安徽省皖东学校联考2025届高三月考试卷物理试题A卷【含解析】

第=page11页，共=sectionpages11页绝密★启用前安徽省皖东学校联考2025届高三月考试卷物理试题A卷题号一二三四总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.如图所示，将三根完全相同的轻质细杆，两两互成90°，连接到同一个顶点O，另一端分别连接到竖直墙壁上的A、B、C三个点，BC连线沿水平方向，△ABC是等边三角形，O、A、B、C点处，分别是四个可以向各个方向自由转动的轻质光滑铰链(未画出)。在O点用细绳悬挂一个质量为m的重物，则AOA.mg3 B.mg22.新能源汽车以其环保、智能等优势受到广大消费者的青睐.某款新能源汽车在t=0时刻沿平直公路由静止开始以恒定加速度启动，发动机在t1时刻达到额定功率，然后保持功率不变继续加速，t2时刻达到最大速度后匀速行驶.假设汽车所受的阻力大小恒定，则此过程中汽车的加速度a、动量p、牵引力F、功率P随时间tA. B.

C. D.3.先后两次从高为OH=1.4m高处斜向上抛出质量为m=0.2kg同一物体落于Q1、Q2，测得A.第一次抛出上升时间，下降时间比值为7:4

B.第一次过P点比第二次机械能少1.3J

C.落地瞬间，第一次，第二次动能之比为4.如图甲所示，粗糙的水平地面上有长木板P，小滑块Q(可看做质点)放置于长木板上的最右端。现将一个水平向右的力F作用在长木板的右端，让长木板从静止开始运动，一段时间后撤去力F的作用。滑块、长木板的速度图像如图乙所示，已知小滑块Q与长木板P的质量相等，小滑块Q始终没有从长木板P上滑下。重力加速度g=10m/sA.滑块Q与长木板P之间的动摩擦因数是0.5

B.长木板P与地面之间的动摩擦因数是0.75

C.t=9s时长木板P停下来

D.长木板P5.2022年10月7日，中国太原卫星发射中心在黄海海域使用长征十一号海射运载火箭，采用“一箭双星”方式，成功将微厘空间低轨导航试验卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道．设两颗卫星轨道在赤道平面上，运行方向相同。运动周期也相同，其中a卫星为圆轨道，距离地面高度为ha=2R，b卫星为椭圆轨道，近地点M距离地面高度为远地点N距离地面高度的一半，地球表面的重力加速度为g，a卫星线速度大小为v1，b卫星在近地点M时线速度大小为v2，在远地点N时线速度大小为v3，地球半径为RA.b卫星远地点N距离地面高度为43R

B.b卫星从N点运动到M点时间为2π27Rg

C.v26.质量为m的小球，用细绳系在边长为a、横截面积为正方形的木柱的顶角A处，如图所示。细绳长为4a，所能承受的最大拉力T=7mg，开始时细绳拉直并处于水平状态。若以某初速度v0下抛小球，能使细绳绕在木桩上且小球在各段均做圆周运动最后击中A点。(不计空气阻力)则vA.6ga B.11ga C.7.反射式速调管是常用的微波器件之一，其内部真空，有一个静电场的方向平行于x轴，其电势φ随x的分布如图所示。一个带负电粒子(重力不计)从x=3cm处由静止释放，下列说法中正确的是(

)A.该静电场可以由两个负电荷产生

B.x=−2cm处的电场强度等于x=2cm处的电场强度

C.8.平行板电容器、静电计、理想二极管(正向电阻为0，反向电阻无穷大)所连接成的电路如图所示，电源内阻不计。现在平行板电容器的右极板固定不动，且于两极板之间的P点固定一带负电的点电荷。改变左极板的位置，设静电计的张角为θ。下列说法正确的是(

)

A.若左极板向左移动少许，则θ变大，P点的电势变大

B.若左极板向左移动少许，则θ不变，P点的电势变小

C.若左极板向上移动少许；则θ不变，位于P点的点电荷的电势能减小

D.若左极板向下移动少许，则θ变小，位于P点的点电荷的电势能增大二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.如图(a)所示，在光滑绝缘水平面上的AB区域内存在水平向右的电场，电场强度E随时间的变化关系如图(b)所示．不带电的绝缘小球P2静止在O点，t=0时，带正电的小球P1以速度v0从A点进入AB区域，随后与P2发生正碰后反弹，反弹速度大小是碰前的23倍，P1的质量为m1，带电量为q，P2的质量m2=5m1，AA.第一次碰撞后小球P2的速度为13v0

B.第一次碰撞后P1向左运动的最大距离为L03

C.第一次碰撞后P10.在倾角θ=30°的足够长粗糙斜面上有一质量m=1kg的物块，在方向平行于斜面的恒定拉力F作用下，由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动。0−t0时间内，物块沿斜面下滑过程中的动能Ek、摩擦产生的内能Q和重力势能Ep随运动时间A.物块与斜面间的动摩擦因数为33

B.拉力大小F=15N，方向沿斜面向下

C.0～t0时间内，物块运动的加速度大小为三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.某实验小组研究额定电压为3V的小电风扇的电动机工作特性．(1)实验中，为使电动机的电压从零开始增大，应选择电路_________(选填“甲”或“乙”(2(3)缓慢移动滑片P，记录电压表示数U和对应的电流表示数I，描出相应的点如图丁所示。由图丁可知，该电动机的内阻约为_________Ω(保留两位有效数字)；由于电流表和电压表不是理想电表，电动机内阻的测量值与真实值相比_________(选填“偏大”“偏小”或“相等”)(4)将电动机直接接在一电源两端，已知该电源的电动势E=3.0V，内阻r=12.为制作电子吊秤，物理小组找到一根拉力敏感电阻丝，拉力敏感电阻丝在拉力作用下发生微小形变(宏观上可认为形状不变)，它的电阻也随之发生变化，其阻值R随拉力F变化的图象如图(a)所示，小组按图(b)所示电路制作了一个简易“吊秤”。电路中电源电动势E=3V，内阻r=1Ω；灵敏毫安表量程为10mA，内阻R ​g=步骤a：滑环下不吊重物时，闭合开关，调节可变电阻R1步骤b：滑环下吊已知重力的重物G，测出电阻丝与竖直方向的夹角为θ；步骤c：保持可变电阻R1接入电路电阻不变，读出此时毫安表示数I步骤d：换用不同已知重力的重物，挂在滑环上记录每一个重力值对应的电流值；步骤e：将电流表刻度盘改装为重力刻度盘。

(1)写出敏感电阻丝上的拉力F与重物重力G的关系式(2)若图(a)中R0=100Ω，图象斜率(3)改装后的重力刻度盘，其零刻度线在电流表_________(填“零刻度”或“满刻度”)处，刻度线________(填“均匀”或“不均匀”(4)若电源电动势不变，内阻变大，其他条件不变，用这台“吊秤”称重前，进行了步骤a操作，则测量结果__________(填“偏大”、“偏小”或“不变”)四、计算题：本大题共3小题，共42分。13.如图甲所示，现欲将一批圆筒从车厢内卸下，工人师傅利用两根等长的相同钢管搭在水平车厢与水平地面之间，构成一倾斜轨道，轨道底端连线与车厢尾部平行，该轨道平面与地面夹角θ=300，车厢内有两种不同的圆筒P、Q，如图乙所示为圆筒P与钢管

A、B的截面图，当两钢管间的距离与圆筒的半径

R相等时，轻推一下圆筒P后，圆筒P可沿轨道匀速下滑，已知圆筒P、Q的质量均为m，重力加速度为图甲

图乙(1)圆筒P在下滑过程中受到钢管的摩擦力f及支持力(2)单根钢管对圆筒P的支持力N1(3)工人师傅想通过调整两钢管间的距离d(轨道倾角θ=300不变)，使圆筒被轻推后匀速下滑，但是发现无论怎样调整都不能使圆筒Q14.如图所示，光滑板车由一个半径R=0.2m，夹角θ=53∘光滑圆弧轨道BC与粗糙度可由神奇遥控器随时调节的长L=5.0m的水平板CD平滑连接，光滑板车的质量M=1.6k(1)小球的抛出点距离B(2)若板车固定在水平面上，求小球首次到达(3)若板车不固定，求小球首次到达C(4)调节水平板的摩擦因素，使得从抛出开始计时，经过0.92s物块恰好位于水平板C15.如图所示，足够长“L”型平板B静置在地面上，上表面光滑，物块A处于平板B上的O′点，用长为0.8m的轻绳将质量为3kg的小球悬挂在O′点正上方的O点。轻绳处于水平拉直状态，小球可视为质点，将小球由静止释放，下摆至最低点与小物块A发生弹性碰撞。物块A沿平板滑动直至与B右侧挡板发生碰撞，假设小物块A与平板B的碰撞均为弹性碰撞，测得小物块A与平板B右端从发生第一次碰撞后到第二次碰撞前相隔的最大距离是9m，整个过程中A始终在B上，所有碰撞时间忽略不计，不计空气阻力，已知A的质量为1kg，B的质量0.5(1)小球摆至最低点与小物块A(2)小物块A第一次与平板B碰撞后到第二次碰撞的时间;

(3)平板答案和解析1.【答案】C

【解析】【分析】本题是立体的共点力平衡问题，分析受力情况，作出力图是解题的关键．

AO杆对O点的拉力沿杆向上，BO、CO对O点的作用沿杆向上，作出力图．

以O点为研究对象，根据平衡条件列式，运用三角形相似法，即可求出AO杆与杆BO【解答】

如图甲、乙所示，在OBC平面和ODA平面作受力分析，由几何关系可知

FAG′=LL32可得FA=mg⋅23，2.【答案】B

【解析】A.汽车0−t1时间内加速度保持不变，发动机在t1时刻达到额定功率，由Pv−f=ma，可知随着速度增大，汽车的加速度减小，当Pv=f时汽车的加速度为零，汽车开始匀速直线运动，故A错误；

B.由p=mv=mat可知，在汽车0−t1时间内汽车的动量随时间均匀增加，t1−t2时间内加速度减小，则p−t图像的斜率减小，t3.【答案】B

【解析】A.第一次抛出上升的高度为h故上升时间为t最高点距水平地面高为

h0=3.2故一次抛出上升时间，下降时间比值为

3:4

，故B.两条轨迹最高点等高，故可知两次从抛出到落地的时间相等为t故可得第一次，第二次抛出时水平方向的分速度分别为vx1由于两条轨迹最高点等高，故抛出时竖直方向的分速度相等为v由于物体在空中机械能守恒，故第一次过P点比第二次机械能少Δ故B正确；C.从抛出到落地瞬间根据动能定理

Ek1故落地瞬间，第一次，第二次动能之比为

100:113

，故D.根据前面分析可知两次抛出时竖直方向的分速度相同，两次落地时物体在竖直方向的分速度也相同，由于第一次的水平分速度较小，物体在水平方向速度不变，故可知第一次抛出时速度与水平方向的夹角较大，第一次落地时速度与水平方向的夹角也较大，故可知第一次抛出时速度方向与落地瞬间速度方向夹角比第二次大，故D错误。故选B。4.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查了匀变速直线运动的位移与时间的关系、滑动摩擦力与动摩擦因数、牛顿第二定律的应用；这是一个典型的滑块滑板模型的问题，解决这类问题的关键是分清楚各个阶段的运动加速度、速度情况，然后分别计算它们相对地面的位移，才能计算出它们之间的相对位移。

先根据v−t图象计算出各个时间段的长木板P和滑块Q的加速度，然后根据牛顿第二定律计算出长木板P与地面与滑块Q之间的动摩擦因数，然后计算撤去拉力后长木板的加速度，根据速度时间关系即可计算出P停下来的时间；长木板P的长度至少是Q和P的相对位移的长度；注意Q滑块，一开始Q比P运动的慢，Q相对于P向后滑动，后来Q比P运动的快，相对于P向前滑动；根据牛顿第二定律，结合运动学规律分析求解。

【解答】

A.由图乙可知，力F在t1=5s时撤去，此时长木板P的速度v1=5m/s，t2=6s时两者速度相同，v2=3m/s，t2=6s前长木板P的速度大于滑块Q的速度；t2=6s后长木板P的速度小于滑块Q的速度，0∼6s过程中，以滑块Q为对象，由牛顿第二定律得：μ1mg =ma1；由v−t图象可知a1=ΔvΔ5.【答案】C

【解析】【分析】本题考查了开普勒定律、卫星的运行规律。对于绕地做圆周运动的卫星，由万有引力提供向心力分析圆周运动的物理量。

对于同一个椭圆轨道的速度大小进行比较时，往往使用开普勒第二定律。

而分析同一中心天体但是不同椭圆轨道的周期时，往往使用开普勒第三定律。【解答】

A、据开普勒第三定律，由于两卫星周期相同，故b卫星的椭圆轨道半长轴应等于a卫星的轨道半径，设b卫星近地点M距离地面高度为hM，远地点N距离地面高度为hN，由于hN=2hM，且hM+hN+2R2=R+ha，得hM=43R，hN=83R，A错误;

B、对a卫星有GM(R+ha)2=4π2T2(R+ha)，由黄金代换公式，g=GMR2，得T=2π27Rg，b卫星从6.【答案】A

【解析】(Ⅰ)要使小球最终能击中A点，必须维持各段运动均作圆周运动，在以C为圆心运动恰好到最高点D1m小球从A1点到D1联立解得v0(Ⅱ)为了确定小球下抛的最大速度，先要考虑在B1、C1、①小球在B1T小球从A1点到B1联立解得v0②小球在C1T小球从A1点到C1联立解得v0③小球在A点时，绳子恰好不断，则有T小球从A1点到A1联立解得v0综合(Ⅰ)(Ⅱ)可得：能使细绳绕在木桩上且小球在各段均做圆周运动最后击中A点，小球竖直下抛的速度需满足2ga<7.【答案】D

【解析】AB．φ−xE1=

6方向沿着x轴负方向0<E2=

6方向沿着x轴正方向可知x=−2 cC.x=0处电势最高，根据Ep=qD.带负电粒子(重力不计)从x=3 cm处由静止释放，受到向xq可得x则该粒子将沿x轴负方向运动，运动到的最远位置为x故D正确。故选D。8.【答案】B

【解析】【分析】

静电计显示电压与电源电动势始终相等，由于二极管具有单向导电性，所以电容器只能充电，不能放电，通过电容器参量变化，分析电场强度是否变化，分析P点电势及电势能是否变化。

本题考查电容器的动态分析问题，注意要掌握二极管的单向导电性。

【解答】

AD.静电计测量的电压等于电源的路端电压，无论极板如何移动，电源的路端电压保持不变，θ保持不变，AD错误；

B、静电计显示电压与电源电动势始终相等，静电计的张角θ不变，将电容器的左极板向左移动少许时，电容器的电容C=εS4πkd减小，由于二极管具有单向导电性，所以电容器只能充电，不能放电，则极板上电量不变，由E=Ud=QCd=4πkQε9.【答案】AB【解析】ABC．P1经t1时间与P2碰撞，则t1=L0v0，P1、P2碰撞设碰后P1速度为v1，P2速度为v2，由动量守恒得

m1v0=m1(−23v0)+m2v2

，解得v2=13v0(水平向右)；

碰撞后小球P10.【答案】BC【解析】解：AC、在0～t0时间内，物块的位移为x，根据重力做功与重力势能的关系得：mgxsin30°=5J

根据功能关系可得：μmgcos30°⋅x=8J

根据动能定理得：max=12J

联立解得：μ=8315，a=12m/s2，故A错误，C正确；

B、根据牛顿第二定律得：F+mgsi11.【答案】(1)乙

(2)

(3)【解析】解：(1)实验中，为使电动机的电压从零开始增大，滑动变阻器采用分压式接法，故选择电路乙；

(2)根据电路图连接实物图，如图所示：

(3)根据“描点法”作图，所作图像如图所示：

由丁图可知，在0～1.5V内，电动机不转动，可看作纯电阻电路，I−U图像斜率的倒数表示电动机的内阻，电动机的内阻RD=1k=1.50−00.50−0Ω=3.0Ω

实验的误差来源于电流表的分压作用，考虑电流表内阻后，电动机内阻的真实值RD真=U−UAI<UI=RD

因此电动机内阻的测量值与真实值相比偏大；12.【答案】(1)G2cosθ；

(【解析】【分析】

(1)根据受力情况，由平行四边形定则得出拉力与重力的关系；

(2)根据实验原理和过程，即可求出拉力敏感电阻丝电阻增加量；根据欧姆定律求出图线的斜率与截距的意义；根据共点力平衡的条件求出电阻丝上的拉力，然后求出物体重力的表达式；

(3)根据实验步骤及电路图，列出等式关系，代入数据进行计算；

(4)根据电路的结构利用闭合电路的欧姆定律可得出刻度的特点；

(5)根据欧姆定律及电路操作过程得出测量结果。

本题属于结合实际应用的实验操作题，解题的关键是分析电路，再根据