子体的入射速度增大，A、B两板间的电势差增大，故C错误，D正确。故选BD。7.如图，在等边三角形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，带电粒子从A点沿AB边射入磁场，第一次入射速度为，从C点离开磁场；第二次入射速度为，垂直于BC边离开磁场。粒子重力不计，则粒子先后两次在磁场中运动的（）A.半径之比为1：2 B.速度之比为1：3C.角速度之比为1：1 D.时间之比为2：1【答案】BC【解析】由题意可得离子在磁场中运动轨迹如图所示。设三角形边长为L，粒子从C点射出时粒子垂直BC射出时可知半径之比根据，可知根据可得根据可得8.如图，竖直平面内有一半径为R＝0.1m的光滑绝缘圆形轨道，圆心位于O点，A、C分别为圆轨道的最低点和最高点，B为轨道上与圆心等高的一点。空间中存在平行于轨道平面的匀强电场（图中未画出），A、O、B三点电势分别为800V、500V和100V。质量m＝0.03kg、电荷量的小滑块从A点以初动能出发，沿轨道做圆周运动。取重力加速度，则（）A.电场强度大小为B.电场方向斜向右上与OB夹角为45°C.小滑块运动过程中经过C点时的动能最小D.小滑块经过B点时对轨道的压力大小为2.4N【答案】AD【解析】AB．由题意可得，则电场强度大小为电场方向斜向右上与OB夹角为即θ=37°选项A正确，B错误；C．电场力重力G=mg=0.3N合力大小F=0.4N，方向水平向右，可知小滑块运动过程中经过水平直径最左端时速度最小，动能最小，选项C错误；D．从A到B由动能定理在B点时解得小滑块经过B点时对轨道的压力大小为FN=2.4N选项D正确三、非选择题，共60分，考生根据要求作答。9.如图，平行于纸面向右的匀强磁场磁感应强度B＝1T，一通电直导线垂直纸面放置，在以导线中心为圆心的圆周上有M、N两点，N点位于圆周的最右端。若M点的磁感应强度为0，则导线中电流方向垂直纸面向_____（选填“里”或“外”），N点的磁感应强度大小为_____T。【答案】里【解析】[1]]M点的磁感应强度为0，说明通电直导线在M点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，匀强磁场的磁感应强度为1T，方向水平向右，则通电直导线在M点产生的磁感应强度为1T，方向水平向左。根据安培定则可知，直导线中的电流方向垂直纸面向里。[2]根据对称性和安培定则可知，通电直导线在N点产生的磁感应强度大小为1T，方向竖直向下，根据矢量叠加，可知N点的磁感应强度大小为。10.两个完全相同的金属小球A、B所带电荷量分别为－q、＋7q，相距一定距离时（两球均可视为点电荷）两球间的库仑力大小为F。若将A、B两球相互接触后再放回原处，则此时A、B间的库仑力大小为______；若A、B不动，用不带电的相同金属小球C与A、B反复多次接触后移去C，则此时A、B间的库仑力大小变为______。【答案】【解析】[1]设AB球间距为r，由库仑定律有两相同小球接触后，电荷先中和后均分，带电量均为，则库仑力[2]三球反复接触后，则电量三者平分，均为，则此时两球间的库仑力大小为11.用电泳技术对污水进行去污处理的原理如图所示，金属圆盘和金属棒分别与电源的正负极相连，污水中的污泥絮体经处理后带负电，通电后可将污泥絮体收集到圆盘上，电场分布如图中实线所示。A、B是电场中的两点，则A点的电场强度______B点，A点的电势______B点，污泥絮体在A点的电势能______在B点的电势能。（以上均选填“大于”“小于”或“等于”）【答案】大于小于大于【解析】[1]因A点电场线较B点密集，可知A点的电场强度大于B点。[2]沿电场线电势逐渐降低，可知A点的电势小于B点。[3]负电荷在低电势点的电势能较大，可知污泥絮体在A点的电势能大于在B点的电势能。12.用如图（a）所示电路测定电源的电动势和内阻，图中。（1）根据图（a）用笔画线代替导线，在答题卡中将实物连线图补画完整______。（2）实验中不断调节滑动变阻器的阻值，读取电流表和电压表对应的示数I、U，利用多组I、U数据绘制U-I图像如图（c），根据图线得出该电源的电动势E＝______V，内阻r＝______Ω（以上结果均保留两位有效数字）。（3）若考虑到电表内阻的影响，对测得的实验数据进行修正，重新绘制U-I图线，实线为原图线，虚线为修正后的图线，则以下图像中可能正确的是______。A. B.C. D.【答案】（1）（2）2.92.0（3）A【解析】（1）电路连线如图（2）[1][2]根据U=E-Ir结合图线得出该电源的电动势E＝2.9V内阻（3）考虑到电压表和电流表内阻影响，则电动势测量值，即电动势和内阻测量值均偏小，可知图像为A。13.某兴趣小组为测量金属丝的电阻率，除了多用电表、刻度尺、螺旋测微器之外，实验室还准备了如下器材：A．电流表A1（量程0～50mA，内阻r1约为0.5Ω）B．电流表A2（量程0～10mA，内阻r2=200Ω）C．滑动变阻器R1（阻值范围为0～10Ω，最大电流为3A）D．定值电阻R2=400ΩE．电源（输出电压恒为6V）F．开关，导线若干（1）用刻度尺测量金属丝的长度。用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量结果如图（a），其读数为______mm。（2）用多用电表粗略测量金属丝的电阻，选择“×10”倍率的欧姆挡，欧姆调零后再进行测量，多用电表的示数如图（b）所示，其读数为______Ω。（3）小组同学设计了如图（c）所示的电路，电路中电流表A2与定值电阻R2串联当作电压表使用，它的量程为______V。（4）小组同学正确组装电路后，测得多组电流表A1、A2的读数I1、I2。若以I2为横轴，I1为纵轴，绘得图像如图（d）所示，则该金属丝电阻R=______（结果用r2、R2和图（d）中的a、b表示），最终可计算出金属丝的电阻率。【答案】（1）0.413（0.412～0.415）（2）160（3）6（4）【解析】（1）螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以读数为（2）欧姆表读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以读数为（3）电流表A2与定值电阻R2串联当作电压表使用，此时电压表量程为（4）根据欧姆定律可得所以结合图线可得所以14.空间中存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B＝2T。质量m＝0.05kg的细金属棒MN用绝缘细线OM、ON悬挂，且始终保持水平。OMNO'是边长L＝1m的正方形，在金属棒中通以I＝0.25A的电流，金属棒最终静止的位置如图所示。取重力加速度，求：（1）金属棒中的电流是M流向N还是N流向M；（2）绝缘细线与竖直方向的夹角θ；（3）通过正方形OMNO'的磁通量。【答案】（1）M流向N（2）（3）【解析】（1）以金属棒为对象进行受力分析，可知金属棒受到的安培力水平向右，根据左手定则可知，金属棒中的电流由M流向N。（2）金属棒的受力如图所示根据受力平衡可得又联立可得则绝缘细线与竖直方向的夹角为（3）通过正方形OMNO'的磁通量为解得15.发光电动玩具车的简化电路如图所示，电动机的额定电压，额定电流，内阻。闭合开关，电动机正常工作，两盏规格相同的灯泡均正常发光。已知电源的电动势E＝8V，内阻r＝1Ω，灯泡电阻保持不变，求：（1）电动机正常工作时的输出功率；（2）灯泡的电阻；（3）若电动机工作时被杂物卡住无法转动，此时通过电源的电流。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）电动机正常工作时解得（2）根据闭合电路欧姆定律，，；解得（3）若电动机卡住，将成为纯电阻元件，设并联电阻为R；则解得。16.如图，在竖直平面建立直角坐标系xOy，y轴左侧区域内有竖直向上的匀强电场、垂直纸面向里的匀强磁场B，y轴右侧区域内有与x轴负向夹角45°的匀强电场，其中、、B均未知。已知小球质量为m，电荷量为＋q，从P点以水平速度v入射，恰好做匀速圆周运动经过坐标原点O，并沿与x轴正向夹角45°的方向进入第一象限。重力加速度为g。（1）若P点与y轴的距离为L，求电场强度、磁感应强度B。（2）b、c两点坐标分别为（L，0）、（L，－L），若通过调节P点位置和小球入射速度的大小，使小球仍能经过原点O，并先后经过b、c两点，且O到b和b到c所用时间相等，求小球经过c点时的动能。【答案】（1），（2）【解析】（1）小球从P到O做匀速圆周运动，电场力与重力平衡；得由几何关系，圆周运动半径满足；根据牛顿第二定律；解得（2）小球从O到b、c做匀变速曲线运动，设从O到b和从b到c的时间均为t，解法一：沿xOy坐标系正交分解曲线运动，根据牛顿第二定律从O到b有，从O到c有；解得，，合外力与Oc垂直，则得解法二：对称思维法Ob和bc在沿Oc方向的分位移相等，运动的时间相等，小球沿Oc方向的分运动必为匀速直线运动，因此合外力方向与Oc垂直，b为抛物线顶点沿Oc方向和垂直Oc方向正交分解，根据牛顿第二定律，从O到b，，解得，，从O到c，合力做功为零，则得南平市2024—2025学年第一学期高二年级期末质量检测物理试题本试题共6页，考试时间75分钟，满分100分注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.地球本身是一个大磁体，为了解释地球的磁性，安培假设地球的磁场是由以地心为圆心的环形电流产生，能正确表示该环形电流I方向的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】地磁的北极在地理南极的附近，根据安培定则可知，环形电流的方向应沿顺时针方向（从北向南看）。故选B。2.计算机键盘每个按键下面均有活动金属片和固定金属片，金属片间有空气间隙，组成一个平行板电容器，如图（a）所示，其内部电路如图（b）所示。则按下按键的过程中（）A.电容器的电容减小 B.电容器两板间的电压减小C.电容器的电量减小 D.图（b）中电流方向从M流向N【答案】D【解析】A．根据可知，向下按键的过程中，两金属片间的距离减小，电容器的电容增大，故A错误；B．电容与电源相连，电容的电压等于电源的电动势，不变，故B错误；CD．根据可知，电压不变，电容增大，电容器的电量增多，电容器充电，电流方向从M到N，故C错误，D正确。故选D。3.手机屏幕的自动亮度调节功能对于提供舒适的视觉体验至关重要，现用如图所示的电路模拟此功能。小灯泡电阻保持不变，光敏电阻的阻值随光照强度的增强而减小。闭合开关，当光照强度增大时，则（）A.小灯泡变暗 B.光敏电阻两端电压变大C.电源的总功率变大 D.电源的效率变大【答案】C【解析】AB．当光照强度增大时，光敏电阻阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路电流增大，路端电压减小；则通过小灯泡电流增大，小灯泡两端电压增大，则光敏电阻两端电压变小；根据可知小灯泡功率增大，小灯泡变亮，故AB错误；C．根据，由于电路电流增大，可知电源的总功率变大，故C正确；D．根据由于外电阻减小，所以电源的效率变小，故D错误。故选C。4.在x轴上固定有两个点电荷和，两点电荷连线上各点的电势高低分布如图所示，取无穷远处电势为零，A、P、B为x轴上的三点，则（）A.P点的电场强度为0B.为负电荷，为正电荷C.A、B两点的电场强度方向相反D.负试探电荷从A运动到B，电场力做负功【答案】D【解析】BC．由题图可知，从Q1沿x轴到Q2电势始终降低，所以Q1与Q2连线上电场强度方向始终沿x轴正方向，即AP间与PB间的电场强度方向相同，均为x正方向，所以Q1带正电荷，Q2带负电荷，A、B两点的电场强度方向相同，故BC错误；A．由可知图像斜率大小表示电场强度大小，P处图像的斜率不等于零，则P点的场强不为零，故A错误；D．由BC项分析可知，AB两点间电场强度方向沿x正方向，负试探电荷从A运动到B，受电场力沿x负方向，故负试探电荷从A运动到B，电场力做负功，故D正确。二、双项选项题：本题4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5.下列说法正确的是（）A.电场强度的定义采用了比值定义法B.库仑利用扭称实验测定了元电荷的数值C.点电荷是一种理想化模型，任何小带电体均可视为点电荷D.普朗克提出量子假说，认为物质辐射的能量只能是某一最小能量单位的整数倍【答案】AD【解析】A．电场强度的定义采用了比值定义法，故A正确；B．密立根用油滴实验测出了元电荷的数值，故B错误；C．点电荷的建立采用了理想模型法，当带电体的形状、体积和电荷量对所研究的问题影响可以忽略时，带电体才可以看成点电荷，故C错误。D．普朗克提出量子假说，认为物质辐射的能量只能是某一最小能量单位的整数倍，故D正确。故选AD。6.磁流体发电机是利用磁偏转作用进行发电的装置，如图所示，A、B是两块在磁场中相互平行的金属板，一束含有大量异种电荷的等离子体以一定的速度射入磁场，则（）A.A极板带正电B.B极板带正电C.等离子体的入射速度增大，A、B两板间的电势差减小D.等离子体的入射速度增大，A、B两板间的电势差增大【答案】BD【解析】AB．根据左手定则可知，正离子在洛伦兹力作用下向B极板聚集，正离子在洛伦兹力作用下向A极板聚集，则A极板带负电，B极板带正电，故A错误，B正确；CD．稳定时，离子所受电场力与洛伦兹力平衡，则有解得可知，等离子体的入射速度增大，A、B两板间的电势差增大，故C错误，D正确。故选BD。7.如图，在等边三角形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，带电粒子从A点沿AB边射入磁场，第一次入射速度为，从C点离开磁场；第二次入射速度为，垂直于BC边离开磁场。粒子重力不计，则粒子先后两次在磁场中运动的（）A.半径之比为1：2 B.速度之比为1：3C.角速度之比为1：1 D.时间之比为2：1【答案】BC【解析】由题意可得离子在磁场中运动轨迹如图所示。设三角形边长为L，粒子从C点射出时粒子垂直BC射出时可知半径之比根据，可知根据可得根据可得8.如图，竖直平面内有一半径为R＝0.1m的光滑绝缘圆形轨道，圆心位于O点，A、C分别为圆轨道的最低点和最高点，B为轨道上与圆心等高的一点。空间中存在平行于轨道平面的匀强电场（图中未画出），A、O、B三点电势分别为800V、500V和100V。质量m＝0.03kg、电荷量的小滑块从A点以初动能出发，沿轨道做圆周运动。取重力加速度，则（）A.电场强度大小为B.电场方向斜向右上与OB夹角为45°C.小滑块运动过程中经过C点时的动能最小D.小滑块经过B点时对轨道的压力大小为2.4N【答案】AD【解析】AB．由题意可得，则电场强度大小为电场方向斜向右上与OB夹角为即θ=37°选项A正确，B错误；C．电场力重力G=mg=0.3N合力大小F=0.4N，方向水平向右，可知小滑块运动过程中经过水平直径最左端时速度最小，动能最小，选项C错误；D．从A到B由动能定理在B点时解得小滑块经过B点时对轨道的压力大小为FN=2.4N选项D正确三、非选择题，共60分，考生根据要求作答。9.如图，平行于纸面向右的匀强磁场磁感应强度B＝1T，一通电直导线垂直纸面放置，在以导线中心为圆心的圆周上有M、N两点，N点位于圆周的最右端。若M点的磁感应强度为0，则导线中电流方向垂直纸面向_____（选填“里”或“外”），N点的磁感应强度大小为_____T。【答案】里【解析】[1]]M点的磁感应强度为0，说明通电直导线在M点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，匀强磁场的磁感应强度为1T，方向水平向右，则通电直导线在M点产生的磁感应强度为1T，方向水平向左。根据安培定则可知，直导线中的电流方向垂直纸面向里。[2]根据对称性和安培定则可知，通电直导线在N点产生的磁感应强度大小为1T，方向竖直向下，根据矢量叠加，可知N点的磁感应强度大小为。10.两个完全相同的金属小球A、B所带电荷量分别为－q、＋7q，相距一定距离时（两球均可视为点电荷）两球间的库仑力大小为F。若将A、B两球相互接触后再放回原处，则此时A、B间的库仑力大小为______；若A、B不动，用不带电的相同金属小球C与A、B反复多次接触后移去C，则此时A、B间的库仑力大小变为______。【答案】【解析】[1]设AB球间距为r，由库仑定律有两相同小球接触后，电荷先中和后均分，带电量均为，则库仑力[2]三球反复接触后，则电量三者平分，均为，则此时两球间的库仑力大小为11.用电泳技术对污水进行去污处理的原理如图所示，金属圆盘和金属棒分别与电源的正负极相连，污水中的污泥絮体经处理后带负电，通电后可将污泥絮体收集到圆盘上，电场分布如图中实线所示。A、B是电场中的两点，则A点的电场强度______B点，A点的电势______B点，污泥絮体在A点的电势能______在B点的电势能。（以上均选填“大于”“小于”或“等于”）【答案】大于小于大于【解析】[1]因A点电场线较B点密集，可知A点的电场强度大于B点。[2]沿电场线电势逐渐降低，可知A点的电势小于B点。[3]负电荷在低电势点的电势能较大，可知污泥絮体在A点的电势能大于在B点的电势能。12.用如图（a）所示电路测定电源的电动势和内阻，图中。（1）根据图（a）用笔画线代替导线，在答题卡中将实物连线图补画完整______。（2）实验中不断调节滑动变阻器的阻值，读取电流表和电压表对应的示数I、U，利用多组I、U数据绘制U-I图像如图（c），根据图线得出该电源的电动势E＝______V，内阻r＝______Ω（以上结果均保留两位有效数字）。（3）若考虑到电表内阻的影响，对测得的实验数据进行修正，重新绘制U-I图线，实线为原图线，虚线为修正后的图线，则以下图像中可能正确的是______。A. B.C. D.【答案】（1）（2）2.92.0（3）A【解析】（1）电路连线如图（2）[1][2]根据U=E-Ir结合图线得出该电源的电动势E＝2.9V内阻（3）考虑到电压表和电流表内阻影响，则电动势测量值，即电动势和内阻测量值均偏小，可知图像为A。13.某兴趣小组为测量金属丝的电阻率，除了多用电表、刻度尺、螺旋测微器之外，实验室还准备了如下器材：A．电流表A1（量程0～50mA，内阻r1约为0.5Ω）B．电流表A2（量程0～10mA，内阻r2=200Ω）C．滑动变阻器R1（阻值范围为0～10Ω，最大电流为3A）D．定值电阻R2=400ΩE．电源（输出电压恒为6V）F．开关，导线若干（1）用刻度尺测量金属丝的长度。用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量结果如图（a），其读数为______mm。（2）用多用电表粗略测量金属丝的电阻，选择“×10”倍率的欧姆挡，欧姆调零后再进行测量，多用电表的示数如图（b）所示，其读数为______Ω。（3）小组同学设计了如图（c）所示的电路，电路中电流表A2与定值电阻R2串联当作电压表使用，它的量程为______V。（4）小组同学正确组装电路后，测得多组电流表A1、A2的读数I1、I2。若以I2为横轴，I1为纵轴，绘得图像如图（d）所示，则该金属丝电阻R=______（结果用r2、R2和图（d）中的a、b表示），最终可计算出金属丝的电阻率。【答案】（1）0.413（0.412～0.415）（2）160（3）6（4）【解析】（1）螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以读数为（2）欧姆表读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以读数为（3）电流表A2与定值电阻R2串联当作电压表使用，此时电压表量程为（4）根据欧姆定律可得所以结合