广东省肇庆市鼎湖区2024-2025学年高三（上）第一次模拟调研测试物理试卷（含解析）

广东省肇庆市鼎湖区2024-2025学年高三（上）第一次模拟调研测试物

理试卷

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.11月11日浙江杭州正式启用多条无人机物流配送航线，开启基于无人机公共起降场的城市低空配送新模

式。下面是无人机在直线运输过程中记录的4次运动图像，反映无人机在0〜4s内的平均速度最大的是（）

2.2024年11月4日，神舟十八号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回地面时，使用降落伞能有效降

低着地的速度，如图所示是返回舱和降落伞示意图，舱和伞之间通过10根等长的轻绳按十等分点连接，每

根绳与竖直方向的夹角均为8。仅在降落伞的作用下，研究某次匀速竖直下落阶段，已知返回舱的总重力大

小为G,返回舱受到的空气阻力恒为F,下列说法正确的是（）

A.10根轻绳对返回舱的合力为G,方向竖直向上

B.10根轻绳对返回舱的合力为与一尸

C.每根绳子上的拉力大小为《吕

lUCOStz

D.每根绳子上的拉力大小为东福

lusintz

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3.篮球是中学生喜欢的运动，如图所示，小明在某次训练投球时从同一高度的人B两点先后将篮球抛出,

篮球恰好都能垂直打在篮板上的P点，不计空气阻力，上述两个过程中()

A.篮球从B点抛出击中P点时速度大B,篮球从8点抛出后速度的变化率大

C.篮球从B点抛出时小明对球做的功少D.篮球从B点抛出时重力的瞬时功率小

4.如图所示为回旋加速器示意图，利用回旋加速器对粒子进行加速，此时D形盒中的磁场的磁感应强度

大小为8,。形盒缝隙间电场变化周期为7,加速电压为U.忽略相对论效应和粒子在。形盒缝隙间的运动时间,

A.保持B、U和T不变，该回旋加速器可以加速质子

B.只增大加速电压U,半H粒子获得的最大动能增大

C.只增大加速电压U,粒子在回旋加速器中运动的时间变短

D.回旋加速器只能加速带正电的粒子，不能加速带负电的粒子

5.如图所示，倾角为37。的传送带以恒定4ni/s的速度沿顺时针方向转动。一煤块以%=12m/s从底部冲上

传送带向上运动，煤块与传送带间的动摩擦因数为0.25,煤块到达传送带顶端时速度恰好为零，取g=10小

/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,贝U()

A.煤块经2s速度减为4m/s

B.传送带底端到顶端的距离为14m

C.煤块相对传送带的位移为2m

D.煤块所受摩擦力方向一直与其运动方向相反

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6.如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心。处固定一点电荷，将质量为小，带电量为+q的小

球从半径为R的圆弧管的水平直径端点4由静止释放，小球沿细管滑到最低点8时，对管壁恰好无压力，下

列说法不正确的是（）

A.则固定于圆心处的点电荷在弧4B中点处的电场强度大小为罕

B.小球滑到最低点的速度大小为〃=或证

C.。处的点电荷一定带负电

D.电场力对小球不做功

7.某吹风机内部的简化电路图如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2:1,已知当开关K断开时变

压器副线圈中的电流/随时间t的变化图像如图乙所示，电动机两端的电压为Uo。当开关K闭合后，原线圈的

A.原线圈中电流的周期为0.04s

B.当开关K断开时，原线圈的输入功率为九/1

C.定值电阻R的阻值为率

D.当开关K闭合后，副线圈的输出电压变大

二、多选题：本大题共3小题，共18分。

8.太阳能量的来源主要通过质子一质子链反应（简称PP链），太阳产生的能量约99%来自该链反应。科学研

究发现，该链反应主要通过如下方程发生：3田-X+?e+%①；2X-Y+2田②，其中？e为正电子，心为

太阳中微子，下列说法正确的是（）

A.方程式中X为孤e,丫为如eB.方程式中X为出，Y为匆e

C.反应①属于核聚变反应D.丫的比结合能大于x的比结合能

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9.如图所示为我国民众应对高温天气所用的吊扇，此时固定于天花板上的吊扇正在顺时针旋转（仰视），转速

为九。已知叶片M的长度为3忽略转轴的大小，吊扇所在位置处地磁场的磁感应强度大小为B,方向与竖直

方向的夹角为仇则下列说法正确的是（）

A.a、6两端的电势差大小为2cos。B.a、b两端的电势差大小为zurB/Aine

C.a端的电势高于b端的电势D.a端的电势低于b端的电势

10.风洞实验通过产生人工控制的气流模拟飞行器在气流中的运动过程。如图所示为某次实验示意图，固定

在竖直面内的）光滑圆弧轨道4CD与粗糙水平面平滑相切于4点，。为圆弧轨道的圆心。将质量为m的滑块（

可视为质点）从水平地面上的E点由静止释放，整个装置处在水平向右的风场中，滑块始终受到恒定风力作

用。己知圆弧轨道的半径为R,滑块与水平地面间的动摩擦因数〃=0.25,且滑块恰好能在圆弧轨道上的B

点处保持静止，0B与竖直方向的夹角6=37°,sin370=0.6,8537。=0.8,重力加速度g=lOm/s?。设4、E

两点间的距离为I,下列说法正确的是（）

A.滑块受到的风力大小为射电

B.若滑块能通过圆弧轨道的最高点C,贝〃>5R

C.当22多R时，滑块运动到D点之前一定不会脱离圆轨道

D.当I<5R时，滑块运动到D点之前一定会脱离圆轨道

三、实验题：本大题共2小题，共16分。

11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中：

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(1)如图(①所示为某同学的实验装置，实验中打出如图(b)的一条纸带，已知打点计时器的打点周期是002

s,每隔一个点选取一个计数点，计数点间的距离如图所示(单位CM),求出小车运动的加速度的大小为

m小2(计算结果保留2位有效数字)。

小车打点计时器

------------------------------1I——En,

祛码

祛码盘UU

图(a)

OABCDEF

夕7T3.92”卜8.098.26*8.43”卜8.62"

图(b)

(2)另一实验小组设计了如图(c)所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度

a和所受拉力尸的关系图像。他们在轨道水平和倾斜(通过在远离滑轮的一端加垫片实现)的两种情况下分别

做了实验，得到了两条a—F图线，如图(d)所示。

位移传感器位移传感器A«/(m-s-2)

接收部分发射部分J/中

/////7/,/////////^//////////////.

滑块轨M0

-2

图

(c)图(d)

①图线是在轨道倾斜的情况下得到的(选填“甲”或“乙”)；

②滑块和位移传感器发射部分的总质量m=kg,滑块和轨道间的动摩擦因数〃=0

12.某同学想测量某容器的深度，发现没有足够长的测量工具，他灵机一动，想到利用单摆实验进行测量,

步骤如下：

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(1)该同学找到一把游标卡尺，游标卡尺可用来测物体的深度，应使用图甲中的(选填“位置1”“位

置2”或“位置3”)测量物体深度。但游标卡尺量程并不够测量该容器的深度，他先测量了小球的直径，图

乙所示的游标卡尺读数为

(2)将做好的单摆竖直悬挂于容器底部且开口向下(单摆的下部分露于容器外)，如图(a)所示。将悬线拉离平

衡位置一个小角度后由静止释放，单摆摆动的过程中悬线不会碰到器壁，测出容器的下端口到摆球球心的

距离3并通过改变L而测出对应的摆动周期T,再以产为纵轴、L为横轴作出图像，那么就可以通过此图像

得出当地的重力加速度g和该容器的深度％,取*=9.86,回答下列问题：

①如果实验中所得到的T2—Z图像如图㈤所示，那么实验图像应该是线(选填"a"、"b”或“c”

)。

②由图像可知，当地的重力加速度g=M/S2(结果保留三位有效数字)，容器的深度/1=

________mo(结果保留两位小数)

四、计算题：本大题共3小题，共38分。

13.柴油打桩机由重锤汽缸、活塞桩帽等若干部件组成。重锤汽缸的质量为小，钢筋混凝土桩固定在活塞桩

帽下端，桩帽和桩总质量为M。汽缸从桩帽正上方一定高度自由下落，汽缸下落过程中，桩体始终静止。当

汽缸到最低点时，向缸内喷射柴油，柴油燃烧，产生猛烈推力，汽缸和桩体瞬间分离，汽缸上升的最大高

度为拉，重力加速度为g。

,重锤气缸

(1)求柴油燃烧产生的推力对汽缸的冲量；

(2)设桩体向下运动过程中所受阻力恒为f,求该次燃烧后桩体在泥土中向下移动的距离。

14.北坡公园有一种叫“空中飞椅”的游乐项目，示意图如图所示，长为乙=5小的钢绳一端系着座椅，另一

端固定在半径为r=2巾的水平转盘边缘，转盘可绕穿过其中心的竖直轴转动，转盘匀速转动时，钢绳与转

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动轴在同一竖直平面内，若人与座椅的总质量为503，钢绳与竖直方向的夹角为。=37。，不计绳子重力,

求：

(1)人在转动时的线速度多大?

(2)此时钢绳的拉力多大？

15.一弹射游戏装置竖直截面如图所示，固定的光滑水平直轨道力B、半径为R的光滑螺旋圆形轨道BCD、光

滑水平直轨道DE平滑连接。长为L、质量为M的平板紧靠长为d的固定凹槽EFGH侧璧EF放置，平板上表面

与DEH齐平。将一质量为小的小滑块从力端弹射，经过轨道BCD后滑上平板并带动平板一起运动，平板到达

HG即被锁定。已知R=0.5TH,d=4.4m,L=1.8m,M=m=0.1kg,平板与滑块间的动摩擦因数〃i=0.6、

与凹槽水平底面FG间的动摩擦因数为“2。滑块视为质点，不计空气阻力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，

(1)滑块恰好能通过圆形轨道最高点C时，求滑块离开弹簧时速度火的大小；

(2)若〃2=0,滑块恰好过C点后，求平板加速至与滑块共速时系统损耗的机械能;

(3)若“2=0.1，滑块能到达H点，求其离开弹簧时的最大速度0m。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】由4图可知，经4s,无人机的位移为0,故平均速度为=0；由B图可知，经4s,无人机的位移为8

m,故平均速度为

-x8

vB=———m/s—2m/s

由。图可知，经4s,无人机的位移为

1

=—x4x4m=8m

2

故平均速度为

x8

T^=—=［爪/s-2m/s

由D图可知，经4s,无人机的位移为

16+8

xD=—X2X6mH---------X2m=20m

故平均速度为

-x20

vD=—=—m/s=5m/s

故平均速度最大是。图，为Sms/。

故选。。

2.【答案】C

【解析】48.设10根轻绳对返回舱的合力为F合，根据平衡条件可知

F合+F=G

解得

F合=G-F

故N2错误；

CD设每根绳的拉力为心,根据平行四边形定则有

IOFICOSJ=G—F

解得

G-F

Fi-1OCOS0

故C正确，。错误。

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故选c。

3.【答案】A

【解析】4将篮球看成反向平抛运动，篮球在竖直方向下降的高度相同，在竖直方向有

1,

h=-gtz

可知篮球从两点下落的时间相同；在水平方向，可知必<知，根据

X=vot

可知

VOA<VOB

击中P点时速度即水平方向的速度，故篮球从8点抛出击中P点时速度大，故/正确；

8根据

Av

可知篮球从两点抛出到击中P点，速度变化率相同，都为重力加速度，故3错误；

C将篮球看成反向平抛运动，篮球在竖直方向下降的高度相同，在竖直方向有

vj=2gh.

说明从两点抛出的竖直方向速度相同，但在水平方向有见4<%B，根据

故从8点抛出的速度更大，根据动能定理有

1

W=—mv£?

篮球从B点抛出时小明对球做的功更大，故C错误；

D根据

P=mgVy

可知从两点抛出的竖直速度相同，故篮球从8点抛出时重力的瞬时功率相等，故。错误。

故选N。

4.【答案】C

【解析】W粒子在磁场中运动的周期：7=锣，由于质子与iW粒子的比荷不同，保持8、U和T不变

的情况下不能加速质子，故/错误；

2.根据quB=吁*,解得：v=-^~,带电粒子射出时的动能为：E=-^-mv2=qBR,知最大动能与加

Rm22Km

速器的半径、磁感应强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电场的电压无关，故8错误；

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C若只增大交变电压U,贝MH粒子在回旋加速器中加速次数会减小，导致运行时间变短，故c正确；

。当调整磁感应强度大小，同时结合其他的一些调整后，也可以加速负电荷，故。错误。

故选C。

5.【答案】C

【解析】AD物块刚冲上传送带时，由于物块速度大于传送带得速度，物块受到向下的摩擦力，对煤块，由

牛顿第二定律有

mgsm37°+)j.mgcos37°—malf解得ai=8m/s2,方向向下

经过时间煤块与传送带速度相等，传送带速度为分由运动学公式得五=£也=上3s=1s

—O

么时间煤块的位移久1==12；4xlm=8m

因为“=0.25<tan37。，所以煤块无法与传送带保持静止，煤块继续向上减速，此后物块受到向上的摩擦力，

对煤块，由牛顿第二定律有mgsin37°—⑷ngcos37°=ma2，解得a2=4m/s2,方向向下

再经过以时间煤块到达传送带顶端时速度恰好为零，由运动学公式得以=啜==1s

以时间煤块的位移久2=*2=aX1爪=2m

即煤块经2s速度减为零，煤块所受摩擦力方向先向下后向上，故错误；

B.由上述可知，传送带底端到顶端的距离就是煤块的位移，则传送带底端到顶端的距离为L=小+冷=8m

+2m=10m,故5错误；

C.万时间内，传送带的位移%3==4xlm=4m,煤块相对传送带的位移为—x3=8m—4m=4

m,方向向上

以时间内传送带的位移%4=vt2=4xlm=4m,煤块相对传送带的位移为4%2=x2—x4=2m—4m=—2

m,方向向下，

则整个过程煤块相对传送带的位移为4%==4m—2m=2m,故C正确。

故选C。

6.【答案】A

【解析】R设小球到达B点时速度大小为也小球从人滑到8的过程，由机械能守恒定律得

1

mgR=—mv£7

解得

v—72gR

故3正确，不符合题意；

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C设小球所受库仑力大小为F，对B点处的小球受力分析可知，因压力为零，故

V2

F—mg=m—

JR

解得

F=3mg

可知。处的场源为负电荷，故C正确,不符合题意;

4D点电荷周围的场强满足

.kQ

则在同一圆上的场强大小相同，由

qq

可知圆弧4B的中点的场强大小为

3mg

~q

方向指向。点，且电场力始终与运动速度垂直，电场力不做功，故/错误，符合题意。正确，不符合题意。

故选

7.【答案】C

【解析】4由图乙可知副线圈中电流的周期为0.02s,变压器只改变交变电流的电压不改变周期，/错误;

2.由图乙可知，当开关K断开时，副线圈中电流的有效值为戈，此时原线圈的输入功率为

?I=P2=V2^I

B错误;

C由题意可知，当开关K闭合后，定值电阻R消耗的功率为电动机消耗功率的2倍，有

^07*'Uo/i

T=2X-2-

解得

n―四U。

R=K

C正确;

。副线圈的输出电压由原线圈的输入电压和变压器原、副线圈的匝数比决定，所以开关K闭合后，副线圈的

输出电压不变，。错误。

故选Co

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8.【答案】ACD

【解析】48.根据质量数守恒和电荷数守恒，方程式中X为iHe,丫为，He,故/正确，2错误;

CD反应①、②均属于核聚变反应，丫的比结合能大于X的比结合能，故CD正确。

故/CD。

9.【答案】AC

【解析】北方地磁场的磁感应强度垂直于叶片向下的分量为%=8cos。，由E=81^=981/3,3=2ai,

U=E,可得a、b两端的电势差大小U=TOTBL2cos8,由右手定则可知，a端的电势高于6端的电势，故/、C

项正确，B、。项错误。

10.【答案】BC

【解析】W对静止在B处的小球进行受力分析，滑块受到的风力大小

3

f=mgland

故/错误;

A若滑块恰能通过圆周最高点C,满足

1

fl—0.25mgl=2mgR+—mv2

又

V2

mg=m-

R

解得

I=5R

故8正确;

C风力与重力的等效合力

cos04

方向与竖直方向成e角斜向右下方，滑块到。点之前恰好不脱离圆轨道时，满足

1

fl—0.25mgl—F(R+Rcos。)=—mv','2

又

u'2

F=

R

解得

,23

I=~4rR

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当Z2等R时，滑块运动到。点之前一定不会脱离圆轨道，故C正确;

D当I较小时，滑块可能会返回，不一定脱离圆轨道，故。错误。

故选BCo

11.【答案】（1）1.1

（2）甲0.50.2

【解析】（1）两个相邻的计数点的时间间隔

T=0.04s

则小车运动加速度的大小为

（2）[1]由甲图线可知，当尸=0时，a=2mls2丰0,说明当绳子上没有拉力时小车就有加速度，则实验

操作中平衡摩擦力过度，即轨道倾角过大，平衡摩擦力时将左端垫得过高，所以图线甲是在轨道左侧抬高

成为斜面情况下得到的；由乙图线可知，当尸手。时，a=0,说明当绳子上有拉力时小车没有加速度，则

图线乙是轨道水平没有平衡摩擦力的情况下得到的。

[2][3]由牛顿第二定律得

结合图像可知，图线乙斜率

纵轴截距大小

解得质量

动摩擦因数

b

u=—=0.2

9

12.【答案】位置3;9.3;a;9.86;0.45

【解析】（1）游标卡尺可用来测物体的深度，应使用位置3的深度尺；

游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以摆球的直径为9nmi+3x0.1mm=9.3mmo

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(2)①由单摆的周期公式得T=2兀J号

可得%=昔(九+L)

所以图像应该是a。

②结合图像可知誓=焉辟，n=1.80

联立可得g、9.86zn/s2,h=0.45m。

13.【解析】(1)设燃烧使重锤气缸获得的速度为火,桩体获得的速度为u,对分离后的重锤气缸由机械能守

恒，有/诏=mg/i

对分离瞬间重锤气缸，由于内力远大于外力，故由动量定理，有/燃=M%—0

得：/然=小历瓦方向竖直向上.

(2)分离瞬间，由于内力远大于外力，所以重锤气缸和桩体组成的系统动量守恒，有nwo=