作业11 杠杆、滑轮 综合检测（周考卷01）（解析版）

作业11杠杆、滑轮综合检测（周考卷01）一、选择题1．在如图所示的四种用具中，正常使用时属于费力杠杆的是（）A．撬棒 B．瓶盖起子C．筷子 D．核桃夹子【答案】C【详解】ABD．撬棒、瓶盖起子、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故ABD不符合题意；C．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意。故选C。2．简单机械在生活中有广泛的应用，下列有关说法错误的是（

）A．旗杆顶部的滑轮是定滑轮B．齿轮是轮轴，若动力作用在轮上能省力C．钓鱼时，钓鱼杆是省力杠杆D．盘山公路实质是一个斜面【答案】C【详解】A．旗杆顶部的滑轮是定滑轮，不省力但可以改变力的方向，故A正确，A不符合题意B．轮轴实质是可绕固定轴传动的杠杆，其支点在轴心，阻力作用在轴上，动力作用在轮上；轮半径大干轴半径，轮轴实质是省力杠杆；齿轮是轮轴，若动力作用在轮上能省力，故B正确，B不符合题意；C．钓鱼杆钓鱼时，阻力臂大于动力臂，是费力杠杆，故C错误，C符合题意；D．盘山公路相当于一个斜面，斜面模型加长了运动距离，即费距离，但可以省力，减小了车辆上山时所需要的牵引力，故D正确，D不符合题意。故选C。3．如图所示，杠杆处于平衡状态，下列哪种方法能使杠杆重新处于平衡（每个钩码质量相同）（）A．左、右两边各去掉一个钩码B．左边钩码向左移动1格，右边钩码向右移动1格C．左、右两边各增加一个钩码D．右边去掉2个钩码并向右移动3格【答案】D【详解】设一个钩码为G，一格的长度为L；A．左边：2G×4L，右边：3G×3L，右边下倾，故A不符合题意；B．左边：3G×5L，右边：4G×4L，右边下倾，故B不符合题意；C．左边：4G×4L，右边：5G×3L，左边下倾，故C不符合题意。D．左边：3G×4L，右边：2G×6L，杠杆平衡，故D符合题意。故选D。4．如图所示，在A点先后施加了作用力F1、F2、F3，杠杆都平衡，则（）A．力F1最小 B．力F2最小C．力F3最小 D．三个力一样大【答案】B【详解】力臂是支点到力的作用线的距离，所以分别作出三个力的力臂如下图如图所示，O是支点，阻力和阻力臂一定；由图可知根据杠杆的平衡条件可知故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。5．肱二头肌收缩产生的力使前臂骨骼绕肘关节转动，此时前臂骨骼可以看成一个杠杆模型，简称前臂杠杆。如图所示，手提重物时，对前臂杠杆的分析错误的是（）

A．前臂杠杆是省力杠杆B．肘关节处可以视为支点C．肱二头肌对前臂杠杆的牵引力是动力D．前臂保持水平时，阻力臂最长【答案】A【详解】ABC．用手提起物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力F1是动力，重物给前臂的力F2是阻力，杠杆围绕肘关节转动，因此支点O在肘关节处。用手向上举物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一个费力杠杆；故A错误，符合题意，BC正确，不符合题意。D．前臂保持水平时，阻力F2到支点的作用线的距离最远，即阻力臂最长，故D正确，不符合题意。故选A。6．用下列轻质简单机械缓慢提起同一物体，不计摩擦、机械自重及绳的重，用力最小的是（）A． B．C． D．【答案】B【详解】不计摩擦、机械自重及绳的重。A．图中滑轮是定滑轮，拉力；B．图中滑轮是动滑轮，拉力；C．设杠杆一格长为L，由杠杆平衡条件得F3×2L=G×5LD．设杠杆一格长为L，由杠杆平衡条件得F4×3L=G×2L由此分析比较可知F2最小，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。7．如图所示是《天工开物》中记载的我国传统提水工具“桔槔”，用绳子系住一根直的硬棒的O点作为支点，A端挂有重为50N的石块，B端挂有重为20N的空桶，OA长为1.2m，OB长为0.6m。使用时，人向下拉绳缓慢放下空桶，装满重为120N的水后向上拉绳缓慢将桶提起，硬棒质量忽略不计。下列说法中正确的是（）A．向下拉绳放下空桶时桔槔为省力杠杆B．向下拉绳放下空桶时拉力为100NC．向上拉绳提起装满水的桶时桔槔为费力杠杆D．向上拉绳提起装满水的桶时拉力为40N【答案】D【详解】A．向下拉绳放下空桶时，B端作用的力为动力，此时动力臂小于阻力臂，桔槔为费力杠杆，故A错误；B．由杠杆平衡原理知G石×AO＝(G桶+F)×OB代入数据解得：F＝80N，故B错误；C．向上拉绳提起装满水的桶时，A端为动力，此时动力臂大于阻力臂，桔槔为省力杠杆，故C错误；D．由杠杆平衡原理知G石×AO＝(G桶+G水－F')×OB代入数据解得：F'＝40N，故D正确。故选D。8．如图所示，作用在杠杆一端始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢匀速地由位置A拉至位置B，在这个过程中，下列说法正确的是（）A．拉力F的力臂不变，拉力F变大B．拉力F先变小后变大C．阻力和阻力臂乘积不变D．这个杠杆将越来越省力【答案】A【详解】重物G通过细线对杠杆的拉力为大小等于物体的重力G，即由图知，在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA的长度没有变化，细线对杠杆的拉力的大小没有变化，即阻力G大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大，由杠杆的平衡条件可知当OA、G不变时，L越大，那么F越大，因此拉力F在这个过程中逐渐变大，由于该过程中，动力臂始终大于阻力臂，所以杠杠一直是省力的，故A正确，故BCD错误。故选A。9．如图所示使用下列三个装置分别用、、匀速提起同样的重物，不计滑轮的重力和摩擦，则、、的大小关系为（）A．B．C．D．【答案】A【详解】不计滑轮的重力和摩擦且不计绳重的情况下；左边的滑轮是动滑轮，能够省一半的力，故中间的滑轮是动滑轮，作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，则右边的滑轮是定滑轮，只能改变力的方向，不省力也不费力，故所以故A符合题意；BCD不符合题意。故选A。10．如图所示，用三种方法拉动同一物体在相同的水平地面上做匀速直线运动，使物体以相等速度移动相同的距离。所用拉力分别是、、，这三个力的作用点移动距离分别是、、，移动速度分别为、、，不计滑轮摩擦，则（）A．

B．

C．

D．

【答案】D【详解】由图可见，本题中三个滑轮都是克服摩擦力做功，假设物体与水平面的摩擦力f，物体移动的速度为，运动的时间为，则对这三个图分析可得：甲图：滑轮为定滑轮，因为定滑轮相当于一个等臂杠杆，不能省力，所以根据二力平衡，此时拉力为拉力的作用点移动的速度为作用点移动的距离为乙图：滑轮为动滑轮，因为动滑轮相当于一个动力臂是阻力臂倍的杠杆，省一半的力，所以根据二力平衡，此时拉力为但是费倍的距离，拉力的作用点移动的速度为作用点移动的距离为丙图：滑轮为动滑轮，拉力的作用点在动滑轮的轴上，因此是个费力杠杆，费倍的力，省一半的距离，因此拉力的作用点移动的速度为作用点移动的距离为综上分析可知故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。二、填空题11．一个杠杆的动力臂与阻力臂之比为2∶5，若此杠杆受到的阻力是10牛，则当动力为牛时，杠杆处于平衡状态，此杠杆是杠杆（选填“省力”或“费力”）。如图所示的常见工具：（a）独轮车（b）起子（c）钢丝钳（d）筷子（e）镊子，请判断以上杠杆属于费力杠杆的是（选填字母序号）。【答案】费力25d、e【详解】[1][2]杠杆的动力臂与阻力臂之比为2∶5，说明该杠杆的动力臂小于阻力臂，则该杠杆是费力杠杆。根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得，动力为[3]如图所示的常见工具中，独轮车、起子和钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；筷子和镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故填写d、e。12．如图所示，物体A和B所受重力都为120N，滑轮重力不计。当分别用力匀速提升物体A和B时，FA为N，FB为N。若把A、B两物体分别提升了相同的高度，则A、B所用的滑轮的绳子的绳端通过的距离之比是。

【答案】601202:1【详解】[1]提升A的为动滑轮，提升物体时“省力费距离”，绳子段数n=2，绳子有多少段就省了多少倍力，费多少倍距离，已知A物体重力为120N，故绳子拉力为60N，若物体A上升高度h，则绳子端移动距离为2h。[2]提升B的为定滑轮，提升重物时“既不省力也不费距离”，已知B物体重力为120N，故绳子拉力为120N，若物体B上升高度h，则绳子端移动距离为h。[3]A、B提升相同的高度时，绳子端移动距离之比为13．如图甲所示是生活中常用的夹子，拇指对夹子施加压力使夹子缓慢张开，夹子上的钢丝对夹子的弹力为，则（填“＞”“＝”或“＜”），此时夹子是（填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；如图乙所示，用夹子夹住木块，夹子上A点受到木块的作用力的方向（填“向下”或“向上”）。【答案】＜省力向上【详解】[1][2]用手捏开夹子时，手施加的力是动力，夹子上的钢丝对夹子的弹力是阻力，由图可知，此时动力臂大于阻力臂，所以此时夹子是省力杠杆，则<。[3]如图乙所示，用夹子夹住木块，夹子上A点受到木块对其向上的支持力。14．如图是运动员在水平地面上做俯卧撑时的情景。若把运动员身体看成一个杠杆，则该杠杆是杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）。已知地面对两个手掌的支持力为360N，运动员所受的重力为600N，手掌到脚尖的距离为1.5m，则人体重心到脚尖的水平距离为m。

【答案】省力0.9【详解】[1]运动员在水平地面上做俯卧撑时，脚尖处是支点，手掌到脚尖的距离是动力臂，身体重心大约在腹部，重心到脚尖的距离是阻力臂，如图所示，动力臂大于阻力臂，所以可以看成是省力杠杆。[2]以脚尖为支点，则脚尖到手掌的距离为动力臂为L1，人体重心到脚尖的距离是阻力臂为L2，根据杠杆平衡条件得：，则人体重心到脚尖的水平距离为15．如图所示，已知轻质杠杆AB长为米，AO长为米，物体G重为60牛。为使杠杆在水平位置平衡，要在点（填“A”、“O”或“B”）施加一个最小的力F，此力的方向为竖直，大小为牛。

【答案】B向下20【详解】[1][2]在阻力、阻力臂不变的情况下，动力臂最大时，根据杠杆的平衡条件可知，动力是最小的，根据图示可知，当OB为动力臂时，动力臂是最大的，所以为使杠杆在水平位置平衡，要在B点施加一个最小的力F；由于OB在水平方向上，所以最小的力的方向是竖直向下的。[3]根据杠杆的平衡条件可知，最小力为16．如图所示，利用A滑轮匀速提升重力为20N的重物，A滑轮是（选填“动”或“定”）滑轮。若不计滑轮的重力，则所用拉力为N；若绳子自由端移动的速度为1m/s，则重物上升的速度为m/s。（不计绳子的重力及摩擦）

【答案】动100.5【详解】[1]轮轴和物体一起移动的是动滑轮，由图可知，该滑轮是动滑轮。[2]由图可知，承担物重的绳子的股数为n=2，若不计绳子的重力和摩擦力，不计滑轮的重力，则所用的拉力为[3]若绳子自由端移动的速度为1m/s，则重物上升的速度为17．如图所示利用弹簧测力计沿M方向拉动的杠杆是（选填“省力”或“费力”）杠杆。若物体G的重力为3牛，则阻力臂为米，在B点竖直向上的拉力大小牛，若弹簧测力计从M位置倾斜到N位置，杠杆仍然平衡，则弹簧测力计的示数将会（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

【答案】费力0.64.5大于【详解】[1][2]根据图示可知，弹簧测力计沿M方向拉动杠杆时，动力臂为，阻力臂为动力臂小于阻力臂为，为费力杠杆。[3]根据杠杆的平衡条件得解得[4]若弹簧测力计从M位置倾斜到N位置，杠杆仍然平衡，根据力臂的定义可知，此时的动力臂变小了，阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，即弹簧测力计的示数将会大于。18．五一长假期间，小聪随母亲去老家农村，看到很多老乡使用如图（a）所示杆秤称量质量。回家后，小聪用一根长30厘米的轻质细木棒作秤杆、用0.2千克的铁块作秤砣，在距木棒一端4厘米处系上提纽线，制作了一把简易杆秤如图（b）所示。（1）将被测物挂上并调节秤砣至图（c）所示位置时杆秤水平平衡，求被测物的质量m物。（2）这把简易杆秤的最大称量是千克。若小聪用0.3千克的铁块替换原0.2千克的铁块做秤砣，杆秤的最大称量（选填“减小”、“不变”或“增大”）；（3）实际生活中的杆秤通常有两个提纽线，如图（a）所示，使用提纽时（选填“1”或“2”），杆秤的最大称量较大。【答案】1kg1.3增大2【详解】（1）[1]由杠杆平衡条件得m秤砣gl秤砣=m物gl物m秤砣l秤砣=m物l物0.2kg×20cm=m物×4cm解得m物=1kg。（2）[2]由杠杆平衡条件得m秤砣′gl秤砣′=m物′gl物m秤砣′l秤砣′=m物′l物0.2kg×26cm=m物′×4cm解得m物′=1.3kg，这把简易杆秤的最大称量是1.3kg。[3]0.3千克的铁块替换原0.2千克的铁块做秤砣，秤砣质量变大，秤砣的力臂与物体的力臂不变，由m秤砣gl秤砣=m物gl物可知，秤的最大称量增大。（3）[4]由图示可知，使用提纽2时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由m秤砣gl秤砣=m物gl物可知，杆秤的最大称量较大。三、作图题19．如图所示，杠杆OA处于平衡状态，请你画出的阻力臂l2，并画出最小动力F1的示意图。

【答案】

【详解】根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向垂直杠杆向上，据此可画出最小的动力；O为支点，点O到F2的垂线段就是F2的力臂l2，如图所示：

20．如图所示，测力计示数为2牛，现有每个重力均为1N的足够多的钩码，为使杠杆保持平衡，可将若干个钩码挂在杠杆的某个位置，请用小长方体代替钩码，在杠杆上画出钩码的位置和个数。【答案】【详解】由图可知，通过弹簧测力计对杠杆的拉力是竖直向上的，促使杠杆逆时针转动。钩码所受重力是竖直向下的，对杠杆的拉力的方向也是竖直向下的，因此钩码挂在杠杆的左侧才能阻碍杠杆的转动。测力计示数为2N，设杠杆上每一小格的长度为l，则通过弹簧测力计的拉力与力臂的乘积为：2N×2l。如果只挂一个钩码，那么对杠杆的拉力为1N，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可得2N×2l=1N×l2解得l2=4l所以这个钩码挂在左边第四格。如图所示：21．在图中，杠杆在力和的作用下保持静止，请画出力对应的力臂，及力臂对应的力。

【答案】

【详解】反向延长力F2的作用线，由支点向F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是其力臂l2；过力臂l1的下端，作l1的垂线，与杠杆的交点为力F1的作用点，方向斜向上，如图所示

四、计算题22．杠杆平衡时，杠杆的动力臂l1为2米，阻力臂l2为0.2米，若阻力F2为300牛，求动力F1的大小。【答案】30N【详解】解：杠杆平衡时，由杠杆的平衡条件可得F1l1=F2l2解得动力为答：动力F1为30N。23．如图所示，O为轻质杠杆的支点，在杠杆的B处挂一个重为20牛的物体，已知OA=0.4米，AB=0.6米，如果要使杠杆在水平位置上平衡，求（1）在A点施加最小的力F1的大小和方向；（2）判断此时杠杆的类型。【答案】（1）50N，垂直于杠杆竖直向上；（2）费力杠杆【详解】解：（1）阻力和阻力臂不变，在A点施加一个力F1，则OA为最大力臂，动力最小，方向垂直于杠杆竖直向上，根据杠杆平衡条件得F1×OA=G×OB（2）因动力臂OA小于阻力臂OB，动力大于阻力，所以，这是费力杠杆。答：（1）在A点施加最小的力F1的大小是50N，方向垂直于杠杆竖直向上；（2）此时杠杆的类型是费力杠杆。24．如图所示，轻质直杆长，可绕O点转动，如果在直杆B挂上重为50牛的物体，OB距离为，为保持杠杆在水平位置平衡，在离O点处A点施加一个拉力杠杆OA成的拉力。问：（1）为多大？（2）如果要用最小的拉力作用在直杆上，使直杆仍保持水平位置平衡，则该最小拉力为多大？【答案】（1）50N；（2）20N【详解】解：（1）由图可知，拉力FA的力臂为根据杠杆平衡的条件可知带入数据为解得。（2）如果要用最小的拉力作用在直杆上，需要将拉力的作用点作用在杠杆的右端，以杠杆为力臂，此时力臂最大，则力最小，根据杠杆平衡的条件可知解得。答：（1）FA为50N；（2）如果要用最小的拉力作用在直杆上，使直杆仍保持水平位置平衡，则该最小拉力为20N。五、实验题25．小华同学研究动滑轮的使用特点，他们先用弹簧测力计如图（a）所示匀速提升重物，再分别用重力不同的动滑轮甲、乙、丙（G甲＜G乙＜G丙）竖直向上匀速提升同一重物，如图（b）、（c）、（d）。请仔细观察图中的操作和弹簧测力计的示数，然后归纳得出结论；（1）分析比较图（a）与（b）或（a）与（c）或（a）与（d）可得：；（2）分析比较图（b）与（c）与（d）可得：。【答案】见解析见解析【详解】根据图中弹簧测力计的示数，可以得出结论：（1）[1]匀速提升同一重物时，使用动滑轮可以省力，但不能改变用力方向。（2）[2]由题意得，重力不同的动滑轮甲、乙、丙使用动滑轮匀速提升同一重物时，滑轮重力越大，所用的拉力越大。26．在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：（1）实验前，杠杆在图（a）所示位置静止，杠杆处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态，此时应先向调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。（2）若不计杠杆质量和摩擦且杠杆刻度均匀，每个钩码均重1牛，如图（b）在A点挂两个钩码时，为了使杠杆恢复平衡，可以在C点挂个钩码，或者在B点作用一个大小为牛，方向竖直向（选填“上”或“下”）的力。

【答案】平衡左44上【详解】（l）[1][2]杠杆处于静止状态，杠杆处于平衡状态，杠杆的左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆重心通过支点，可以消除杠杆重对杠杆平衡的影响。（2）[3][4][5]设每个格的长度为L，每个钩码重为G，根据杠杆的平衡条件2G×4L=nG×2L解得：n=4，若作用力在B点，为使杠杆平衡，作用力方向应向上，根据杠杆的平衡条件2G×OA=F×OB代入数据得2×1N×4L=F×2L解得：F=4N。27．小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在上静止。这样做的目的是：。（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码（如图甲所示）为了使杠杆仍在水平位置平衡，发现要在B点处挂6个钩码；于是小明得出杠杆的平衡条件为：。他这样得出的结论是的（选填“合理”或“不合理”），理由是。（3）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。其原因是：。【答案】左水平位置便于读出力臂的长F1L1＝F2L2不合理实验次数太少，结论具有偶然性杠杆有自重【详解】（1）[1]根据题意知道，杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，所以，应将平衡螺母（左端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，直至杠杆在水平位置平衡；[2][3]杠杆在水平位置平衡主要是便于测量力臂的大小，同时消除杠杆自身重力的影响。（2）[4][5][6]设一个钩码重为G，杠杆上一个小格为L，所以4G×3L＝6G×2L故得出杠杆平衡条件F1L1＝F2L2小明只通过一组实验数据便得出结论，是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性。（3）[7]用如图乙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响。28．为研究沿光滑斜面向上拉重物所需的拉力大小与哪些因素有关，某实验小组同学利用如图所示的装置进行实验。实验时多次改变斜面长度和高度，每一次用弹簧测力计拉动重为1牛的物体从斜面底端缓慢拉伸至顶端，实验数据记录在表一、表二和表三中。(1)分析比较实验序号的数据及相关条件，可得的初步结论是：沿光滑斜面缓慢提升同一重物时，当斜面高度相同时，拉力与斜面长度成反比；(2)分析比较实验序号1与4与8（或2与5）的数据及相关条件，可得的初步结论是：沿光滑斜面缓慢提升同一重物时，；(3)进一步综合分析比较表一、表二、表三的数据及相关条件，并归纳得出结论。表一次数h（米）L（米）F（牛）10.050.500.120.101.000.130.202.000.1表二次数h（米）L（米）F（牛）40.100.500.250.201.000.260.301.500.2表三次数h（米）L（米）F（牛）70.100.250.480.200.500.490.300.750.4（a）分析比较表一或表二或表三的数据及相关条件，可得：沿光滑斜面缓慢提升同一重物时，；（b）分析比较表一和表二和表三的数据及相关条件，可得：沿光滑斜面缓慢提升同一重物时，。【答案】2、4、7或3、5、8或6、9在斜面长度一定时，拉力F与高度h成正比斜面的高h与斜面的长度L之比相同，拉力F也相同斜面的高h与斜面的长度L之比越大，拉力F也越大【详解】(1)[1]要研究沿光滑斜面提升同一重物时拉力与斜面长度的关系，需要控制斜面的高度相同，改变长度，实验2、4、7或3、5、8或6、9符合题意。(2)[2]分析比较实验序号1与4与8（或2与5）的数据知，斜面的长度相同，高度不同，且高度变为原来的2倍，拉力F也变为原来的2倍，说明沿光滑斜面缓慢提升同一重物时，在斜面长度一定时，拉力F与高度h成正比。(3)[3]分析比较表一、表二或表三的数据及相关条件，可得：斜面的高h与斜面的长度L之比相同，拉力F也相同。[4]分析比较表一、表二和表三的数据及相关条件，可得斜面的高h与斜面的长度L之比越大，拉力F也越大。29．小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中，采用了如图甲所示的实验装置。（1）实验前，杠杆处于如图甲所示的状态，应将左端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是；（2）小明想到若铁架台不是在水平桌面上，而是在略微倾斜的桌面上是否影响实验呢？经小组分析不在水平桌面上（填“影响”或“不影响”）实验过程；（3）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂2个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时靠近支点相同距离，则杠杆的（选填“左”或“右”）端将沉；（4）如图丙所示，若挂在杠杆上的每个钩码重为1N。当杠杆在水平位置平衡时，止此时弹簧测力计的示数F1＝N。小明竖直向上将杠杆缓慢拉至虚线位置处静止，此时弹簧测力计的示数为F2，则F2F1，（选填“＞”、“＜“或“＝”），保持杠杆在虚线位置平衡，小明将弹簧测力计沿顺时针方向转至水平，此过程中弹簧测力计的示数将（填变化情况）；（5）如图丁所示，小红实验时在平衡杠杆的两端放上不同数量的相同硬币，杠杆仍在水平位置平衡她用刻度尺测出l1和l2，则2l13l2。（选填“＞”、“＜“或“＝”）【答案】右便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响不影响3左1.2＝先变小后变大＞【详解】（1）[1][2]图甲可知，杠杆的右端上翘，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆处于水平位置平衡，这样做便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响。（2）[3]实验过程中，若桌面略微倾斜，不影响调节杠杆在水平位置平衡，不影响实验过程。（3）[4]设杠杆每个格的长度为l